山西省運城市萬安中學2023年高二物理模擬試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，兩平行金屬導軌MN和PQ置于傾角為30°的斜面上，勻強磁場的方向垂直于斜面向上，N、Q間接有定值電阻R。現將放在軌道上的細金屬硬桿AB由靜止釋放，回路中的最大發熱功率為P，要使P增大為原來的2倍(不計摩擦及R以外的電阻)，以下做法正確的是A．將AB桿的質量增大到原來的2倍B．將定值電阻R增大到原來的3倍C．將磁感應強度B減小到原來的一半D．將斜面的傾角增大到45°參考答案：D2.（單選）如圖，用OA、OB兩根輕繩將物體懸于兩豎直墻之間，開始時OB繩水平.現保持O點位置不變，改變OB繩長使繩末端由B點緩慢上移至B‘點，此時OB’與OA之間的夾角θ＜900.設此過程中OA、OB的拉力分別為FOA、FOB，下列說法正確的是（

）A．FOA逐漸增大

B．FOA逐漸減小C．FOB逐漸增大

D．FOB逐漸減小參考答案：B解：以結點O為研究對象，分析受力：重力G、繩OA的拉力FOA和繩BO的拉力FOB，如圖所示，根據平衡條件知，兩根繩子的拉力的合力與重力大小相等、方向相反，作出輕繩OB在兩個位置時力的合成圖如圖，由圖看出，FOA逐漸減小，FOB先減小后增大，當θ=90°時，FOB最小．

故選B3.（單選題）如圖，一帶正電的物體靠在傾斜的天花板上，由于存在垂直天花板的勻強電場而處于靜止，則下列判斷正確的是：（）A、物體可能受3個力B、物體所受彈力一定不為零C、物體所受摩擦力隨電場強度的增大而變大D、若逐漸增大電場強度，物體可能沿天花板向上滑動。參考答案：BAB、物體一定受4個力（重力、彈力、摩擦力、電場力）才能平衡，故A錯誤B正確；CD、根據共點力平衡得，物體所受的靜摩擦力等于重力沿天花板的分力，增大電場強度，電場力增大，天花板彈力增大，但是靜摩擦力不變，物體始終保持靜止，故CD錯誤。4.如圖所示，在光滑的水平面上放有一物體M，物體上有一光滑的半圓弧軌道，軌道半徑為R，最低點為C，兩端A、B等高，現讓小滑塊m從A點靜止下滑，在此后的過程中，則（）A．M和m組成的系統機械能守恒，動量守恒B．M和m組成的系統機械能守恒，動量不守恒C．m從A到C的過程中M向左運動，m從C到B的過程中M向右運動D．m從A到B的過程中，M運動的位移為參考答案：B【考點】動量守恒定律；機械能守恒定律．【分析】小滑塊m從A點靜止下滑，物體M與滑塊m組成的系統水平方向所受合力為零，系統水平方向動量守恒，豎直方向有加速度，合力不為零，系統動量不守恒．用位移表示平均速度，根據水平方向平均動量守恒定律求出物體M發生的水平位移．【解答】解：A、小滑塊m從A點靜止下滑，物體M與滑塊m組成的系統水平方向所受合力為零，系統水平方向動量守恒，豎直方向有加速度，合力不為零，所以系統動量不守恒．M和m組成的系統機械能守恒，故A錯誤，B正確；C、系統水平方向動量守恒，由于系統初始狀態水平方向動量為零，所以m從A到C的過程中，m向右運動，M向左運動，m從C到B的過程中M還是向左運動，即保證系統水平方向動量為零．故C錯誤；D、設滑塊從A到B的過程中為t，滑塊發生的水平位移大小為x，則物體產生的位移大小為2R﹣x，取水平向右方向為正方向．則根據水平方向平均動量守恒得：m﹣M=0解得：x=所以物體產生的位移的大小為2R﹣x=，故D錯誤；故選：B．5.在電場中的某點放入電荷量為的試探電荷時，測得該點的電場強度大小為E,方向水平向右；若在該點放入電荷量為的試探電荷，其它條件不變，此時測得該點的電場強度為

（

）

A．大小為2E，方向水平向右

B．大小為E，方向水平向左

C．大小為2E，方向水平向左

D．大小為E，方向水平向右參考答案：D二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.通電直導線A與圓形通電導線環B固定放置在同一水平面上，通有如圖11所示的電流時，通電直導線A受到水平向______的安培力作用．當A、B中電流大小保持不變，但同時改變方向時，通電直導線A所受到的安培力方向水平向______。（填“右”或“左”）參考答案：右

右7.有兩個完全相同的金屬小球A、B，其中，A球帶電荷量為9Q，B球帶電荷量為－Q，將A和B固定起來，二者間距離為R，二者間作用力為

，然后讓A球和B球接觸，再放回原來位置，此時作用力與原來二者間作用力的比值是

（其中Q為正數）參考答案：9KQ2/R2

、

16：9

8.某同學用電流表和電壓表等儀器測量干電池的電動勢和內電阻，實驗中分別測量了新、舊電池各一節，根據測量結果分別作出新、舊電池的U—I圖象如圖10甲和乙所示．則圖

（填“甲”或“乙”）表示新電池的U—I圖象，由圖象可求出新電池的內阻r1=

，舊電池的內電阻r2=

.參考答案：圖

乙

表示新電池的U—I圖象，

由圖象可求出新電池的內阻r1=

1.5

，舊電池的內電阻r2=

3

9.黑體輻射的實驗規律如圖所示，圖中畫出了三種溫度下黑體輻射的強度與波長的關系．可見，一方面，隨著溫度的降低，各種波長的輻射強度都有▲

（選填“增加”或“減少”），另一方面，輻射強度的極大值向波長

▲

（選填“較長”或“較短”）的方向移動．參考答案：減少、較長

10.一個軍事設施的觀察孔如圖所示，其寬度L=60cm，厚度d=30cm，為了擴大向外的觀察視野，將折射率n=的某種玻璃磚完全嵌入觀察孔內（圖中為觀察孔的俯視圖）。（1）嵌入玻璃磚后在中央O點觀察，視野的最大張角α=__________（2）如果要使視野的最大張角α接近180°，則要求嵌入折射率至少為______的玻璃磚。參考答案：120°；211.一個未知電阻，無法估計其電阻值，某同學用伏安法測量此電阻，用圖a、b兩種電路各測一次，用圖a測得的數據是3.0V，3.0mA，用圖b測得的數據是2.9V，4.0mA，由此可知，用圖

測得Rx的誤差較小，測量值Rx=

。測量值比真實值偏

(填“大”、“小”)參考答案：a

1000Ω

大有兩個單擺做簡諧運動，位移與時間關系是：12.x1=3asin(4πbt+)

和x2=9asin(8πbt+)，其中a、b為正的常數，則它們的：①振幅之比為

；②擺長之比為

。參考答案：13.如右圖是熱水器的恒溫集成電路，R0是熱敏電阻，溫度較低時其阻值很大，溫度較高時阻值很小．如果熱水器中沒有水或水溫較高時，繼電器會放開簧片，發熱器斷路，反之會吸住簧片接通發熱器．如果熱水器中沒有水時，電路中BC部分就處于________(填“斷路”或“短路”)，則在電路圖的虛線框內的門電路應是________門，當溫度較低時，門電路的輸入端A是________電勢(填“高”或“低”)．參考答案：斷路；與；高

三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖4－1－24所示，一閉合金屬環從上而下通過通電螺線管，b為螺線管的中點，金屬環通過a、b、c三處時，能產生感應電流嗎？參考答案：金屬環通過a、c處時產生感應電流；通過b處時不產生感應電流．15.（解答）如圖所示，一水平放置的矩形線圈abcd，在細長的磁鐵N極附近豎直下落，保持bc邊在紙外，ab邊在紙內，由圖中位置Ⅰ經位置Ⅱ到位置Ⅲ，這三個位置都靠得很近，且位置Ⅱ剛好在條形磁鐵中心軸線上，在這個過程中穿過線圈的磁通量怎樣變化？有無感應電流？參考答案：穿過線圈的磁通量先減少后增加，線圈中有感應電流根據條形磁鐵N極附近磁感線的分布情況可知，矩形線圈在位置Ⅰ時，磁感線從線圈的下面斜向上穿過；線圈在位置Ⅱ時，穿過它的磁通量為零；線圈在位置Ⅲ時，磁感線從線圈上面斜向下穿過。所以，線圈從Ⅰ到Ⅱ磁通量減少，從Ⅱ到Ⅲ磁通量增加。穿過線圈的磁通量發生變化，有感應電流產生四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示,α粒子以初速度v0垂直于電場線方向從A點射入一勻強電場,經時間t到達B點時,速度大小為2v0.α粒子的質量為m,電荷量為q,不計重力.求:(1)A?B兩點間的電勢差;(2)勻強電場的場強大小.

參考答案：(1)由動能定理qUAB=m(2v0)2-mv20解得UAB=.(2)設在B點α粒子沿場強方向的速度為v,由題意得(2v0)2=v20+v2

qE=ma

v=at,解得:E=.答案:(1)

(2)17.如圖所示，木板B放在水平地面上，在木板B上放一重1200N的A物體，物體A與木板B間、木板與地面間的動摩擦因數均為0.2，木板B重力不計，當水平拉力F將木板B勻速拉出，繩與水平方向成30°時，問繩的拉力T為多大？水平拉力為多大？參考答案：對A受力分析如圖所示，由平衡條件得f=Tcos30°Tsin30°+=G又f=μ解得T=248N,f=215N,=1075N對物體B受力分析如圖.由于勻速拉出，處于平衡狀態，根據平衡條件得F=f′+f地=f+μ聯立解得F=430N.【解析】18.如圖所示，質量為1.9kg的長木板A放在水平地面上，在長木板最右端放一個質量為1kg小物塊B，物塊與木板間的動摩擦因數μ1=0.2，木板與地面間的動摩擦因數μ2=0.4．在t=0時刻A、B均靜止不動，現有質量為100g的子彈，以初速度v0=120m/s射入長木板并留在其中（此過程可視為瞬間完成）．物塊與木板間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且物塊始終在木板上，取重力加速度的大小g=10m/s2．求：（1）木板開始滑動的初速度；（2）從木板開始滑動時刻到物塊與木板均停止運動時，物塊相對于木板的位移的大小；（3）長木板與地面摩擦產生的熱量．參考答案：解：（1）子彈射入木塊過程，設向右為正方向，根據動量守恒定律有：mCv0=（mA+mC）v1代入數據解得：v1=6m/s；（2）子彈射入長木板之后，木板與物塊之間的摩擦力使物塊加速，使木板減速，此過程一直持續到物塊和木塊具有共同速度為止，由牛頓第二定律，對物塊有：μ1mBg=mBaB代入數據解得：aB=2m/s2；對長木板有：μ2（mA+mB+mC）g+μ1mBg=（mA+mC）aA代入數據解得：aA=7m/s2設t1時，兩者有速度相同v2，則有：v2=v1﹣aAt1=aBt1代入數據解得：t1=s，v2=m/s在t1時刻后，假設物塊與木板相對靜止，它們之間的摩擦力大小為f，物塊和木板的加速度大小為a'，則由牛頓第二定律，對物塊有：f=mBa'對整體有：μ2（mA+mB+mC）g=（mA+mB+mC）a'解得：f=4N大于物塊和木板之間的最大摩擦力所以在t1時刻后，兩者發生了相對滑動，由牛頓第二定律，對物塊有：μ1mBg=mBa’代入數據解得：aB’=2m/s2；對物塊有：μ2（mA+mB+mC）g﹣μ1mBg=（mA+mC）aA’代入數據解得：aA’=5m/s2由運動學公式可推知物體相對于地面的運動距離為：xB=+代入數據解得：xB=m；木塊相對于地面的運動距離為：xA=t1+代入數據解得：xA=m；物塊相對于木板位移大小為：△x=xA﹣xB=﹣=m（3）長木板與地面摩擦產生的熱量為：Q=μ2（mA+mB+mC）gxA=0.4×（1.9+1+0.1）×10×=J；答：（1）木板開始滑動的初速度為6m/s；（2）