2022-2023學年高一下物理期末模擬試卷請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖所示，斜面體靜止在粗糙水平地面上，物體靜止在斜面上，下列說法正確的是A．物體所受重力和斜面體對物體的支持力是一對作用力和反作用力B．物體對斜面體的壓力和斜面體對物體的支持力是一對平衡力C．斜面體受四個力作用D．斜面體受五個力作用2、(本題9分)如圖所示，繞地球做勻速圓周運動的衛星的角速度為，對地球的張角為弧度，萬有引力常量為。則下列說法正確的是（）A．衛星的運動屬于勻變速曲線運動B．張角越小的衛星，其角速度越大C．根據已知量可以求地球質量D．根據已知量可求地球的平均密度3、用輕彈簧豎直懸掛質量為m的物體，靜止時彈簧伸長量為L．現用該彈簧沿斜面方向拉住質里為2m的物體，系統靜止時彈簧伸長量也為L．斜面傾角為30°，如圖所示．則物體所受摩擦力A．等干零B．大小為mg，方向沿斜面向下C．大小為mg，方向沿斜面向上D．大小為mg，方向沿斜面向上4、(本題9分)如圖所示，蹲在樹枝上的一只松鼠看到一個獵人正在用槍水平對準它，就在子彈出槍口時，松鼠開始運動，下述各種運動方式中，松鼠不能逃脫厄運而被擊中的是（設樹枝足夠高）：①自由落下②豎直上跳③迎著槍口，沿AB方向水平跳離樹枝④背著槍口，沿AC方向水平跳離樹枝A．①②③B．②③④C．①③④D．①②④5、(本題9分)兩根長度不同的細線下面分別懸掛兩個小球，細線上端固定在同一點，若兩個小球以相同的角速度繞共同的豎直軸在水平面內做勻速圓周運動，則兩個擺球在運動過程中，相對位置關系示意圖正確的是圖中的()A． B．C． D．6、(本題9分)2018年4月3日，“天宮一號”回歸地球，落于南太平洋中部區域．“天宮一號”返回過程中，由高軌道向低軌道變軌．關于“天宮一號”回歸地球變軌的過程中，下列說法正確的是：A．“天宮一號”動能變小,機械能不變B．“天宮一號”動能變大，機械能不變C．“天宮一號”動能變小,機械能變小D．“天宮一號”動能變大,機械能變小7、(本題9分)“天宮一號”是我國第一個目標飛行器和空間實驗室.已知“天宮一號”繞地球的運動可看做是勻速圓周運動，轉一周所用的時間約為90分鐘.關于“天宮一號”，下列說法正確的是()A．“天宮一號”的線速度一定比靜止于赤道上的物體的線速度小B．“天宮一號”離地面的高度一定比地球同步衛星離地面的高度小C．“天宮一號”的角速度約為地球同步衛星角速度的16倍D．當宇航員站立于“天宮一號”內不動時，他所受的合力為零8、如圖所示，長為L=4m的傳送帶的速度是5m/s，現將m=1kg的小物體輕放在左輪正上方的皮帶上，物體與皮帶間的動摩擦因數μ=0.2，g＝10m/s2，電動機帶動皮帶將物體從左輪運送到右輪的過程中，下列說法中正確的是()A．傳送帶對小物體做功為8JB．小物體獲得的動能為12.5JC．摩擦產生的熱量為12JD．電動機由于傳送物體多消耗的能量為25J9、如圖所示，輕質彈簧左端固定，右端與質量為m的重物相連，重物套在固定的粗糙豎直桿上．開始時重物處于A處，此時彈簧水平且處于原長．現將重物從A處由靜止開始釋放，重物下落過程中經過B處時速度最大，到達C處時速度為零，已知AC的高度差為h．現若在C處給重物一豎直向上的初速度v，則圓環恰好能回到A處．已知彈簧始終在彈性限度內，重物與桿之間動摩擦因數恒定，重力加速度為g，則下列說法中正確的是A．重物下滑到B處時，加速度為零B．重物在下滑過程中所受摩擦力先增大后減小C．重物從A到C的過程中彈簧的彈性勢能增加了D．重物與彈簧組成的系統在下滑過程中機械能損失大于上升過程中機械能的損失10、如圖所示為兩物體A、B在沒有其他外力作用時相互作用前后的速度—時間（v－t）圖像，則由圖像可知（）A．A、B作用前后總動量不守恒B．一定是A物體追及B物體發生碰撞C．A、B的質量之比為5∶3D．該碰撞是彈性碰撞11、經典力學有一定的局限性和適用范圍．下列運動適合用經典力學研究和解釋的是（）A．“墨子號”量子衛星繞地球運動的規律B．“墨子號”量子衛星從太空發出兩道紅光，射向云南雨江高美古站，首次實現了人類歷史上第一次距離達千里級的量子密鑰分發C．氫原子內電子的運動D．高速飛行的子彈的運動12、(本題9分)等量異號點電荷的連線和中垂線如圖所示，現將一個帶負電的試探電荷先從圖中的a點沿直線移動到b點，再從b點沿直線移動到c點，則試探電荷在此全過程中A．所受電場力的方向不變B．所受電場力的大小恒定C．電勢能一直減小D．電勢能先不變后減小二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）(本題9分)物理小組利用頻閃照相和氣墊導軌做“探究碰撞中的不變量”的試驗．步驟如下：①用天平測出滑塊A、B的質量分別為300g和200g②安裝好氣墊導軌，調節氣墊導軌的調節旋鈕，使導軌水平；③向氣墊導軌通入壓縮空氣；④把A、B兩滑塊放到導軌上，并給他們一個初速度，同時開始閃光照相，閃光的時間間隔設定為△t=0.2s．照片如圖：該組同學結合實驗過程和圖象分析知：該圖象是閃光4次攝得的照片，在這4次閃光的瞬間，A、B兩滑塊均在0～80cm刻度范圍內；第一次閃光時，滑塊B恰好通過x=55cm處，滑塊A恰好通過x=70cm處；碰撞后有一個物體處于靜止狀態．請問：（1）以上情況說明碰后____（選填A或B）物體靜止，滑塊碰撞位置發生在_____cm處；（2）滑塊碰撞時間發生在第一次閃光后____s；（3）設向右為正方向，試分析碰撞前兩滑塊的質量與速度乘積之和是____kg?m/s，碰撞后兩滑塊的質量與速度乘積之和是____kg?m/s，以上實驗結果說明在碰撞過程中保持不變的物理量是__．14、（10分）(本題9分)（1）在“用打點計時器測速度”實驗中，電磁打點計時器和電火花計時器都使用_____（填“直流”或“交流”）電源。在我國，電火花打點計時器工作電壓為_____，兩個相鄰點的時間間隔為_____。（1）如下圖為物體做勻加速運動時打點計時器打出的一條紙帶，圖中相鄰的點間還有四個點未畫出，已知打點計時器接交流50Hz的電源，則打點計時器打出D點時，物體的速度大小為_____m/s，物體運動的加速度大小為_____m/s1．（計算結果保留兩位有效數字）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，質量m=2.0kg的物體放在光滑水平面上。t=0時刻，物體在水平拉力F作用下由靜止開始運動。已知F=6.0N。求：（1）物體的加速度大小a；（2）在t=0到t=2.0s內，物體的位移大小x。16、（12分）把質量為1kg的石塊從10m高處以30°角斜向上方拋出，初速度為8m/s．不計空氣阻力，取g=10m/s1．求：（1）人對石塊做的功（1）石塊落地時的速度大小17、（12分）(本題9分)如圖光滑水平導軌AB的左端有一壓縮的彈簧，彈簧左端固定，右端前放一個質量為m=1kg的物塊（可視為質點），物塊與彈簧不粘連，B點與水平傳送帶的左端剛好平齊接觸，傳送帶的長度BC的長為L=6m，沿逆時針方向以恒定速度v=1m/s勻速轉動．CD為光滑的水平軌道，C點與傳送帶的右端剛好平齊接觸，DE是豎直放置的半徑為R=0.4m的光滑半圓軌道，DE與CD相切于D點．已知物塊與傳送帶間的動摩擦因數μ=0.1，取g=10m/s1．（1）若釋放彈簧，物塊離開彈簧，滑上傳送帶剛好能到達C點，求彈簧儲存的彈性勢能；（1）若釋放彈簧，物塊離開彈簧，滑上傳送帶能夠通過C點，并經過圓弧軌道DE，從其最高點E飛出，最終落在CD上距D點的距離為x=1.1m處（CD長大于1.1m），求物塊通過E點時受到的壓力大小；（3）滿足（1）條件時，求物塊通過傳送帶的過程中產生的熱能．

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、C【解析】

AB.物體靜止在斜面上，受重力、支持力、摩擦力處于平衡狀態．物體對斜面體的壓力和斜面體對物體的支持力是一對作用力和反作用力，故A、B錯誤；CD.物體對斜面體的摩擦力沿斜面向下，對斜面體的壓力垂直于斜面向下，這兩個力合力豎直向下，大小等于物體重力，斜面體相對于水平地面沒有運動趨勢，故水平地面對斜面體只有支持力（沒有摩擦力），斜面體還受自身重力，這樣斜面體共受四個力作用，故C正確，D錯誤。2、D【解析】

A．衛星的加速度方向一直改變，故加速度一直改變，不屬于勻變速曲線運動，故A錯誤；B．設地球的半徑為R，衛星做勻速圓周運動的半徑為r，由幾何知識得可知張角越小，r越大，根據得可知r越大，角速度越小，故B錯誤；C．根據萬有引力提供向心力，則有解得地球質量為因為r未知，所以由上面的式子可知無法求地球質量，故C錯誤；D．地球的平均密度則知可以求出地球的平均密度，故D正確。故選D。3、A【解析】試題分析：彈簧豎直懸掛物體時，對物體受力分析，根據共點力平衡條件F="mg"①根據胡克定律F="kL"②由①②得，③物體放在斜面上時，再次對物體受力分析，如圖設物體所受的摩擦力沿斜面向上，根據共點力平衡條件，有F′+f-2mgsin31°="1"③其中F′="kL=mg"④由以上四式解得f=1，故物體所受的摩擦力大小方向沿斜面向上，大小為1．故選A．考點：物體的平衡【名師點睛】本題關鍵對物體受力分析，然后運用共點力平衡條件及胡克定律列式求解；注意胡克定律中彈簧的彈力與伸長量成正比．4、C【解析】試題分析：子彈在豎直方向上是自由落體運動，若松鼠做自由落體運動，那么松鼠和子彈在豎直方向上的運動是一樣的，它們始終在一個高度上，所以松鼠一定會被擊中，同樣，③迎著槍口，沿AB方向水平跳離樹枝和④背著槍口，沿AC方向水平跳離樹枝這兩種運動在豎直方向上也是自由落體運動，松鼠同樣會被擊中，都不能逃脫厄運，只有②豎直上跳時，在豎直方向上和子彈的運動過程不一樣，能逃過厄運．故C正確，ABD錯誤．故選C．考點：平拋運動5、B【解析】

小球做勻速圓周運動，對其受力分析如圖所示，由牛頓第二定律則有mgtanθ＝mω2Lsinθ整理得：Lcosθ＝是定值則兩球處于同一高度，故B項與分析相符。6、D【解析】根據可知，“天宮一號”動能，機械能，由高軌道向低軌道變軌，“天宮一號”動能變大，機械能變小，故D正確，A、B、C錯誤；故選D．7、BC【解析】

根據萬有引力提供向心力GMmr2=mv2r，解得：v=GMr，由此可知，軌道半徑越大，速度越小，同步衛星的軌道半徑遠大于天宮一號的軌道半徑，所以“天宮一號”的線速度比地球同步衛星的線速度大，由v=rω8、AC【解析】

AB．對物體運用動能定理有可得物體速度增大到5m/s時的對地位移x=12.5m＞4m，可見質點一直在加速。運動到右輪正上方時，速度還沒達到5m/s，再根據動能定理可得物體獲得的動能Ek=μmgx=8J故A正確，B錯誤；

C．由得物體到達最右端速度v=4m/s得物塊相對傳送帶的位移根據Q=Ek=μmg?x得Q=12J故C正確；D．電動機由于傳送物體多消耗的能量等于物體動能增加量和摩擦產生的內能之和等于20

J，故D錯誤。9、AC【解析】

根據圓環的運動情況分析下滑過程中，分析加速度的變化；研究圓環從A處由靜止開始下滑到C過程和圓環從C處上滑到A的過程，運用動能定理列出等式，可求彈力做功，從而得到在C處彈簧的彈性勢能．【詳解】A．圓環從A處由靜止開始下滑，經過B處的速度最大，到達C處的速度為零，所以圓環先做加速運動，再做減速運動，經過B處的速度最大，所以經過B處的加速度為零，A正確；B．設彈簧與豎直方向的夾角為，彈簧的勁度系數為k，受力分析如圖所示，則，而，故，減小，故N增大，根據可得摩擦力增大，B錯誤；C．研究圓環從A處由靜止開始下滑到C過程，由動能定理得，在C處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到A，由動能定理得，解得，，所圓環從A處到C處的過程中彈簧的彈性勢能增加量為，C正確；D．下滑過程和上滑過程經過同一位置時圓環所受的摩擦力大小相等，兩個過程位移大小相等，所以摩擦力做功相等，即重物與彈簧組成的系統在下滑過程中機械能損失等于上升過程中機械能的損失，D錯誤．10、BCD【解析】

A.由題意可知，物體A、B組成的系統不受外力作用，則系統動量守恒，故A錯誤；B.因為初狀態，A的速度大于B的速度，末狀態，A的速度小于B的速度，而物體A、B組成的系統不受外力作用，所以一定是A物體追及B物體發生碰撞，故B正確；C.由動量守恒定律得：，解得，故C正確；D.碰前的機械能；碰后的機械能，碰前的機械能等于碰后機械能，所以是該碰撞是彈性碰撞，故D正確。11、AD【解析】

A、“墨子號”量子衛星繞地球運動的宏觀物體的運動，適合用經典力學研究和解釋，A正確；B、量子密鑰分發是微觀粒子運動，不適合用經典力學研究和解釋，B錯誤；C、氫原子內電子的運動是微觀粒子運動，不適合用經典力學研究和解釋，C錯誤；D、高速飛行的子彈的運動，宏觀物體的運動，適合用經典力學研究和解釋，D正確；12、AD【解析】

試題分析：在等量的異種電荷的中垂線上，電場方向始終垂直中垂線且指向負電荷，檢驗電荷所受電場力的方向保持不變，所以A錯誤；且電荷從a運動到b，因電場力與位移方向垂直，電場力不做功；從b到c運動的過程中電場力做正功因此電勢能減小，所以C錯；又因為電場線分布的疏密不同，所受電場力是變化的，所以B錯誤；電荷從b運動到c，因為電場力做正功，所以電荷電勢能減小，所以D正確．故選D．二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、A600.1-0.2-0.2碰撞前后兩物體的質量與速度的乘積之和【解析】(1)由圖可知，A只有兩個位置有照片，則說明A碰后保持靜止，故碰撞發生在第1、2兩次閃光時刻之間，碰撞后A靜止，故碰撞發生在x=60cm處；(2)碰撞后A向左做勻速運動，設其速度為vA′，所以vA′?△t=20，碰撞到第二次閃光時A向左運動10cm，時間為t′，有vA′?t′=10，第一次閃光到發生碰撞時間為t，有t+t′=△t，得(3)設向右為正方向，碰撞前，B的速度大小為：A的速度則碰撞前兩滑塊的質量與速度乘積之和P1=mBvB+mAvA=0.2×0.5-0.3×1=-0.2kgm/s．碰撞后，A靜止，B速度則碰撞后兩滑塊的動量PB=-mBvB′=-0.2×1=-0.2kgm/s．以上實驗結果說明在碰撞過程中保持不變的物理量是碰撞前后兩物體的質量與速度的乘積之和．點晴：本題利用氣墊導軌進行驗證動量守恒定律的實驗，要求能明確實驗原理，注意碰撞前后兩物體的位置從而明確位移和速度，再根據動量守恒定律列式即可求解．14、交