2021-2022學年廣東省茂名市高州南塘第一高級中學高一物理月考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.一個質點正在做勻加速直線運動，用固定的照相機對該質點進行閃光照相，閃光時間間隔為1s．分析照片得到的數據，發現質點在第1次、第2次閃光的時間間隔內移動了2m；在第3次、第4次閃光的時間間隔內移動了8m，由此不可求得（）A．第1次閃光時質點的速度B．質點運動的加速度C．質點運動的初速度D．從第2次閃光到第3次閃光這段時間內質點的位移參考答案：C【考點】勻變速直線運動的位移與時間的關系．【分析】根據連續相等時間內的位移之差是一恒量求出加速度的大小以及第2次閃光到第3次閃光這段時間內的位移，結合勻變速直線運動的位移時間公式求出第一次閃光時的速度．【解答】解：A、根據得，a=．因為在第1次、第2次閃光的時間間隔內移動了2m，根據得，2=，解得．故A、B正確．C、因為初始時刻與第1次閃光的時間間隔未知，故無法求出質點的初速度．故C錯誤．D、因為，則第2次閃光與第3次閃光這段時間內的位移．故D正確．本題選不能求出的，故選：C．2.已知下面的哪組數據，可以算出地球的質量M地（引力常量G為已知）（

）

A．月球繞地球運動的周期T及月球到地球中心的距離R1

B．地球繞太陽運行周期T2及地球到太陽中心的距離R2

C．人造衛星在地面附近的運行速度v3和運行周期T3

D．地球繞太陽運行的速度v4及地球到太陽中心的距離R4參考答案：AC3.關于萬有引力定律及其應用，下列說法正確的是

A．伽利略發現了萬有引力定律

B．兩物體間的萬有引力是一對平衡力

C．利用萬有引力定律可計算天體的質量

D．兩物體間的萬有引力大小與物體間的距離成正比參考答案：C4.（多選）16世紀，哥白尼根據天文觀測的大量資料，經過40多年的天文觀測和潛心研究，提出“日心說”的如下四個基本論點，這四個論點目前看存在缺陷的是()A．宇宙的中心是太陽，所有行星都在繞太陽做勻速圓周運動B．地球是繞太陽做勻速圓周運動的行星，月球是繞地球做勻速圓周運動的衛星，它繞地球運動的同時還跟地球一起繞太陽運動C．天穹不轉動，因為地球每天自西向東自轉一周，造成天體每天東升西落的現象D．與日地距離相比，其他恒星離地球都十分遙遠，比日地間的距離大得多參考答案：ABC解析：太陽不是宇宙的中心，只是太陽系的中心天體，行星做的也不是勻速圓周運動，A存在缺陷；恒星是宇宙中的主要天體，宇宙中可觀察到的恒星大約有1012顆，太陽是離我們最近的一顆恒星，所有的恒星都在宇宙中高速運動著，月球繞地球運動的軌道也不是圓，故B、C存在缺陷。5.下列說法中正確的是A．太空人受平衡力作用才能在太空艙中處于懸浮狀態B．若衛星軌道越高，其繞地運行的線速度越大C．地球球心與人造地球衛星的軌道可以不在同一平面內D．牛頓發現無論是地面的物體，還是在天上的物體，都要遵循萬有引力定律

參考答案：A二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.我國1984年發射過一顆同步衛星，這顆衛星位于赤道上空相對地面靜止不動，已知地球半徑是R，質量是M，自轉周期T，萬有引力常量G，那么這顆衛星距地面高度的表達式是．參考答案：考點：同步衛星．專題：人造衛星問題．分析：同步衛星與地球自轉同步，萬有引力提供向心力，根據牛頓第二定律列式求解．解答：解：同步衛星與地球自轉同步，萬有引力提供向心力，根據牛頓第二定律，有：[來源:Zxxk.Com]解得：故答案為：點評：本題關鍵明確同步衛星繞地球做勻速圓周運動（以太陽為參考系），根據萬有引力提供向心力列式求解．7.一物體被水平拋出后t秒、2t秒、3t秒內在豎直方向下降的距離之比為

,通過的水平距離之比為

.參考答案：8.一質點從靜止開始以1m/s2的加速度做勻加速運動，經過6s后做勻速運動，最后2s的時間使質點勻減速到靜止，則質點勻速運動時的速度為_________，減速運動時的加速度為__________。參考答案：9.如圖所示，甲、已兩人在冰面上“拔河”。兩人中間位置處有一分界線，約定先使對方過分界線者為贏。若繩子質量不計，冰面可看成光滑，則下列說法正確的是A.甲對繩的拉力與繩對甲的拉力是一對平衡力B.甲對繩的拉力與乙對繩的拉力是作用力與反作用力C.若甲的質量比乙大，則甲能贏得“拔河”比賽的勝利D.若已對繩的速度比甲快，則已能贏得“拔河”比賽的勝利參考答案：C：選C.甲對繩的拉力與繩對甲的拉力是作用力與反作用力，故選項A錯誤．甲對繩的拉力與乙對繩的拉力作用在同一物體上，不是作用力與反作用力，故選項B錯誤。設繩子的張力為F，則甲、乙兩人受到繩子的拉力大小相等，均為F，若m甲>m乙，則由a＝得，a甲<a乙，由s＝at2得在相等時間內甲的位移小，因開始時甲、乙距分界線的距離相等，則乙會過分界線，所以甲能贏得“拔河”比賽的勝利，故選項C正確．收繩速度與“拔河”比賽勝負無關，故選項D錯誤．10.短跑運動員在100m比賽中，以8m/s的速度迅速從起點沖出，到50m處的速度是9m/s，10s末到達終點的速度是10.2m/s，則運動員在全程中的平均速度是

m/s。參考答案：11.一物體以6m／s的初速度在粗糙水平面上以2m／s2的加速度減速滑行，在10s內通過的路程為____米。參考答案：912.《探究小車速度隨時間變化的規律》的實驗（1）實驗中要用到打點計時器，打點計時器是一種計時儀器，其電源頻率為50Hz，常用的電磁打點計時器和電火花計時器使用的是

（直流電，交流電），它們是每隔

s打一個點。（2）接通打點計時器電源和讓紙帶開始運動，這兩個操作之間的時間順序關系是

A．先接通電源，后讓紙帶運動

B．先讓紙帶運動，再接通電源

C．讓紙帶運動的同時接通電源

D．先讓紙帶運動或先接通電源都可以（3）某同學在實驗得到的紙帶標出0、1、2、3、4共5個計數點，并量出各計數點間的距離如圖所示，每兩個相鄰的計數點之間的時間間隔為0.10s，已知S1=1.2cm,S2=2.4cm,S3=3.6cm,S4=4.8cm，則打第三個計數點對應的小車速度V3=

m/s,小車運動的加速度a=

m/s2。參考答案：（1）

交流

、

0.02

（2）

A

（3）

0.42

、

1.2

13.在研究某物體的運動規律時，打點計時器打下如圖1－4－8所示的一條紙帶；已知打點計時器使用的交流電頻率為50Hz，相鄰兩計數點間還有四個打點未畫出；由紙帶上的數據可知，打E點時物體的速度v＝_______m/s，物體運動的加速度a＝_____m/s2(結果保留兩位有效數字)；參考答案：0.250.30相鄰兩記數點間還有四個點未畫出，所以相鄰的計數點之間的時間間隔為0.1s打E點時物體的速度采用逐差法求解加速度，根據運動學公式得：△x=at2，得。三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（6分）我們用如圖10所示裝置探究彈力與彈簧伸長的關系，某同學先測出不掛砝碼時彈簧下端指針所指的標尺刻度，然后在彈簧下端掛上砝碼，并逐個增加砝碼，測出指針所指的標尺刻度，所得數據列表如下：（重力加速度g=9.8m/s2）砝碼質量0.001.002.003.004.005.006.007.00標尺刻度15.0018.9422.8226.7830.6634.6042.0054.50（1）根據所測數據，在右圖坐標紙中作出彈簧指針所指的標尺刻度值與砝碼質量的關系曲線。（2）根據所測得的數據和關系曲線可以判斷，力在

范圍內彈力大小與彈簧伸長關系滿足胡克定律，這種彈簧的勁度系數為

。參考答案：（1）（2分）

（2）0—4.9N(2分)

k=25.0N/m（2分）根據所畫圖象可以看出，當m≤5.00×102g＝0.5kg時，標尺刻度x與鉤碼質量m成一次函數關系，所以在F≤4.9N范圍內彈力大小與彈簧伸長關系滿足胡克定律，由胡克定律F＝kΔx可知，圖線斜率的大小在數值上等于彈簧的勁度系數k，則k=25.0N/m15.圖示紙帶是某同學練習使用打點計時器時得到的，紙帶的左端先通過打點計時器，從點跡的分布情況可以斷定紙帶的速度變化情況是速度增大（填“速度減小”或“速度增大”）．若所用電源的頻率為50Hz，從打下A點到打下B點共14個點跡，歷時0.26s．參考答案：考點： 打點計時器系列實驗中紙帶的處理．專題： 實驗題；直線運動規律專題．分析： 打點計時器打點時間間隔相同，從紙帶上點的分布情況看，相等時間內右側位移大于左側位移，說明右側的速度大于左側的速度，即物體做速度增大的運動．解答： 解：打點計時器所用電源頻率為50Hz時，每隔T=0.02s打一個點，相等時間內紙帶右側位移大于左側左側位移，說明右側的速度大于左側的速度，即物體做速度增大的運動．又因從打下A點到打下B點共14個點跡，即A到B共有13個時間間隔，所以共用時t=13×T=0.26s故答案為：速度增大；0.26．點評： 能夠知道相鄰的計數點之間的時間間隔，了解打點計時器的構造并能熟練應用．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，宇航員站在某質量分布均勻的星球表面一斜坡上P點沿水平方向以初速度v0拋出一個小球，測得小球經時間t落到斜坡上另一點Q，斜面的傾角為θ，已知該星球半徑為R，引力常量為G，求：(1)該星球表面的重力加速度g；(2)若要從該星球發射一顆人造衛星，求最小的發射速度v；(3)人造衛星繞該星球做勻速圓周運動的最小周期T.參考答案：(1)

(2)

(3)π17.（14分）長為的細線一端系有一帶正電小球，另一端拴在空間點，加一場強大小恒定的勻強電場，使小球受到的電場力大小總是等于重力的倍，當電場取不同方向時，可使小球繞點以半徑分別在水平面內、豎直平面內、傾斜平面內做圓周運動（結果可用根式表示）（1）當電場沿豎直方向時，小球在豎直平面內做圓周運動，求其運動速