??0??02020年天津市十二區縣重點學校高考物理一模試卷一、單選題（本大題共5小題，25.0分

下面列出的是一些核反應方程3015

?3014

???

24

105

7223

。其中C.

X是子，Y是子Z是電子X是子是正電子Z是質子

B.D.

X是電子，Y是子，中子X是正電子，Y是中子Z是子

一玻璃管開口朝下沒入水中，在某一深度恰好能保持靜止，假如水面上方的大氣壓突然降低一些，則試管剛開始運動的情況

加速上升

B.

加速下降

C.

保持靜止

D.

無法判斷

如圖所示為空間站中模擬地球上重力的裝置實裝置的外側壁相當于“地板.讓形實驗裝置繞O點旋轉，能使“地板”上可視為質點的物體與在地球表面處有同樣的“重力”，則旋轉角速度應地表面重力加速度為，裝置的外半徑

√

??

B.

√

??

C.

2√

D.

√

2??

如圖所示，理想變壓器初級線圈的匝數為100次級線圈的匝數為55初級線圈兩端a正弦交流電源，在原線圈前串接一個電阻

的險絲，電壓表V的數為，如果負載電流，電表均為理想電B.C.D.

電流表的示數為2A變壓器的輸出電壓為保險絲實際消耗的功率負載電阻實際消耗的功率

若物體在運動過程中，受到的合外力不為零，那么以下說法正確的)B.C.D.

物體的速度大小和方向一定都變化物體的加速度一定變化物體的動能一定變化物體的動量一定變化

二、多選題（本大題共3小題，15.0分

一列簡諧橫波，某時刻的圖象如圖甲所示，從該時刻開始計時，波上A質點的振動圖象如圖乙所示，則以下說法正確的(B.C.D.E.

這列波沿x正向傳播這列波的波速是質點將比質點Q先到平衡位置經eq\o\ac(△,)??，質通過的路程為4m經eq\o\ac(△,)??，質通過的位移為0

如圖所示，a、b為束不同頻率的單色光，的射角射到玻璃磚的上表面，直線與璃垂直且與其上表面交于點入射點A、B到N點距離相等，經玻璃磚上表面折射后兩束光相交于圖中的P點下列說法正確的B.C.D.

在真空中，a光傳播速度大于光的傳播速度玻璃對的折射率小于玻璃對b光的折射率同時增大入射角，則在下表面先發生全反射對同一雙縫干涉裝置a光相鄰亮條紋間距b光相鄰亮條紋間距寬

如圖所示水平向右的勻強電中電粒子從點運動到B點，在A點速度豎直向上，在B點速度水平向右，在這一運動過程中粒子只受電場力和重力，并且克服重力做的功為1J，電場力做的正功為3，則下列說法中正確的)B.C.D.

粒子帶正電粒子在的動能比在B多J粒子在A點機械能比在B點J粒子由點到點過程中速度最小時，速度的方向與水平方的夾角

三、實驗題（本大題共2小題，12.0分

甲、乙、丙三個實驗小組分別采用如圖甲、乙、丙所示的實驗裝置，驗證“當質量一定時，物體運動的加速度與它所受的合力成正比”這一物理規律．已知他們使用的小車完全相同，小車的質量為M重物的量為，回答下列問題：甲乙、丙實驗中，必須平衡小車和長木板之間的摩擦的實驗小組______實時，必須滿足M遠于”的實驗小組是______；實時，甲、乙、丙三組同學的操作均完全正確，他們出圖如圖丁中A、B、所示，則甲、乙、丙三組實驗對應的圖線依次______實時同學得到的一條紙帶如圖戊所示較晰的點起5個取一個計數點，打點計時器所用電源的頻率為50Hz所的測量數據可算得的速度______??，打下時小車的速度_____．為精確測量某待測電??供選擇．

的阻值約為以下一些器材可電流表

量程～內阻量～

，內阻約電壓表

量程～

，內阻很大量程

，內阻很大電源：電勢約為3V，阻約為定值電阻：，允許最大電流滑動變阻器

～

，允許最大電流

22滑動變阻器，許最大電單刀單擲開關S一個，導線若干電表應，壓表應選______滑動變阻器應_____填字母代號請方框中畫出測量電??

的實驗電路圖．要測量值的范圍盡可能大一些，所用器材用對應的符號標出某測量中，電壓表示數為U時電流表數為I則計算待測電阻阻值的表達式為．??四、計算題（本大題共3小題，48.0分如所示兩根間距為L的平金屬導軌上個邊長為的方形金屬線圈圈abcd邊質量均為，電阻均為R；、邊質量和電阻均不計。在和之存在磁感應強度為B，垂直導軌上的勻強磁場。在導軌上，另有一根質量為、阻為的金屬棒，恒力的用下向右運動。線圈和金棒與導軌的摩擦因數均，導軌電阻不計。當ef棒向右運行距離為時線圈剛好開始運動，求：??棒速度(2)棒靜止開始，到線圈剛始運動消耗的時間在棒動過程中，cd桿耗的焦耳熱當桿度多大時，作用在桿上的合外力的功率最大，并求出最大功

如所示，豎直面內一固定軌道，AB段是半徑R光圓弧，水平段與圓弧軌道相4切于B，水平段BC長為LC端定一豎直擋板．一質量為m的物塊自A端靜止開始沿圓軌道下滑，與擋板共發生了兩次碰撞后停止在水平段、之間的某處，物塊每次與擋板碰撞不損失機械能即撞前率相不計空氣阻力與水平段BC間的動摩擦因數，重力加速度.試物塊第次與擋板碰撞時的速率；在平軌道上滑行的總路程；最一次滑到圓軌道底端B處圓軌道的壓力．13.

如圖所示，在直角坐標系的一象限內存在勻強磁場，磁場方向垂直于xOy面里，第四象限內存在沿正方向的勻強電場，電場強度大小為E，場與電場圖中均未畫出。質量為、帶電荷量為的粒子自軸點沿x軸正方向射入第四象限經軸的點入第一象限。已知P點坐標為，Q點標，計粒子重力。

求子經過Q點速度的大小和方向；若子在第一象限的磁場中運動一段時間后以垂直軸的方向進入第二象限，磁感應強度B的小

010??2010??2--------答案與解析--------1.

答：D解：：根據質量數和電荷數守恒可得X為

，正電子Y為，中子；Z為：，0即質子，故ABC錯D正。故選：D根據核反應方程的質量數和電荷數守恒求出X、Y、分別表示什么粒子。本題比較簡單，直接利用核反應方程的質量數和電荷數守恒即可正確求解。2.

答：A解：：設玻璃管位于深h處空氣柱的壓強：一些，則空氣柱的壓強減小，

若水面上方大氣壓強然降低由：

可知氣的體積將增大空柱排開水的體積增大以玻璃管受到的水的浮力增大，玻璃管將加速上升，上升的過程中h減，空氣柱的壓強進一步減小，受到的浮力進一步增大，可使玻璃管頂部露出水面．故A正確．故選：A寫出壓強的表達式，然后根據氣態方程分析空氣柱的體積的變化，進而判斷出玻璃管受到的浮的變化，得出結論．本題結合共點力的平衡分析理想氣體的狀態變化，關鍵根據物體的平衡條件進行分析，抓住浮與空氣排開水的體積有關進行分析．3.

答：A解：：根據牛頓第二定律得，，√，故A正、、D誤．故選：A．根據題意，能使“地板”上可視為質點的物體與在地球表面處有同樣的“重力”，結合牛頓第定律求出角速度的大小．解決本題的關鍵知道圓周運動向心力的來源，結合牛頓第二定律進行求解．基礎題．

????????????211??????551100221????????????211??????5511002214.

答：A解：：、由電壓與匝數成正比，11??22

，則：2????

551100

22011，則2

211

2，A正，B錯C、12

????

?2?1

，即12

.解：0.1有1.21則錯誤11D、載率????22，錯，故選：A由匝數之比可求得副線圈的電壓，由歐姆定律求得電流表的示數．由焦耳定律求得功率．本題考查了變壓器的變壓原理，知道電壓、電流與匝數的關系，結合輸入功率等于輸出功率即求解5.

答：D解：：、合力與速度同向時，物體的速度的方向不變，比如自由落體運動，故錯誤；B、根據牛頓第二定律，加速度與合力成正比，如果合力恒定，則加速度不變，故B錯；C、外力不為零時，合外力不一定做功，如勻速圓周運動合力不為零，但動能不變，故C錯；D根動量定理動的變化等于合力的沖量量不為零故體的動一定變化故正。故選：D物體在運動過程中所受到的合外力不為零，根據牛頓第二定律分析加速度和速度是否變化，根合力是否做功，分析動能是否變化，根據動量定理分析動量的變化。本題考查對運動和力關系的理解，采用舉例的方法做抽象性的問題是常用方法是解題的關鍵，意合外力只是不為零，其大小和方向可能變也可能不變。6.

答：解：：A、由質點A的動圖象乙知：質點A在時刻處于平衡位置且向上振動，則由波形平移法可知該波必定沿x負方向傳播，故A錯．B、由圖甲20，圖乙知，以波速

20

25，正確．C、于波沿軸方向傳播，振動方向向下，回到平衡位置的時間大于，點波谷直4

11??11??接向平衡位置振動，所需時間為4

，故C錯．D、圖知振幅因??，所以質點A通的程為，D正．E、因eq\o\ac(△,)????，以質點A通的位移為，故正確．故選：由乙圖讀出時質點的度方向，由甲圖判斷出波的傳播方向．由甲圖讀出波長，由乙圖讀出周期，求出波速．判斷該時刻P、Q的度向，即可分析它回到平衡位置的先后；根據時間與周期的倍數關系，結合在一個周期內質點通過的路程是4倍幅，求解經eq\o\ac(△,)0.4，A質通過的路程，確定經eq\o\ac(△,)??質點通過的位移．本題既要理解振動圖象和波動圖象各自的物理意義，由振動圖象能判斷出質點的速度方向，同要把握兩種圖象的聯系，由質點的速度方向，判斷出波的傳播方向．對于簡諧運動質點的路程，往根據：在一個周期內質點通過的路程是4倍幅，分析和求解．7.

答：BD解：：、空中所有光速是相同的，故A錯；B、根據題圖，在入射角相同的情況下光折射角小b光折射率大，故B正；C、璃的兩個表面平行，無論怎么改變入射角，根據光路可逆性知，兩束光都不會發生全反射，故C錯；D、的折射率小，波長長，根eq\o\ac(△,)

????

，得光紋間距寬，故D正。故選：BD由圖看出折射角的大小關系，由折射定律判斷折射率的大小，分光在玻璃中速度關系．根??據光路可逆性原理分析光線能否在下表面發生全反射．折射率越小，波長越長，由公eq\o\ac(△,)??

??

分析干涉條紋的寬度大小．根據光路圖正確判斷光的折射率大小后根據折射率波長率光速等之間的關系進行求解這些知識點是對學生的基本要求，平時要加強練習．8.

答：ACD解：、從到，電場力做正功，可知電場力方向水平向右，電場強度方向水平向右，所以粒子帶正電。故A確。

故即故即??全程B、根據動能定理得，從A到B動的變化

eq\o\ac(△,)??電

，所以粒子在A點動能比故錯誤。C、重力以外只有電場力做功，因為除重力以外其它力做功等于機械能的增量，所以到械能增加故C正。D、直?

′由動量定理??得

可知合力與水平方向成30度角合速度與合力垂直時度達到最小值，故速度方向與水平方向成角。故D正。故選：。A、根據電場力做功情況判斷電場力的方向，從而確定出電荷的電性．B、根據動能定理得出點到的動能變化．C力外其它力做功等于機械能的增量除重力以外其它力功情況得出機械能的變化量．D、過直方向和全程運用動能定理，求出初速度和到達最高點速度的關系，再通過動量定理得出重力和電場力的關系，得出兩個力合力的方向，當合力方向與速度方向垂直時，速度達到最．本題綜合考查了動能定理以及動量定理和功能關系D選較難，關鍵知道當合力方向與合速度方向垂直時，速度達到最小值．9.答案甲、乙、丙甲C、、解：本驗探究當質量一定時，物體運動的加速度與它所受的合外力的關，所以三個實驗小組都需要平衡摩擦力，即甲乙丙都需要平衡摩擦力．乙丙繩子的拉力可以由彈簧測力計和力傳感器直接得，不需要用重物的重力代替，所以乙丙兩組不需要滿足，甲組用重物的重力代替繩子的拉力，要滿．甲用重物的重力代替繩子的拉力，要滿，著的大，不滿時圖象出現彎曲，所以甲組對應的是，根據裝置可知，乙圖中小車受到的拉力大于彈簧測力計的示數，丙圖中受到的拉力等于力傳感的示數，當相時，乙組的加速度大，所以乙組對應，丙組對應，每5個點取一個計數點，計數點間的時間間隔5??，

23111111??1123123111111??112311????由勻變速直線運動的推論eq\o\ac(△,)????可，加速度

2

2

1

??)2

3

??

??/2

；打點時車速度：

2

2

(3.523.68)×102×0.1

2

??

0.36??/；故答案為：甲乙、丙甲、A、B；．本驗探究當質量一定時，物體運動的加速度與它所受合外力的關系，三個實驗小組都需要平衡摩擦力；只用重物的重力代替繩子的拉力，才需要滿；若重物的重力代替繩子的拉力，要滿??隨著的大，不滿時，圖象出現彎曲，還有兩組根據繩子拉力相等時，加速度的大小來判斷；根eq\o\ac(△,)

2

求解加速度，根據勻變速直線運動的推論求出瞬時速度．解決實驗問題首先要掌握該實驗原理，了解實驗的操作步驟和數據處理以及注意事項，同時要練應用所學基本規律解決實驗問題．探究加速度與力、質量關系實驗要采用控制變量法，當鉤碼質量遠小于小車的總質量時，可以近似認為小車受到的拉力等于鉤碼的重力，若用力傳感器，則需要滿足此條件．10.答：

??

解：：、量電阻電流不能太大，電流表應，電源電動勢為3，電壓表，根據閉合電路歐姆定律考慮電流表讀數要??

1??3

可出電路最小電阻90故阻器若用限流式太小，太，因此應采用分壓式，故應選阻值小的變阻，、待測電阻阻值遠小于電壓表內阻，電流表應選外接，但根據歐姆定律，若將電阻直接接在電壓表兩端時，電阻兩端最大電壓????50301.5，是電壓

量程的一半待電阻與定值電阻串聯們兩端電壓??正好與電壓的量程相同，所電路圖如圖所示．

503(3030)3，、歐姆定律可得

11

????????????24522????????????????????24522????????66456故答案、、；如11

分析題意，明確實驗中應采有的實驗原理；正確選擇實驗儀器；明確滑動變阻的接法及電表的用方法；解決本題的關鍵是將待測電阻與定值電阻串聯使用，應通過估算說明．因本題有“要求測量值的范圍盡可能大一些”，這就提示我們滑動變阻器應用分壓式；又所給材中有一個定值電阻，說明可能待測電阻不能直接使用．11.答：：??棒生的電動勢為，流過棒電流為：線圈剛開始運動時有

1.5

，解得，cd棒的速度為：

622

；對ef棒，由動量定理得：，其中：

6解得：；3??2??棒動過程，由動能定理得

總

，cd桿產生的熱量為：??????

總

???

，解得：

662

；合力的功率

22

，當

2

時功率最大，最大值為：????

42

2

；答：??棒速度為；22??棒靜止開始，到線圈剛開始運動消耗的時間為

2

2????23??2

；在ef棒運動過程中，cd桿消耗的焦耳熱為62

；

??????)??????)121122??????????)??????)121122????當ef桿速度為

2

時，作用在桿子上的合外力的功率最大，最大功率為

2

2

。解：由????求感應電動勢，應用歐姆定與平衡條件可以求出ef棒速度。對ef棒應用動量定理可以求出時間對ef棒應用動能定理，根據焦耳定求出棒生的熱量。根功率公式??求最大功率。本題是電磁感應與電學、力學相結合的一道綜合題，難度較大，分析清楚導體棒的運動過程與路結構是解題的前提與關鍵，應??、量定理、動能定理等知識即可解題。12.答：：物第一次從到過程，由動能定理得：????????????=??21

，解得：√??(????；對個過程，由動能定理得：????????????=，解得：；