2019-2020第二學期高三年級階段檢測生物學科一、單選題1.下列有關細胞中元素和化合物的敘述，正確的是A.脂肪分子中含H比糖類多，是主要的能源物質B.存在于葉綠體而不存在于線粒體中的糖是葡萄糖C.ATR核酸、抗體、DNA勺組成元素中都有CHQN、PD.蛋白質分子中的N主要存在于氨基中，核酸中的 N主要存在于堿基中【答案】B【解析】【分析】據題文和選項的描述可知：該題考查學生對細胞中的有機化合物（糖類、蛋白質、核酸、脂肪等）的元素組成、結構、功能等相關知識的識記和理解能力。【詳解】脂肪分子中H的含量比糖類多，而氧的含量低于糖類，相同質量的脂肪氧化分解釋放的能量多于糖類，因此脂肪是細胞內良好的儲能物質， A錯誤；葡萄糖是光合作用的產物，而葡萄糖分解為丙酮酸發生在細胞質基質中，可見，葡萄糖存在于葉綠體而不存在于線粒體中， B正確；ATR核酸、DNA的組成元素中都有C、H、ON、P,抗體屬于蛋白質，蛋白質的基本組成元素是 CH。N四種，有的蛋白質還含有S等元素，C錯誤；蛋白質分子中的N主要存在于肽鍵中，核酸中的 N主要存在于堿基中，D錯誤。【點睛】解答此題的關鍵是識記和理解細胞中的細胞中的糖類、蛋白質、核酸（含 DNA、脂肪、ATP的元素組成，識記和理解蛋白質與核酸的結構、糖類的分布等相關知識，并與細胞呼吸、光合作用建立聯系，據此分析判斷各選項。2.如下圖為細胞中化合物A與化合物B生成化合物D的過程示意圖，C為化學鍵。下列敘述中正確的是（）DA.若A為甘油、B為脂肪酸，則D中含有元素PB.若A為葡萄糖、B為果糖，則D為麥芽糖C.若A為甲硫氨酸、B為甘氨酸，則C可表示為CO-NHD.若A為腺昔，B為磷酸基團，則C不是高能磷酸鍵【分析】脂肪由甘油和脂肪酸脫水縮合而成；兩個氨基酸脫水縮合形成二肽；糖類有單糖、二糖、多糖，其中二糖包括麥芽糖、蔗糖、乳糖，麥芽糖是由兩分子葡萄糖組成，蔗糖是由一分子葡萄糖和一分子果糖組成，乳糖是由一分子葡萄糖和一分子半乳糖組成。【詳解】A、若A為甘油、B為脂肪酸，則D為脂肪，脂肪的組成元素為 C、H、O,不含P,A錯誤；B、若A為葡萄糖、B為果糖，則D為蔗糖，B錯誤；C、若A為甲硫氨酸、B為甘氨酸，則C為肽鍵，可表示為-CO-NH-,C錯誤；D、若A為腺苷，B為磷酸基團，則C不是高能磷酸鍵，為普通磷酸鍵，D正確。故選D。【點睛】熟記蛋白質的合成、脂肪組成及 ATP的結構，并能構建知識間的聯系是解答本題的關鍵。3.下列關于細胞器結構及功能的敘述，正確的是由大腸桿菌的核仁上裝配的核糖體是“生產蛋白質的機器”動物細胞溶酶體在維持正常代謝活動及防御等方面起重要作用酵母菌線粒體內膜凹陷折疊成嵴，有利于葡萄糖分解酶的附著低等植物中心體與有絲分裂過程中紡錘體和細胞壁的形成有關【答案】B【解析】【分析】1、細胞器的功能：1、線粒體：雙層膜結構；短棒狀；有氧呼吸的主要場所，為細胞的生命活動提供大部分的能量；新陳代謝越旺盛的部位，線粒體含量越多；動植物細胞都有的細胞器。2、核糖體：無膜結構（主要由 rRNA和蛋白質構成） 蛋白質的合成場所 真核生物，原核生物都有， 有的游離在細胞質基質中，有的附著在粗面內質網上。3、中心體：無膜結構（微管蛋白構成） ，由兩個垂直的中心粒構成，動物細胞和低等植物細胞特有的結構，在動物細胞和低等植物細胞中 與細胞的有絲分裂有關。4、溶酶體：單層膜圍成的囊狀結構，溶解細菌和受損傷的細胞器，動植物細胞內都有。5、參與高等植物細胞有絲分裂的細胞器有：線粒體（提供能量） 、核糖體（間期蛋白質的合成）、高爾基體（末期細胞壁的形成）；參與動物細胞有絲分裂的細胞器有：線粒體（提供能量）、核糖體（間期蛋白質的合成）、中心體（形成紡錘體）；參與低等植物細胞有絲分裂的細胞器有：線粒體（提供能量）、核糖體（間期蛋白質的合成）、高爾基體（末期細胞壁的形成）、中心體（形成紡錘體）。【詳解】大腸桿菌屬于原核生物，沒有核仁，A錯誤；溶酶體內含有多種水解酶，可以水解侵入到細胞內的病原體和細胞內損傷的細胞器等，在動物細胞中溶酶體在維持正常代謝活動及防御等方面起重要作用， B正確；線粒體是有氧呼吸的主要場所，酵母菌線粒體內膜凹陷折疊成崎，有利于丙酮酸分解酶的附著， C錯誤；中心體是動物細胞和低等植物細胞特有的結構，低等植物細胞的中心體與有絲分裂過程中紡錘體的形成有關，高爾基體與細胞壁的形成有關， D錯誤。4.下圖中甲、乙、丙所示為組成生物體的相關化合物，乙為一個由 “、3、丫三條多肽鏈形成的蛋白質分子，共含271個氨基酸，圖中每條虛線表示由兩個硫基 （一SH）脫氫形成一個二硫鍵（一S—S—）。下列相關敘述不正確的是（）甲 乙 丙A.甲為組成乙的基本單位，且乙中最多含有 20種甲B.由不同的甲形成乙后，相對分子質量比原來減少了 4832C.丙主要存在于細胞核中，且在乙的生物合成中具有重要作用D.如果甲中的R為C3H5。2,那么由兩分子甲形成的化合物中含有 16個H【答案】C【解析】【詳解】圖中甲為氨基酸的通式，乙為三條肽鏈構成的蛋白質分子，丙為核甘酸的結構通式。其中，氨基酸為蛋白質的基本單位，且氨基酸最多有 20種，A項正確；甲形成乙的過程中脫去（271—3）=268個水分子，同時還形成了4個二硫鍵，脫去了8個H原子，所以相對分子質量減少了268X18+8=4832,B項正確；題圖中的乙和丙分別是蛋白質和核甘酸，由核甘酸組成的核酸由兩種 -----DNA和RNA其中真核細胞中的DNAi要存在于細胞核中，RNAi要分布在細胞質中，核酸在蛋白質的生物合成中具有重要作用， C項錯誤;將C3H5O2替換氨基酸通式中的R基，可數出一分子氨基酸中H為9個，兩分子氨基酸脫去一分子水， 所以化合物中的H為16個，D項正確。5.下列四種現象中，可以用右面的數學模型表示的是 （ ）A.條件適宜、底物充足時反應速率隨酶量變化的情況B.萌發的種子中自由水與結合水的比值隨時間變化的情況基因型為Aa的個體自交，后代中純合子所占的比例隨自交代數變化的情況在食物充裕、氣候適宜等理想條件下，種群數量隨時間變化的情況【答案】B【解析】【分析】分析曲線圖：在一定范圍內，隨著橫軸因素的升高，縱軸所代表的數據逐漸增大；超過一定范圍后，隨著橫軸因素的升高，縱軸所代表的數據不再升高，說明此時存在某種限制因素。【詳解】A、條件適宜、底物充足時反應速率隨酶量的變化是呈正比例關系，A錯誤；B、種子萌發過程中，細胞代謝逐漸增強，因此在一定的范圍內，自由水與結合水的比值隨時間延長而升高，該圖可以表示萌發的種子中自由水含量隨時間變化的情況，B正確；C、基因型為Aa的個體自交，后代中純合子所占的比例起點應該為 0,C錯誤；D在食物（養料）充足和空間條件充裕、氣候適宜的理想條件下，種群數量呈指數增長，呈現 J型，D錯誤。故選B。【點睛】本題結合曲線圖，考查探究影響酶活性的因素、水的存在形式、自交、種群數量增長等知識，要求考生識記相關知識，能運用所學的知識準確判斷各選項。.脂質與人體健康息息相關，下列敘述錯誤的是分布在內臟器官周圍的脂肪具有緩沖作用蛇毒中的磷脂酶因水解紅細胞膜蛋白而導致溶血攝入過多的反式脂肪酸會增加動脈硬化的風險膽固醇既是細胞膜的重要組分，又參與血液中脂質的運輸【答案】B【解析】【分析】常見脂質有脂肪、磷脂和固醇。脂肪是最常見的脂質，是細胞內良好的儲能物質，還是一種良好的絕熱體，起保溫作用，分布在內臟周圍的脂肪還具有緩沖和減壓的作用，可以保護內臟器官；磷脂是構成細胞膜的重要成分，也是構成多種細胞器膜的重要成分；固醇類物質包括膽固醇、性激素和維生素 D，膽固醇是構成細胞膜的重要成分，在人體內還參與血液中脂質的運輸；性激素能促進人和動物生殖器官的發育以及生殖細胞的形成；維生素 D能有效地促進人和動物腸道對鈣和磷的吸收。【詳解】根據以上分析可知，分布在內臟周圍的脂肪具有緩沖和減壓的作用，可以保護內臟器官，A正確；蛇毒中的磷脂酶具有專一性，只能催化磷脂分子的水解，不能催化蛋白質水解，B錯誤；過量攝入反式脂肪酸可增加患心血管疾病，如粥樣動脈硬化的風險，C正確；膽固醇是構成細胞膜的重要成分，在人體內還參與血液中脂質的運輸，D正確。【點睛】解答本題的關鍵是識記和了解細胞中脂質的常見種類以及功能，并根據不同脂類物質的功能結合提示分析答題。.下列有關生物體內生理過程的敘述，正確的是（ ）A.有絲分裂中期細胞內 DNA分子數與染色體數之比為 2:1.線粒體內氧氣濃度 /二氧化碳濃度的值一般比細胞質基質中的低.有機物在氧化分解時，所儲存的能量在同一時間全部釋放自由水與結合水含量的比值與植物的抗寒能力呈正相關【答案】B【解析】【分析】水對生命活動的影響：自由水含量高--代謝強度強；結合水含量高 --抗寒、抗旱性強；線粒體是有氧呼吸的主要場；細胞呼吸時有機物的氧化分解是逐步進行的，能量也逐步釋放。【詳解】A、在有絲分裂中期，核 DNA分子與染色體數之比為2:1，但細胞質中還含有 DNA，A錯誤；B、氧氣從細胞質基質擴散進入線粒體參與有氧呼吸，且線粒體中可發生有氧呼吸第二階段釋放二氧化碳，故線粒體內氧氣 /二氧化碳的濃度一般比細胞質基質的低， B正確；C、有機物在氧化分解時，所儲存的能量逐步釋放， C錯誤；D結合水與自由水含量的比值，與植物的抗寒性呈正相關， D錯誤。故選B。【點睛】解答此題A時應特別注意 DNA不僅在細胞核中有分布，細胞質中也有分布。.下列關于生物進化的敘述，正確的是群體中近親繁殖可提高純合體的比例有害突變不能成為生物進化的原材料某種生物產生新基因并穩定遺傳后，則形成了新物種若沒有其他因素影響，一個隨機交配小群體的基因頻率在各代保持不變【答案】A【解析】【分析】現代生物進化理論的基本觀點：種群是生物進化的基本單位，生物進化的實質在于種群基因頻率的改變；突變和基因重組、自然選擇及隔離是物種形成過程的三個基本環節，通過它們的綜合作用，種群產生分化，最終導致新物種的形成。其中突變和基因重組產生生物進化的原材料，自然選擇使種群的基因頻率發生定向的改變并決定生物進化的方向，隔離是新物種形成的必要條件。【詳解】A群體中的近親攜帶相同基因的可能性較大， 因此近親繁殖可以提高后代純合子的比例， A正確；B、突變包括基因突變和染色體變異，大多數是有害的，可以為生物進化提供大量的選擇材料， B錯誤；C某種群生物產生新基因后改變了種群的基因頻率，說明生物進化了，而新物種形成的標志是生殖隔離，C錯誤；D雖然沒有其他因素的影響，但是由于群體數量較少，因此小群體的基因頻率在各代可能會發生改變， D錯誤。故選Ao【點睛】解答本題的關鍵是識記和理解現代生物進化理論的基本觀點，明確生物進化的實質是種群基因頻率的改變、新物種產生的標志是生殖隔離。.下圖是某處沙丘發生自然演替過程中的三個階段，下列敘述正確的是A.從形成沙丘開始發生的演替是次生演替B.階段I的沙丘上草本植物占優勢，群落尚未形成垂直結構C.階段I與階段n的沙丘上生長的植物種類完全不同D.階段出沙丘上的群落對外界干擾的抵抗力穩定性最強【答案】D【解析】【分析】群落的演替分為次生演替和初生演替，圖示為某處沙丘處發生自然演替過程中的三個階段，其中階段I表示草本植物階段、n表示灌木階段、出表示森林（喬木）階段。【詳解】從形成沙丘開始發生的演替屬于初生演替， A錯誤；階段I的沙丘上草本植物占優勢，群落的垂直結構不明顯， B錯誤；階段I到階段n發生的演替是優勢取代，不是完全取代，所以階段I與階段n的沙丘上生長的植物種類不完全相同，C錯誤；階段出為森林階段，具有明顯的分層現象，群落對外界干擾的抵抗力穩定性最強， D正確。【點睛】解答本題的關鍵是了解群落演替的含義、過程以及種類，明確兩者的起點和過程都不相同，且演替過程中優勢種群不斷的發生變化，但是之前的種群不一定滅絕了。10.下圖是起始甲硫氨酸和相鄰氨基酸形成肽鍵的示意圖 ，下列敘述正確的是()A.圖中結構含有核糖體RNAB.甲硫氨酸處于圖中a的位置C.密碼子位于tRNA的環狀結構上D.mRNA上堿基改變即可改變肽鏈中氨基酸的種類【答案】A【解析】【分析】【詳解】圖示為翻譯過程，圖中結構含有 mRNA、tRNA和rRNA,A正確；甲硫氨酸的密碼子是起始密碼子，甲硫氨酸位于第一位，故甲硫氨酸不在圖中 a位置，B錯誤;密碼子位于mRNA上，是mRNA上三個相鄰的堿基， C錯誤；由于密碼子的簡并性，mRNA上堿基改變不一定改變肽鍵的氨基酸的種類， D錯誤。11.血細胞計數板是對細胞進行計數的重要工具，下列敘述正確的是A.每塊血細胞計數板的正中央有 1個計數室B.計數室的容積為1mm<1mm<0.1mmC.蓋蓋玻片之前，應用吸管直接向計數室滴加樣液D.計數時，不應統計壓在小方格角上的細胞【答案】B【解析】【分析】【詳解】每塊血細胞計數板的正中央有 2個計數室，A錯誤；每個計數室的容積有1mm(1mm(0.1mm,B正確；向

血細胞計數板中滴加樣液前應先蓋上蓋玻片，讓樣液自行滲入計數室，若先滴加樣液，統計結果會偏大， C錯誤；計數時，需統計小方格內以及小方格相鄰兩邊及其頂角的細胞， D錯誤。故選B。12.下圖為白細胞與血管內皮細胞之間識別、黏著后 ，白細胞遷移并穿過血管壁進入炎癥組織的示意圖 ，下列敘述錯誤的是（）敘述錯誤的是（）A正確；白細胞在血管內黏著、遷移均是耗能過程，消耗ATP,B正確；黏著、遷移過程正確；白細胞穿過血管壁進入炎癥組織依賴于【考點定位】細胞的結構與功能、I13.下列有關酶的敘述，正確的是（A.B.C.D.1、有氧呼吸和無氧呼吸第一階段相同,白細胞需進行基因的選擇性表達,細胞的形態發生變4錯誤。A正確；白細胞在血管內黏著、遷移均是耗能過程，消耗ATP,B正確；黏著、遷移過程正確；白細胞穿過血管壁進入炎癥組織依賴于【考點定位】細胞的結構與功能、I13.下列有關酶的敘述，正確的是（A.B.C.D.1、有氧呼吸和無氧呼吸第一階段相同,白細胞需進行基因的選擇性表達,細胞的形態發生變4錯誤。在線粒體的基質中存在著大量的酶可被水解為氨基酸或脫氧核昔人的造血干細胞和肌細胞中不存以底物的種類作為自變量，可驗線粒體中不能分解葡萄糖;膜的流動性,A.內皮細胞識別結合白細胞膜上的糖蛋白使白細胞黏著B.白細胞在血管內黏著、遷移需要消耗 ATPC.黏著、遷移過程中白細胞需進行基因的選擇性表達D.白細胞利用細胞膜 選擇透過性穿過血管壁進入炎癥組織【答案】D【解析】內皮細胞識別結合白細胞膜的糖蛋白，結果使白細胞黏著,2、酶的絕大多數本質是蛋白質，少數是RNA。酶的專一性可以用相同的底物，不同的酶來驗證，也可以用相同的酶，不同的底物來驗證；所有細胞中都有與呼吸作用相關的酶。【詳解】葡萄糖的分解屬于呼吸作用的第一階段，發生的場所是細胞質基質，線粒體基質中不能分解葡萄糖，因此，線粒體基質中不存在大量分解葡萄糖的酶， A錯誤；酶的絕大多數本質是蛋白質，少數是RNA,因此，酶可被水解為氨基酸或核糖核甘酸， B錯誤；人的造血干細胞和肌細胞中都存在與呼吸作用相關的酶，C錯誤；酶的專一性，可以用不同的底物，同一種酶來驗證， D正確；因此，本題答案選D。14.下圖為突觸結構示意圖，下列相關敘述正確的是（ ）A.結構①為神經遞質與受體結合提供能量B.當興奮傳導到③時，膜電位由內正外負變為內負外正C.遞質經②的轉運和③的主動運輸釋放至突觸間隙D.結構④膜電位的變化與其選擇透過性密切相關【詳解】神經遞質與受體結合不消耗能量，不需要結構 ①線粒體提供能量，A錯誤；當興奮傳導到③突觸前膜時，膜電位由內負外正變為內正外負， B錯誤；遞質經②突觸小泡的轉運和③突觸前膜的胞吐作用釋放至突觸間隙， C錯誤；結構④膜電位的變化，若是興奮型神經遞質，則是鈉離子通道打開，鈉離子大量內流，形成內正外負的動作電位，說明與其選擇透過性密切相關， D正確。15.牛雄性胚胎中存在特異性 H-Y抗原，可在牛早期胚胎培養液中添加 H-Y單克隆抗體，篩選胚胎進行移植,以利用乳腺生物反應器進行生物制藥。下列相關敘述正確的是A.H-Y單克隆抗體由骨髓瘤細胞分泌 B.應選用原腸胚做雌雄鑒別C.鑒別后的雄性胚胎可直接做胚胎移植 D.用H-Y抗原免疫母牛可獲得相應抗體【答案】D【詳解】A.單克隆抗體由雜交瘤細胞分泌， A錯誤；B.做雌雄性別鑒別應選擇囊胚期的滋養層細胞， B錯誤；C.由于是利用乳腺生物反應器進行生物制藥，則鑒別后的雌性胚胎可直接做胚胎移植，雄性胚胎沒有意義,C錯誤；D.H-Y抗原免疫母牛，使其體內產生體液免疫，產生相應的漿細胞，獲得相應抗體， D正確；因此，本題答案選D【定位】單克隆抗體，雜交瘤細胞，體液免疫，乳腺生物反應器。【點睛】本題主要考查單克隆抗體的制備，要求學生理解單克隆抗體制備的過程，理解乳腺生物反應器的操作過程。16.將①、②兩個植株雜交，得到③，將③再作進一步處理，如下圖所示。下列分析錯誤的是幼苗自然生均⑤植株型*?25

知他軍⑥植株⑧植株幼苗自然生均⑤植株型*?25

知他軍⑥植株⑧植株花粉.狀水仙素g玷出——A⑦幼苗 A⑨植株A.由③到④過程發生了等位基因分離、非同源染色體上非等位基因自由組合B.由⑦到⑨過程可能發生基因重組和染色體變異C.若③的基因型為AaBbdd,則⑩植株中能穩定遺傳的個體占總數的 1/4D.由⑤X?到⑧的育種過程中，遵循的主要原理是染色體變異【解析】【分析】分析題圖：圖示表示幾種育種方法，其中③④表示誘變育種，③⑤⑩表示雜交育種，③⑤⑥⑧表示多倍體育種，③⑦⑨表示單倍體育種。【詳解】A、幼苗要形成種子必須經過減數分裂，在此過程中會發生等位基因分離，非同源染色體上非等位基因自由組合，A正確；B、用秋水仙素處理幼苗中只發生了染色體變異，沒有發生基因重組， B錯誤；C、若③的基因型為AaBbdd,說明含有兩對等位基因和一對純合基因，因此⑩植株中能穩定遺傳的個體占總數的1/2x1/2=1/4,C正確；D正確。D、用正常的二倍體和四倍體形成三倍體的過程依據的是染色體變異,D正確。故選BoRep（DNA解旋酶中作為引擎的那部分結構，驅動復制DNA分子的運動軌跡，結果如圖所示。下列17.關于Rep（DNA解旋酶中作為引擎的那部分結構，驅動復制DNA分子的運動軌跡，結果如圖所示。下列又的移動）加上了綠色熒光蛋白從而獲知被標記的分子相對于相關敘述錯誤的是（ ）■精介￡臼KMX■精介￡臼KMX幡磷廳內lE作在*蝌F*Rep可以破壞相鄰核甘酸之間的磷酸二酯鍵DNA結合蛋白可能具有防止DNA單鏈重新形成雙鏈的作用C.根據材料推斷Rep推動復制又移動是通過水解 ATP提供能量D.DNA復制具有邊解旋邊復制和半保留復制的特點【答案】A【解析】DNA復制時間：有絲分裂和減數分裂間期 ；DNA復制條件：模板（DNA的雙鏈）、能量（ATP水解提供）、酶（解旋酶和DNA聚合酶等）、原料（游離的脫氧核甘酸）；DNA復制過程：邊解旋邊復制；DNA復制特點：半保留復制；DNA復制結果：一條DNA復制出兩條DNA；DNA復制意義：通過復制，使親代的遺傳信息傳遞給子代，使前后代保持一定的連續性。【詳解】A、根據rep蛋白的功能可推斷出，rep蛋白應為解旋酶，該酶能破壞氫鍵， A錯誤；B、DNA結合蛋白纏繞在DNA單鏈上，可防止單鏈之間重新螺旋化， B正確；C、根據材料推斷Rep推動復制又移動是通過水解ATP提供能量，C正確；D、根據題意和圖示分析可知： DNA復制具有邊解旋邊復制和半保留復制的特點， D正確。故選A。【點睛】本題考查DNA復制的相關知識，意在考查考生的識圖能力和理解所學知識要點，把握知識間內在聯系，形成知識網絡結構的能力；能運用所學知識，準確判斷問題的能力，屬于考綱識記和理解層次的考查。18.下列有關實驗或研究的敘述正確的是（薩頓通過類比推理法研究蝗蟲的減數分裂過程，證明基因在染色體上用標志重捕法調查種群密度時，部分被標記個體的標記物脫落，將會導致調查結果較實際值偏大探究低溫誘導植物細胞染色體數目變化實驗中，用卡諾氏液可將染色體染色制備純凈細胞膜時，可選擇去掉細胞壁的成熟葉肉細胞作為實驗材料【答案】B【解析】【分析】1、薩頓運用類比推理的方法提出基因在染色體的假說，摩爾根運用假說演繹法證明基因在染色體上。2、調查種群密度常用樣方法和標記重捕法，其中樣方法適用于調查植物和活動能力弱、活動范圍小的動物，而標記重捕法適用于調查活動能力強、活動范圍大的動物。標志重捕法估算種群密度的計算公式是：該種群數量+第一次捕獲標記的個體數 =第二次捕獲的個體數+第二次捕獲的個體中被標記的個體數， 該種群數量=（第一次捕獲標記的個體數X第二次捕獲的個體數）一二次捕獲的個體中被標記的個體數。3、低溫誘導染色體加倍實驗的原理：低溫能夠抑制紡錘體的形成，以致影響染色體被拉向兩極，細胞也不能分成兩個子細胞.實驗步驟是：固定（卡諾氏液）f解離（鹽酸酒精混合液）f漂洗f染色（改良苯酚品紅溶液或醋酸洋紅溶液）f制片-觀察。【詳解】A、薩頓通過類比推理法研究蝗蟲的減數分裂過程，提出“基因在染色體上”的假說，A錯誤；B、用標志重捕法調查時，部分被標記個體的標記物脫落，根據種群數量 =（第一次捕獲標記的個體數x第二次捕獲的個體數）一二次捕獲的個體中被標記的個體數，則會導致調查結果較實際值偏大， B正確；C、探究低溫誘導染色體加倍的實驗中，卡諾氏液用于材料的固定， C錯誤；D、去掉細胞壁的成熟葉肉細胞仍具有液泡、葉綠體等具膜細胞器，不能用于獲得純凈的細胞膜， D錯誤。故選B。19.將大腸桿菌放在含有15N標記的NH4C1培養液中培養后，再轉移到含有 14N的普通培養液中培養，8h后提取DNA進行分析，得出含 15N的DNA占總DNA的比例為1/8，則大腸桿菌的分裂周期是A.4h B.2hC.1.6h D.1h【答案】B【解析】【分析】細胞周期：連續分裂的細胞，從一次分裂完成時開始到下次分裂完成時為止；根據半保留復制可知，含 15N的DNA分子有2個，占總DNA分子的比例為1/32則一個DNA分子經復制后得到 64個，復制6次得到的；復制6次耗時6小時，則分裂周期是1小時。【詳解】由于DNA是半保留復制，形成子代 DNA分子中含有親代鏈的DNA為2個，則2/2n=1/8則n=4,說明細胞分裂4次，則細胞周期=8+4=2小時。故選B。【點睛】本題的解題關鍵是能夠根據含 15N的DNA占總DNA的比例計算出復制的次數，進而進行相關計算。20.下列關于生物多樣性及其保護的敘述，正確的是A.保護生物多樣性，應加強立法，禁止開發和利用生物資源B.濕地具有蓄洪防旱、調節氣候等作用，屬于生物多樣性的直接價值C.棲息地總量減少和棲息地多樣性降低是生物多樣性降低的重要原因D.生物多樣性包括物種多樣性、群落多樣性和生態系統多樣性【答案】C【解析】【詳解】A.保護生物多樣性，應加強立法，合理開發和利用生物資源，而不是禁止開發和利用生物資源，錯誤；B.濕地具有蓄洪防旱、調節氣候等作用，屬于生物多樣性的間接價值， B錯誤；C.棲息地總量減少和棲息地多樣性降低是生物多樣性降低的重要原因， C正確；D.生物多樣性包括物種多樣性、基因多樣性和生態系統多樣性， D錯誤；因此，本題答案選G.人體細胞之間的通訊多數是通過信號分子傳遞的。有些信號分子作用于細胞表面的受體，有些則作用于胞內受體。生物學上將細胞外與膜受體結合的信息分子稱為第一信使，由其轉換而來的細胞內信號則稱為第二信使，如圖所示。下列有關敘述錯誤的是A.細胞表面膜受體的化學本質為糖蛋白B.神經遞質和大多數激素屬于第一信使C.第二信使通過調控細胞核內發生的基因的翻譯過程發揮作用D.第一信使與膜受體結合體現了細胞膜的信息交流功能【答案】C【解析】【分析】(1)細胞膜主要由脂質和蛋白質組成，此外還有少量的糖類。蛋白質在細胞膜形使功能時起重要作用。在細胞膜的外表，有一層細胞膜上的蛋白質與糖類結合形成的糖蛋白叫糖被，它在細胞的生命活動中具有重要作用。(2)第一信使即細胞外信號，根據胞外信號的特點及作用方式，化學信號分子可分為激素、神經遞質和局部化學介質這三種類型。【詳解】A、細胞膜上受體的化學本質為糖蛋白， A正確；B、與膜受體結合進行信息傳遞的信息分子，主要包括三大類：一是可長途運輸的激素分子，二是短程傳遞的神經遞質，三是作用于周圍細胞的局部介質， B正確；C、第二信使的受體位于細胞內，第二信使的作用，本質上都是在核內啟動基因的轉錄，最終提高細胞內的某些蛋白質尤其是某些酶的數量，來長時間實現對細胞代謝和功能的調節， C錯誤；D、第一信使與膜受體結臺體現了細胞膜的信息交流功能， D正確；故選Co.圖示某些生物學概念間的關系，其中 I代表整個大圓n包含IV。下列各項不符合關系的是/X I、A.I體液n細胞外液m細胞內液IV組織液B.I突觸n突觸前膜m突觸后膜W突觸小泡C.I核酸n核糖核酸出脫氧核糖核酸W信使RNAD.I免疫n特異性免疫出非特異性免疫w細胞免疫【答案】B【解析】【分析】由圖可知，它們之間的關系： I僅包括n和！n,n包括iv。【詳解】體液包括細胞外液和細胞內液，細胞外液又包括組織液、淋巴和血漿，故 A項正確；突觸包括：突觸前膜、突觸間隙和突觸后膜。而突觸小泡存在與突觸小體中，將化學信號從突觸前膜傳遞到突觸后膜，并不包含于突觸前膜，故B項錯誤；核酸包括核糖核酸(RNA和脫氧核糖核酸(DNA,其中RN取可分為信使RNA(mRNA、轉運RNA(tRNA)和核糖體RNA(rRNA),故C項正確；免疫包括非特異性免疫和特異性免疫，特異性免疫包括體液免疫和細胞免疫，故 D項正確。

故選Bo.如圖為某人血糖調節的部分過程，抗體 1和抗體2都能與相關受體結合導致調節異 常。下列說法正確的是是A.葡萄糖和胰島素作用于相關細胞都是通過與細胞內受體結合完成的B.兩種抗體都能引起血糖濃度升高，這在免疫學中稱為自身免疫缺陷病C.兩種抗體引起血糖升高都可以通過注射胰島素緩解癥狀D.由圖看出糖尿病并不都是胰島素分泌不足造成的【答案】D【解析】【分析】2通過作用于組由圖可知，抗體1通過作用于葡萄糖受體，引起胰島 B2通過作用于組織細胞上胰島素受體而導致胰島素不能發揮作用【詳解】A、葡萄糖和胰島素的受體均位于細胞膜上， A錯誤；B、兩種抗體都能引起血糖濃度升高，屬于自身免疫病，B錯誤；C、抗體2引起血糖升高不可以通過注射胰島素緩解癥狀， C錯誤;D、由圖看出糖尿病并不都是胰島素分泌不足造成的，如后者是由島素不敏感造成的,確。故選Do.為了驗證濃度為10—4mol/L的生長素對某植物莖的生理作用，應該選取的材料是①完整幼苗②幼苗的b段③幼苗的a段④幼苗的c段⑤10mL濃度為104mol/L的生長素溶液⑥10mL濃度為10—2mol/L的生長素溶液⑦10mL蒸儲水A.甲組：①⑤，乙組：②⑤B.A.甲組：①⑤，乙組：②⑤B.甲組：②⑤，乙組：②⑦C.甲組：③⑥，乙組：③⑤C.甲組：③⑥，乙組：③⑤【答案】BD.甲組：①⑤，乙組：④⑦【解析】【分析】本題是生長素作用的實驗，通過對實驗題目的分析找出自變量并進行對照實驗的設置。【詳解】由于驗證的是生長素對某植物莖的生理作用， 所以應選取幼苗的b段；該實驗為驗證濃度為10-4mol/L的生長素對某植物莖的生理作用，自變量為生長素的有無，故選 Bo【點睛】對照實驗的設計要圍繞實驗題目進行，從題目中可以得出實驗是探究實驗還是驗證實驗以及實驗的自變量和因變量。.下圖為部分碳循環示意圖，下列敘述正確的是 （ ）A.圖中由生產者、n、出和iv構成的食物鏈中，能量流動是單向、逐級遞減的B.生產者為第一營養級，①②⑥⑧之和為生產者固定的總能量C.根瘤菌與豆科植物互利共生時，其生命活動所需的有機碳來自 ⑥過程D.①⑦⑧過程以CO2的形式進行，②③④⑤⑥過程以有機物的形式進行【答案】D【解析】【分析】本題以“部分碳循環示意圖”為情境，考查學生對生態系統的物質循環及能量流動等相關知識的識記和理解能力，以及識圖分析能力。明辨圖示中的數字所蘊含的生物學信息，I?IV所示生態系統的成分，進而對各選項的問題情境進行分析判斷。【詳解】圖中n、出和iv分別表示初級消費者、次級消費者和分解者，由生產者、n和m構成的食物鏈中，能量流動是單向、逐級遞減的，A錯誤；流經該生態系統的總能量是生產者通過①過程固定的能量， B錯誤;根瘤菌與豆科植物互利共生時， 其生命活動所需的有機碳來自①過程， C錯誤；碳由無機環境進入生物群落的過程①和由生物群落返回無機環境的過程⑦⑧均以 co的形式進行，碳在生物群落內的流動過程②③④⑤⑥都以有機物的形式進行， D正確。二、非選擇題26.研究人員對珍珠貝（2n）有絲分裂和減數分裂細胞中染色體形態，數目和分布進行了觀察分析，圖 1為

其細胞分裂某一個時期的示意圖(僅顯示部分染色體)核DNA分子數的數量關系而劃分的。請回答下列問題:。圖2中細胞類型是依據不同時期細胞中染色體數和其細胞分裂某一個時期的示意圖(僅顯示部分染色體)核DNA分子數的數量關系而劃分的。請回答下列問題:。圖2中細胞類型是依據不同時期細胞中染色體數和細胞類型圖2(1)圖1中細胞分裂的方式和時期是,它屬于圖2中類型的細胞。(2)若某細胞屬于類型c,取自精巢，沒有同源染色體，那么該細胞的名稱是(3)若類型b、d、e的細胞屬于同一次減數分裂，那么三者出現的先后順序是(4)在圖2的5種細胞類型中，一定具有同源染色體的細胞類型有。(5)著絲點分裂導致圖2中一種細胞類型轉變為另一種細胞類型，其轉變的具體情況有(用圖中字母表述)(6)珍珠貝卵母細胞分裂一般停留在減數第一次分裂中期，待精子入卵后完成后續過程。細胞松弛素 B能阻滯細胞分裂而導致染色體數加倍，可用于誘導三倍體。現有 3組實驗：用細胞松弛素B分別阻滯卵母細胞的減數第一次分裂、減數第二次分裂和受精卵的第一次卵裂。請預測三倍體出現率最低的是,理由是。【答案】 (1).有絲分裂后期a(2).次級精母細胞 (3).b、d、e(4).a、b(5).bf(6).d-c (7).阻滯第一次卵裂 (8).受精卵含二個染色體組，染色體數加倍后形成的個體是四倍體而不是三倍體【解析】【分析】圖1中移向細胞每一極的染色體中存在同源染色體，據此可判斷該細胞處于有絲分裂后期。【詳解】(1)圖1中移向細胞每一極的染色體中存在同源染色體，據此可判斷該細胞處于有絲分裂后期，它屬于圖2中類型a的細胞。(2)若某細胞屬于類型c,取自精巢，沒有同源染色體，說明經過了減數第一次分裂，處于減數第二次分裂后期，應為次級精母細胞。(3)若類型b、d、e的細胞屬于同一次減數分裂，則 b處于減數第一次分裂，d處于減數第二次分裂，e為減數分裂產生的子細胞。

(4)在圖2的5種細胞類型中，a處于有絲分裂后期，b處于有絲分裂的前期或中期，或減數第一次分裂,一定含有同源染色體。(5)有絲分裂后期和減數第二次分裂后期均發生著絲點分裂。對應圖2中的b轉變為a；d轉變為c。(6)受精卵含二個染色體組，染色體數加倍后形成的是四倍體而不是三倍體，故三倍體出現率最低的是阻滯第一次卵裂。27.某同學利用如下圖所示的裝置研究 CO2含量以及光照強度對某種綠葉光合作用的綜合影響。實驗用生長狀況相同的若干同種新鮮葉片，在室溫 25c下進行，緩沖液能調節密閉小室 CO2濃度始終保持相對恒定。對相應裝置精確測量，結果如下表。請分析回答:一奈用小宓一奈用小宓組別實驗條件液滴移動(mL.h1)光強(lx)CO2（%）18000.03右移6.0210000.03右移9.0310000.05右移11.2415000.05右移11.2515000.03右移9.0(1)第3組裝置液滴右移的生理原因是。該裝置在2h內，緩沖液釋放到密閉小室空間的 CO2約為mg。第3、4兩組的結果相同，限制第4組光合作用的非生物因素主要是。(2)裝置雖均置于25c環境下，但有同學認為液滴移動的量不一定真正代表光合作用釋放 O2的量，因為光照引起的會導致密閉小室內氣體的物理膨脹。由此，實驗方案應再作相應完善。(3)某同學認為本實驗不能令人信服地說明光強和 CO2濃度的相互作用，使光合作用進一步增強。該同學又增設了一組實驗，你認為該組的實驗條件組合是【答案】 (1).光合作用產生的O2大于呼吸作用消耗的 O2 (2).44 (3).CO2濃度(4).溫度變化(升高) (5).光強為800lx(6).CO2濃度為0.05%【解析】【分析】根據題意與表格中實驗結果分析可知，該實驗裝置是用來探究光強和 CO2濃度對樹葉光合作用的影響，其中自變量有兩個：光強和 CO2濃度，因變量是凈光合速率(用液滴移動的距離表示)。由于密閉裝置中 CO緩沖液能維持其 CO2相對恒定，則引起液滴移動就是光合作用釋放的氧氣量的多少。進一步分析表格中的數據可知，在 CO2濃度為0.03%的情況下，隨光強增大，液滴右移距離增大，說明樹葉釋放氧氣增多。在CO2濃度為0.05%的情況下，光強由800增大到10001X,液滴右移距離增大，說明樹葉釋放氧氣增多，但光強達到1500lx時，液滴右移的距離沒有變化(仍為 9.0)。同理可分析 CO2濃度在 0.05%的情況下，樹葉的釋放的氧氣速率大小變化。【詳解】(1)根據前面的分析可知，液滴右移的原因就是樹葉釋放的氧氣引起的，所以第 3組裝置液滴右移的生理原因是樹葉光合作用產生的 O2量大于呼吸作用消耗的 O2量。根據光合作用的總反應式分析， 該裝置緩沖液釋放到密閉小室空間的 CO2就是被植物用于光合作用釋放的氧氣量，而在第 3組條件下，液滴移動的距離即表示氧氣每小時釋放 11.2ml，對此2h內緩沖液釋放到密閉小室內的 CO2量為22.4ml,約為44mg。第3、4兩組的結果相同，說明在此條件下，綠葉已經達到最大凈光合速率，分析兩組的光照和 CO2濃度可知，光強增加，但光合速率不增加，說明此時限制第 4組光合作用的非生物因素主要是 CO2濃度。由于光照引起的溫度變化會導致密閉小室內氣體的物理膨脹，所以雖然裝置均置于 25℃環境下，但很可能液滴移動的量不一定真正代表光合作用釋放 O2的量。(3)根據表格中實驗條件分析可知，為了光合作用強度進一步增強，讓本實驗的結果更令人信服，實驗需要再增設了一組光強為800lx,CO2濃度為0.05%的實驗組。【點睛】分析解答本題關鍵在于理解本實驗裝置設計原理以及結合表格中實驗結果的分析。其次要注意液滴移動距離代表光合作用凈釋放氧氣量，而光合作用釋放氧氣量又等于光合作用凈吸收 CO2緩沖液釋放到小室內的 CO2量。28.熒光原位雜交可用熒光標記的特異 DNA片段為探針，與染色體上對應的DNA片段結合，從而將特定的基因在染色體上定位，請回答下列問題：他麻討的DNA舞北探It口NA制DhiA蜜音府I￥…『午，個次比點圖2DNA酶I隨機切開了核甘酸之間的鍵從而產(1)DNA熒光探針準備過程如圖1所示,生切口，隨后在DNA聚合酶作用下，以熒光標記的為原料，合成熒光標記的DNA探針。?■事,■-圣?事?+一事.*事?■鼻T..事一.年英光片記峋DNA瞿材圖I(2)圖2表示探針與待測基因結合的原理， 先將探針與染色體共同煮沸， 使DNA雙鏈中鍵斷裂，形成單鏈，隨后在降溫復性過程中，探針的堿基按照原則，與染色體上的特定基因序列形成較穩定的雜交分子，圖中兩條姐妹染似|體中最多可有 4 條熒光標記的DNA(1).磷酸二酯(2).(4^T脫氧核甘酸J3)^M (4).堿基互補配對基因探針是用放射性同位素、熒光■等標記的.NA作為探針，原理.DNA分子雜交；基本骨架，內側是堿基對(A-T.-G【詳解】(1)根據題意和圖示分片―口： DNA,隨機切開了核甘酸之間白,發二酯鍵從而產生切口；在DNA聚合酶I作用下，以熒光標t■四種脫氧核昔■原料，合成熒光標記的■DNA探針；⑵DNA分子是雙鏈結構，通染色體共同煮沸，使，DNA雙鏈中氫鍵斷裂，形成單鏈，隨后在降溫復性過程中，探針.基與染色體上需寺定基因序列段，^^-T、C-G的堿基互補配對原則，形成較穩定的雜交分子；圖中兩條姐妹染色單體中含有 2個DNA分工有4條鏈，所以最多可有4條熒光【解析】【分析】標記的DNA片段。片段。⑸.4DNA分子是【點睛】本題結合圖解，考查DNA的復制、基因工程等知識，要求考生識識記基因工程的原理及操作步驟,了解基因工程的相關應用，能結合所學的知識準確答題。29.由苯丙氨酸羥化酶基因突變引起的苯丙氨酸代謝障礙，是一種嚴重的單基因遺傳病，稱為苯丙酮尿癥(PKU),正常人群中每70人有1人是該致病基因的攜帶者(顯、隱性基因分別用A、a表示)。圖1是某患者的家族系譜圖，其中111、112、n3及胎兒出1(羊水細胞)的DNA經限制酶Msp玉消化，產生不同的片段(kb表示千堿基對)，經電泳后用苯丙氨酸羥化酶 cDNA探針雜交，結果見圖2。請回答下列問題：⑴i1、n1的基因型分別為(2)依據cDNA探針雜交結果，胎兒mi的基因型是。mi長大后，若與正常異性婚配，生一個正常孩子的概率為(3)若n2和n3生的第2個孩子表型正常，長大后與正常異性婚配，生下PKU患者的概率是正常人群中男女婚配生下PKU患者的倍。(4)已知人類紅綠色盲癥是伴 X染色體隱性遺傳病(致病基因用b表示)，n2和n3色覺正常，m1是紅綠色盲患者，則mi兩對基因的基因型是。若n2和H3再生一正常女孩，長大后與正常男性婚配，生一個紅綠色盲且為PKU患者的概率為。【答案】 (1).Aa、aa(2).Aa(3).279/280 (4).46.67 (5).AaXbY(6).1/3360【解析】【分析】分析圖1：I1、I2都正常，但他們有一個患病的女兒，即 無中生有為隱性，隱性看女病，女病男正非伴性”，說明該病為常染色體隱性遺傳病。分析圖2：n1為隱性純合子，其DNA經限制酶Msp處理后只形成一種片段；n 2、n3及胎兒出1(羊水細胞)的DNA經限制酶Msp處理都得到兩種長度的片段，說明他們都是雜合子。【詳解】(1)由于「、12正常，而「患病，說明苯丙酮尿癥的遺傳方式是常染色體隱性遺傳，則 「基因型是aa,I1基因型是Aa。(2)由圖2可知，n1基因型是aa,推測n2、n3、出1基因型