山東省德州市夏津縣雙語中學2023年高一物理第二學期期中學業質量監測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、一質量為m的人站在電梯中，電梯減速下降，若加速度大小為g（g為重力加速度），則人對電梯底部的壓力大小為（）A．mg B．

mg C．mg D．

mg2、關于曲線運動，下列說法中正確的是（）A．曲線運動是變速運動，所受的合外力一定變化B．做曲線運動的物體，速度的方向與所受的合外力方向可以在一條直線上C．做曲線運動的物體，速度的方向與所受的合外力的方向可以垂直D．做曲線運動的物體，速度的大小與方向都時刻發生改變3、如圖所示,從空中以的初速度平拋一重為10N的物體,物體在空中運動3s落地,不計空氣阻力,取g,則物體下落過程中的平均功率和落地前瞬間重力的瞬時功率分別為(

)A．300W300W B．150W300W C．150W500W D．300W500W4、一對等量異種電荷電場的電場線（實線）和等勢線（虛線）分布如圖所示，則下列說法正確的是A．A點場強EA大于B點場強EBB．A點電勢高于B點電勢C．某一點電荷在A點時的電勢能EPA大于在B點時的電勢能EPBD．將某一點電荷從A點移至B點，路徑不同，電場力做功也不同5、地下礦井中的礦石裝在礦車中，用電機通過豎井運送到地面。某豎井中礦車提升的速度大小v隨時間t的變化關系如圖所示，其中圖線①②分別描述兩次不同的提升過程，它們變速階段加速度的大小都相同；兩次提升的高度相同，提升的質量相等。不考慮摩擦阻力和空氣阻力。對于第①次和第②次提升過程（）A．礦車上升所用的時間之比為2：3 B．電機輸出的最大功率之比為2：1C．電機的最大牽引力之比為2：1 D．電機所做的功之比為4：56、兩個行星的質量分別為m1和m2，繞太陽運行的軌道半徑分別是r1和r2，若它們只受太陽引力的作用，那么這兩個行星的向心加速度之比為（

）A．1 B． C． D．7、水平面上一物體從靜止開始，沿直線先做勻加速直線運動，3s后接著又做勻減速直線運動，再經9s停止．在先后加速和減速的兩個運動過程中A．加速度大小之比為3∶1 B．平均速度大小之比為1∶1C．位移大小之比為1∶1 D．位移大小之比為1∶98、關于勻強電場中電勢差與場強的關系，下列說法中不正確的是（）A．電場強度的方向就是電勢降落最快的方向B．任意兩點間的電勢差等于場強和這兩點間距離的乘積C．電勢減小的方向，必定是場強的方向D．沿電場線方向任何相同距離上電勢降落必定相等9、如圖所示，A是靜止在赤道上的物體，B、C是同一平面內兩顆人造衛星。B為繞地球表面的近地衛星，C是地球同步衛星。則以下判斷正確的是（）A．衛星B的速度大小大于地球的第一宇宙速度B．A、B的線速度大小關系為vA＞vBC．周期大小關系為TA＝TC＞TBD．若衛星B要靠近C所在軌道，需要先加速10、汽車以恒定的速率繞圓形廣場一周用時2min,以下說法正確的是：A．汽車每行駛半周速度方向改變90°B．汽車每行駛30s速度方向改變60°C．汽車行駛過程中速度方向時刻在改變，且速度變化方向總指向圓心D．如果再知道圓形廣場的半徑，利用題中數據可以計算出汽車行駛速率的大小11、如圖所示，某轉筆高手能讓筆繞O點勻速轉動，A是筆尖上的點，B是A和O的中點．A、B兩點線速度大小分別是vA、vB，角速度大小分別是ωA、ωB，向心加速度大小分別是aA、aB，周期大小分別是TA、TB，則（）A．vA＝2vB B．ωA＝2ωBC．aA＝aB D．TA＝TB12、如圖所示，豎直放置的光滑圓軌道被固定在水平地面上，軌道半徑r=0.4m，軌道最低點處有一小球（半徑比r小很多）。現給小球一水平向右的初速度v0，要使小球不脫離圓軌道運動，下列v0取值合適的是（g取10m/s2）（）A．v0≤2m/s B．v0≥0C．v0≥4m/s D．v0≥2m/s二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）如圖甲所示是小徐同學做“探究做功與速度變化的關系”的實驗裝置。他用質量為m的重物通過滑輪牽引質量為M的小車，使它在長木板上運動，打點計時器在紙帶上記錄小車的運動情況。(1)平衡摩擦力的時候，打點計時器_____（填“需要”或“不需要”）開啟。(2)平衡摩擦力后，接通電源，釋放小車，打點計時器在紙帶上打下一系列點，將打下的第一個點標為。在紙帶上依次取A、B、C……若干個計數點，已知相鄰計數點間的時間間隔為T，測得A、B、C……各點到O點的距離為、、……如圖乙所示。實驗中，滿足_________這一條件時，可認為小車所受的拉力大小為mg，從打O點到打B點的過程中，拉力對小車做的功W=_________，打B點時小車的動能________。（用題中給出的字母表示）(3)假設已經完全消除了摩擦力和其他阻力的影響，若不能滿足第(2)問的條件，但仍然按照第(2)問的方法求出W，則從理論上分析，圖中正確反映關系的是_____。14、（10分）在“探究平拋運動的運動規律”的實驗中，可以描繪出小球平拋運動的軌跡，實驗簡要步驟如下：A．讓小球多次從________位置上無初速度滾下，在一張印有小方格的紙上記下小球碰到鉛筆筆尖的一系列位置，如圖中的a、b、c、d所示．B．按圖安裝好器材，注意斜槽末端________和平板豎直，記下平拋初位置O點和過O點的豎直線．C．取下白紙以O為原點，以豎直線為y軸建立平面直角坐標系，用平滑曲線畫出小球做平拋運動的軌跡．(1)完成上述步驟，將正確的答案填在橫線上．(2)上述實驗步驟的合理順序是________．(3)已知圖中小方格的邊長L＝2.5cm，則小球平拋的初速度為v0＝________m/s，小球在b點的速率為________m/s.(取g＝10m/s2)三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）已知地球的半徑是6.4×106m，地球的自轉周期是24h，地球的質量是5.98×1024kg，引力常量G=6.67×10－11N·m2/kg2，若要發射一顆地球同步衛星，試求：(1)地球同步衛星的軌道半徑r；(2)地球同步衛星的環繞速度v的大小，并與第一宇宙速度比較大小關系．16、（12分）一質量m=0.2kg的物塊，自斜面頂端由靜止釋放，經時間t=1s滑至底端，已知斜面傾角θ=30°，高度h=0.75m。取g=10m/s2，求：（1）物塊下滑過程中加速度的大小；（2）物塊下滑過程中損失的機械能。17、（12分）如圖所示，在以角速度ω＝2rad/s勻速轉動的水平圓盤上，放一質量m＝5kg的滑塊，滑塊離轉軸的距離r＝0.2m，滑塊跟隨圓盤一起做勻速圓周運動(二者未發生相對滑動)．求：(1)滑塊運動的線速度大小；(2)滑塊受到靜摩擦力的大小和方向．

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、D【解析】試題分析：由于電梯減速減速，故加速度向上，可知人處于超重狀態，由此對人受力分析，列牛頓第二定律解得電梯對人的支持力，進而得人對電梯的壓力解：由于電梯減速減速，故加速度向上，對人受力分析，受到重力mg，地面支持力N，由牛頓第二定律：mg﹣N=ma即：mg﹣N=﹣m解得：N=故選D【點評】重點是對超重和失重的判定，其依據是加速度的方向，加速向下為失重，加速度向上為超重．2、C【解析】

AB．既然是曲線運動，它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運動一定是變速運動；但做曲線運動的條件是合外力與初速度不再一條直線上，與合外力是否變化無關，故AB錯誤；C．做曲線運動的物體，速度的方向與所受的合外力的方向不在一條直線上，可以垂直，故C正確；D．做曲線運動的物體，速度的大小可以不變，但方向一定改變，故D錯誤。故選C。3、B【解析】

物體做平拋運動,在豎直方向上做自由落體運動,所以物體落地瞬間豎直方向的速度為：則落地瞬間重力的瞬時功率為：物體下落的位移為：則重力做功為：則重力的平均功率為：A．300W300W與分析不符，故A項錯誤；B．150W300W與分析相符，故B項正確；C．150W500W與分析不符，故C項錯誤；D．300W500W與分析不符，故D項錯誤．4、A【解析】根據電場線的疏密判斷場強的大小，所以A點場強EA大于B點場強EB，故A正確；順著電場線電勢降低，B點電勢高于A點電勢，故B錯誤；若把一正點電荷從A點移到B點，電場力做負功，電勢能增加，所以正點電荷在A點的電勢能EPA小于在B點時的電勢能EPB，若把一負點電荷從A點移到B點，電場力做正功，電勢能減少，所以負點電荷在A點的電勢能EPA大于在B點時的電勢能EPB，故C錯誤；根據電場力做功特點可知，將某一點電荷從A點移至B點，路徑不同，電場力做功相同，故D錯誤。所以A正確，BCD錯誤。5、B【解析】

A．由圖可得，變速階段的加速度設第②次所用時間為t，根據速度-時間圖象的面積等于位移（此題中為提升的高度）可知解得所以第①次和第②次提升過程所用時間之比為故A錯誤；B．由功率公式P=Fv電機輸出的最大功率之比等于最大速度之比為2:1，B正確；C．由于兩次提升變速階段的加速度大小相同，在勻加速階段，由牛頓第二定律可得提升的最大牽引力之比為1∶1，C錯誤；D．電機所做的功等于增加的重力勢能，兩次增加的重力勢能相同，因此電機做功之比為故D錯誤。6、D【解析】

由萬有引力提供向心力，可得向心加速度表達式，進而可得比值；【詳解】對和由萬有萬有引力提供向心力可得：，，聯立可以得到：，故D正確，ABC錯誤．【點睛】本題主要是萬有引力提供向心力的應用，在平時學習過程中加強訓練．7、AB【解析】

設加速時的加速度大小為a1，據速度時間關系可知，3s后物體的速度為v=3a1，在勻減速運動中的加速度大小為a2，則其大小為：，以加速度大小之比為3：1，故A正確；初速度為0，減速運動時末速度為0，根據平均速度公式可知，加減速時的平均速度都是，故B正確；因為加速與減速階段的平均速度之比為1：1，又加速時間和減速時間之比為1：3，所以加速階段的位移和減速階段的位移之比為1：3，故CD錯誤。8、BC【解析】

順著電場線方向電勢降低，電勢降落最快的方向就是場強的方向，故A正確，C錯誤；U=Ed，d是沿電場線方向上的距離，不是任意兩點間的距離，故B錯誤；根據公式U=Ed可知，沿電場線方向，距離相同，電勢差相同，即相同距離上電勢降落必定相等．故D正確．9、CD【解析】

A．B位于離地高度等于地球半徑的圓形軌道上，地球的第一宇宙速度是近表面衛星運行速度，根據萬有引力等于向心力解得所以衛星B的速度大小小于地球的第一宇宙速度，故A錯誤；B．B位于離地高度等于地球半徑的圓形軌道上；C是地球同步衛星，所以對于放在赤道上的物體A和同步衛星C有相同的周期和角速度，根據所以所以故B錯誤；C．對于放在赤道上的物體A和同步衛星C有相同的周期和角速度，所以根據萬有等于向心力得B位于離地高度等于地球半徑的圓形軌道上；C是地球同步衛星，所以所以周期大小關系為故C正確；D．若衛星B要靠近C所在軌道，需要先加速，做離心運動，故D正確。故選CD。10、CD【解析】

A、汽車勻速圓周運動半周，轉動了180°，則速度的方向改變了180°；故A錯誤.B、汽車每行駛30s速度方向改變；故B錯誤.C、向心加速度的特點是與速度垂直，它不改變速度的大小，只改變速度的方向使其總是沿著圓周的切線方向，則向心加速度總是指向圓心；故C正確.D、據題意知勻速圓周運動的周期為，由線速度的定義可知，故測出半徑r可求出線速度的大小；故D正確.故選CD.11、AD【解析】

AB、筆桿上的各個點都做同軸轉動，所以角速度是相等的，由題意可知，根據可知，故選項A正確，B錯誤；C、由向心加速度公式可知，故選項C錯誤；D、筆桿上的各個點都做同軸轉動，所以周期是相等的，故選項D正確；12、AD【解析】

在最高點的臨界情況解得根據動能定理得解得若不通過四分之一圓周，根據動能定理有解得所以或故選AD。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、需要重物質量遠小于小車質量A【解析】

(1)[1]平衡摩擦力的時候，也包括要平衡打點計時器與紙帶之間的摩擦力，則打點計時器需要開啟。(2)[2]實驗中，對重物mg-T=ma對小車T=Ma則則當M>>m時T≈mg，即滿足重物質量遠小于小車質量這一條件時，可認為小車所受的拉力大小為mg；[3]從打O點到打B點的過程中，拉力對小車做的功W=[4]打B點時小車的速度動能(3)[5]將重物和小車看作一個系統M、m質量不變W=mgx因此圖象為過原點的傾斜直線，應選擇圖象A。14、同一切線水平BAC1.01.25【解析】

A.在研究平拋運動時，為了保證每次小球到達軌道末端速度相同，每次必須從同一位置由靜