學必求其心得，業必貴于專精學必求其心得，業必貴于專精學必求其心得，業必貴于專精西藏昌都市第一中學2021屆高三上學期入學考試物理試題含解析昌都市第一高級中學2021屆高三入學考試理綜試題物理部分一、選擇題1.關于近代物理，下列說法正確的是（)A.α射線是高速運動的氦原子B。核聚變反應方程中，表示質子C.從金屬表面逸出的光電子的最大初動能與入射光的頻率成正比D。玻爾將量子觀念引入原子領域，其理論能夠解釋氫原子光譜的特征【答案】D【解析】【詳解】A．α射線是高速運動的氦核流，并非氦原子，故A錯誤；B．核聚變反應方程中，表示中子，故B錯誤；C．根據光電效應方程可知，從金屬表面逸出的光電子的最大初動能與入射光的頻率不成正比，故C錯誤;D．玻爾理論的基礎是普朗克（M。Planck）的量子論和愛因斯坦的光子學說。玻爾理論不但回答了氫原子穩定存在的原因，而且還成功地解釋了氫原子和類氫原子的光譜現象，故D正確.故選D。2.宇航員王亞平在“天宮1號”飛船內進行了我國首次太空授課，演示了一些完全失重狀態下的物理現象．若飛船質量為m,距地面高度為h，地球質量為M,半徑為R，引力常量為G，則飛船所在處的重力加速度大小為（）A。0 B。 C。 D.【答案】B【解析】對飛船受力分析知，所受到的萬有引力提供勻速圓周運動的向心力，等于飛船所在位置的重力，即，可得飛船的重力加速度為，故選B．【考點定位】萬有引力定律的應用．3.在等邊三角形的三個頂點a、b、c處,各有一條長直導線垂直穿過紙面，導線中通有大小相等的恒定電流，方向如圖．過c點的導線所受安培力的方向A。與ab邊平行，豎直向上B.與ab邊平行，豎直向下C。與ab邊垂直，指向左邊D。與ab邊垂直，指向右邊【答案】C【解析】本題考查了左手定則的應用．導線a在c處產生的磁場方向由安培定則可判斷，即垂直ac向左，同理導線b在c處產生的磁場方向垂直bc向下，則由平行四邊形定則，過c點的合場方向平行于ab，根據左手定則可判斷導線c受到的安培力垂直ab邊，指向左邊．4。在勻強磁場中一矩形金屬框繞與磁感線垂直的轉軸勻速轉動，如圖甲所示，產生的交變電動勢的圖象如圖乙所示，則（）A.t＝0。005s時線框的磁通量變化率為零B.t＝0.01s時線框平面與中性面重合C.線框產生的交變電動勢有效值為311VD。線框產生的交變電動勢頻率為100Hz【答案】B【解析】【詳解】A．由圖可知t=0.005s時刻感應電動勢最大,此時線圈所在平面與中性面垂直,所以線框的磁通量變化率最大,A錯誤;B．t=0.01s時刻感應電動勢等于零,所以穿過線框回路的磁通量最大，此時與中性面重合,B正確；C．產生的有效值為C錯誤；D．周期為，故頻率為D錯誤。故選B。5.高空作業須系安全帶，如果質量為m高空作業人員不慎跌落，從開始跌落到安全帶對人剛產生作用力前人下落的距離為h(可視為自由落體運動)．此后經歷時間t安全帶達到最大伸長，若在此過程中該作用力始終豎直向上，則該段時間安全帶對人的平均作用力大小為（)A。＋mg B.－mgC.＋mg D。－mg【答案】A【解析】【詳解】在安全帶對人有拉力的瞬間時，人做自由落體運動，此過程機械能守恒，故有，即在產生拉力瞬間速度為，之后人在安全帶的作用下做變速運動,末速度為零，設向上為正方向，則根據動量定理可得：有,聯立解得【點睛】本題關鍵是明確物體的受力情況和運動情況，然后對自由落體運動過程和全程封閉列式求解，注意運用動量定理前要先規定正方向6.如圖所示，一個矩形線框從勻強磁場的上方自由落下，進入勻強磁場中,然后再從磁場中穿出．已知勻強磁場區域的寬度L大于線框的高度h，下列說法正確的是（)A.線框只在進入和穿出磁場的過程中,才有感應電流產生B。線框從進入到穿出磁場的整個過程中，都有感應電流產生C.線框在進入和穿出磁場的過程中，都是機械能轉化成電能D。整個線框都在磁場中運動時，機械能轉化成電能【答案】AC【解析】【詳解】AB．線框在進入和穿出磁場的過程中,穿過線框的磁通量發生變化,有感應電流產生，而整個線框都在磁場中運動時，線框的磁通量不變，沒有感應電流產生，B錯誤A正確；C．線框在進入和穿出磁場的過程中，產生感應電流,線框的機械能減小轉化為電能,C正確；D．整個線框都在磁場中運動時，沒有感應電流產生，線框的重力勢能轉化為動能,機械能守恒,D錯誤.故選AC.7.已知金屬鈣的逸出功為2。7eV，氫原子的能級圖如圖所示，一群氫原子處于量子數能級狀態，則(）A。氫原子可能輻射4種頻率的光子B.氫原子可能輻射6種頻率的光子C。有3種頻率的輻射光子能使鈣發生光電效應D。有2種頻率的輻射光子能使鈣發生光電效應【答案】BC【解析】【詳解】AB．根據知，這群氫原子可能輻射6種頻率的光子．故A錯誤,B正確；

CD．n=4躍遷到n=3輻射的光子能量為0.66eV,n=3躍遷到n=2輻射的光子能量為1。89eV，n=4躍遷到n=2輻射的光子能量為2。55eV,均小于逸出功,不能發生光電效應，其余3種光子能量均大于2.7eV，所以這群氫原子輻射的光中有3種頻率的光子能使鈣發生光電效應．故C正確，D錯誤.

故選BC。8.如圖所示，有一臺交流發電機E，通過理想升壓變壓器T1和理想降壓變壓器T2向遠處用戶供電，輸電線的總電阻為R。T1的輸入電壓和輸入功率分別為U1和P1，它的輸出電壓和輸出功率分別為U2和P2；T2的輸入電壓和輸入功率分別為U3和P3，它的輸出電壓和輸出功率分別為U4和P4。設T1的輸入電壓U1一定，當用戶消耗的電功率變大時，有（）A.U2變小，U4變大B.U2不變，U3變小C。P1變小，P2變小D。P2變大，P3變大【答案】BD【解析】本題考查遠距離輸電問題，輸入功率和輸出功率相等，輸入功率歲輸出功率的變化而變化，當用戶消耗的電功率變大時，T2的輸入功率也變大,T1的輸出功率也變大，它的輸入功率也變大；BD正確；二、非選擇題：全部為必做題，請考生根據要求做答。9。研究小車勻變速直線運動的實驗裝置如圖甲所示，其中斜面傾角θ可調．打點計時器的工作頻率為50Hz.紙帶上計數點的間距如圖乙所示,其中每相鄰兩點之間還有4個記錄點未畫出．（1）部分實驗步驟如下：A．測量完畢，關閉電源，取出紙帶．B．接通電源，待打點計時器工作穩定后放開小車．C．將小車停靠在打點計時器附近,小車尾部與紙帶相連．D．把打點計時器固定在平板上，讓紙帶穿過限位孔．上述實驗步驟正確順序是：________（用字母填寫）．（2)圖乙中標出的相鄰兩計數點的時間間隔T＝________s。（3）計數點5對應的瞬時速度大小的計算式為v5＝________．(4)為了充分利用記錄數據，減小誤差，小車加速度大小的計算式應為a＝____________．【答案】(1).DCBA（2)。0.1（3).（4)?！窘馕觥俊驹斀狻浚?）［1］按常規實驗步驟，先安裝再操作后整理,再根據打點計時器的使用方法可知正確步驟為DCBA。(2)[2］因為：T打＝s＝0。02s因為相鄰兩計數點間有4個記錄點未畫出,故計數點的時間間隔T＝5T打＝0。1s.(3）［3]由：得。（4）[4]為了充分利用數據，應采用逐差法：a＝。10。某學習小組要描繪一只小電珠（2.5V，0.5A)的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導線和開關外，還有以下一些器材可供選擇：A。電源E（電動勢為3.0V，內阻不計）B。電壓表V1（量程為0~3.0V，內阻約為2kΩ）C。電壓表V2（量程為0～15.0V，內阻約為6KΩ)D。電流表A1(量程為0～0。6A，內阻約為1Ω）E。電流表A2（量程為0～100mA，內阻約為2Ω）F?；瑒幼冏杵鱎1(最大阻值10Ω）G.滑動變阻器R2（最大阻值2kΩ）①為了減小實驗誤差,實驗中電壓表應選擇______電流表應選擇______，滑動變阻器應選擇______；(填器材的符號)②為提高實驗精度，請你為該學習小組設計電路圖,并畫在右側的方框中。標出所選擇的器材的符號______（如V1)；③表中的各組數據是此學習小組在實驗中測得的，根據表格中的數據在方格紙上作出該電珠的伏安特性曲線______;U（V)00.511.52.02。5I（A)00。170.300.390。450。49④由圖象可知，該電阻的變化特性是溫度升高，電阻______。【答案】（1)。B(2）。D(3）.F（4）。

(5）。（6）.增大【解析】【詳解】①［1]燈泡額定電壓是2。5V，電壓表應選B[2]燈泡額定電流為0.5A，電流表選D[3]測定伏安特性曲線實驗要求電流從零調，變阻器應采用分壓式接法，應選擇阻值小的變阻器F②［4]由于小電珠電阻較小，電流表應用外接法，又變阻器應采用分壓式接法，電路圖如圖所示

③[5］應用描點法作圖,燈泡I－U圖象如圖所示④［6]根據燈泡的I－U圖象，且曲線上各點與原點連線的斜率表示電阻的倒數，燈泡電阻隨溫度的升高而變大11。輕質細線吊著一質量為m＝0。32kg、邊長為L＝0.8m、匝數n＝10的正方形線圈，總電阻為r＝1Ω.邊長為的正方形磁場區域對稱分布在線圈下邊的兩側，如圖甲所示，磁場方向垂直紙面向里,大小隨時間變化關系如圖乙所示，從t＝0開始經t0時間細線開始松弛，取g＝10m/s2.求:(1)在前t0時間內線圈中產生的電動勢；(2）在前t0時間內線圈的電功率；（3)t0的值．【答案】(1）0.4V(2）0.16W（3）2s【解析】【詳解】（1）由法拉第電磁感應定律得：E＝n＝n××解得E＝0.4V感應電流的方向：逆時針（2)I＝＝04AP＝I2r＝0.16W（3）分析線圈受力可知,當細線松弛時有：F安＝nBt0I＝mgI＝Bt0＝＝2T由圖乙知：Bt0＝1＋0。5t0解得：t0＝2s12.如圖所示,豎直平面內的四分之一圓弧軌道下端與水平桌面相切，小滑塊A和B分別靜止在圓弧軌道的最高點和最低點．現將A無初速度釋放，A與B碰撞后結合為一個整體，并沿桌面滑動．已知圓弧軌道光滑，半徑R=0。2m，A與B的質量相等，A與B整體與桌面之間的動摩擦因數=0。2．取重力加速度g=10m/s2，求:（1）碰撞前瞬間A的速率v．（2）碰撞后瞬間A與B整體的速度．(3）A與B整體在桌面上滑動的距離L．【答案】（1）2m/s(2）1m/s（3）0.25m【解析】【詳解】（1）對A從圓弧最高點到最低點的過程應用機械能守恒定律有:可得（2)A在圓弧軌道底部和B相撞,滿足動量守恒，有：，可得（3）對AB一起滑動過程，由動能定理得：，可得L=0.25m13.下列說法正確的是___________（填正確答案標號．）A.物體吸收熱量，其溫度一定升高B.一定質量的理想氣體,內能只與溫度有關與體積無關C.做功和熱傳遞是改變物體內能的兩種方式D。布朗運動是懸浮在液體中固體顆粒的分子無規則運動的反映E。第二類永動機是不能制造出來的，盡管它不違反熱力學第一定律,但它違反熱力學第二定律【答案】BCE【解析】【詳解】A項：根據熱力學第一定律，若物體吸收熱量，若同時對外做功，其溫度不一定升高，故A錯誤;B項：一定質量的理想氣體，內能只與溫度有關與體積無關，故B正確；C項：改變內能的方式有做功和熱傳遞，故C正確；D項：布朗運動是固體小顆粒的運動，間接反映了液體分子的無規則運動，故D錯誤；E項：第二類永動機是不能制造出來的，盡管它不違反熱力學第一定律，但它違反熱力學第二定律，故E正確．14.一定質量的理想氣體從狀態A變化到狀態B，再變化到狀態C，其狀態變化過程的p-V圖象如圖所示。已知該氣體在狀態A時的溫度為27.求：（i）該氣體在狀態B，C時的溫度分別是多少;（ii）該氣體從狀態A到狀態C的過程中是吸熱還是放熱?傳遞的熱量是多少?【答案】(i）,;（ii)吸熱,200J【解析】【詳解】（i)氣體從狀態A到狀態B是等容過程，根據蓋-呂薩克定律，有解得即tB=－73氣體從狀態B到狀態C，是等壓過程,根據查理定律，有：解得即tC=27(ii)氣體從狀態A到狀態C體積增大，對外做功，即W＜0;TA=TC,所以，A到狀態C的過程中內能變化量為0，由熱力學第一定律得Q＞0，所以A→C的過程中是吸熱。從A到B過程，體積不變，氣體不外做功,外界也不對氣體做功，只有B到C過程氣體對外做功，故吸收的熱量為15。下列說法正確的是________．A.在穩定干涉區域內，波峰和波峰疊加得到振動加強點,波谷和波谷疊加得到振動減弱點B。光的偏振特征說明光是橫波C.火車鳴笛向我們駛來時，我們聽到的笛聲頻率將比聲源發聲的頻率高D。擺鐘偏快時可縮短擺長進行校準E.平衡位置是指回復力為零的位置，物體在該位置所受的合外力不一定為零．【答案】BCE【解析】【詳解】A．振動加強點為波峰和波峰,波谷和波谷相遇處，A錯誤；B．只有橫波才能發生偏振,所以光的偏振特征說明光是橫波，B正確；C．火車鳴笛向我們駛來時,間距變小，則我們聽到的笛聲頻率將比聲源發聲的頻率高，故C正確;D．擺鐘偏快時，說明周期偏小，若要周期變大，則可伸長擺長進行校準，故D錯誤;E．例如單擺，平衡位置在其最低點，回復力為零，但此時的合力不為零，E正確．