歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對您有所幫助！歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對您有所幫助！歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對您有所幫助！歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對您有所幫助！歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對您有所幫助！歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對您有所幫助！第一章6eq\f(基礎鞏固練,25分鐘·滿分60分)一、選擇題(本題共6小題，每題6分，共36分)1．(2020·江西省贛州市崇義中學高二下學期開學檢測)有關實際生活中的現象，下列說法錯誤的是(D)A．火箭靠噴出氣流反沖作用而獲得巨大的速度B．體操運動員在著地時屈腿是為了減小地面對運動員的作用力C．用槍射擊時要用肩部抵住槍身是為了減小反沖的影響D．為了減輕撞車時對司乘人員傷害程度，汽車前部的發動機艙越堅固越好解析：根據反沖運動的特點與應用可知，火箭靠噴出氣流的反沖作用而獲得巨大的速度，故A正確；體操運動員在落地的過程中，動量變化一定，即運動員受到的沖量I一定，由I＝FΔt可知，體操運動員在著地時屈腿是為了延長時間Δt，可以減小運動員所受到的平均沖力F，故B正確；用槍射擊時，子彈給槍身一個反作用力，會使槍身后退，影響射擊的準確度，所以為了減小反沖的影響，用槍射擊時要用肩部抵住槍身，故C正確；為了減輕撞車時對司乘人員的傷害程度，就要延長碰撞的時間，由I＝FΔt可知位于汽車前部的發動機艙不能太堅固，故D錯誤。2．運送人造地球衛星的火箭開始工作后，火箭做加速運動的原因是(B)A．燃料燃燒推動空氣，空氣反作用力推動火箭B．火箭發動機將燃料燃燒產生的氣體向后推出，氣體的反作用力推動火箭C．火箭吸入空氣，然后向后推出，空氣對火箭的反作用力推動火箭D．火箭燃料燃燒發熱，加熱周圍空氣，空氣膨脹推動火箭解析：火箭工作的原理是利用反沖運動，是火箭燃料燃燒產生的高溫高壓燃氣從尾噴管迅速噴出時，使火箭獲得的反沖速度，故正確答案為選項B。3．(2020·浙江省湖州中學高三下學期模擬)2017年6月15日上午11點，我國在酒泉衛星發射中心用長征四號乙運載火箭成功發射首顆X射線調制望遠鏡衛星“慧眼”。假設將發射火箭看成如下模型：靜止的實驗火箭，總質量為M＝2100kg，當它以對地速度為v0＝840m/s噴出質量為Δm＝100kg的高溫氣體后，火箭對地速度為(噴出氣體過程中重力和空氣阻力可忽略不計)(B)A．42m/s B．－42m/s C．40m/s D．－40m/s解析：噴出氣體過程中重力和空氣阻力可忽略不計，可知在火箭發射的過程中二者組成的系統豎直方向的動量守恒，以噴出氣體的速度方向為正方向，由動量守恒定律得：Δmv0＋(M－Δm)v＝0，解得：v＝－42m/s，故B正確，ACD錯誤。4．豎直發射的火箭質量為6×103kg。已知每秒鐘噴出氣體的質量為200kg。若要使火箭最初能得到20m/s2的向上的加速度，則噴出氣體的速度約為(C)A．700m/sB．800m/sC．900m/sD．1000m/s解析：每秒噴出氣體的動量等于火箭每秒增加的動量，即m氣v氣＝m箭v箭，由動量定理得火箭獲得的動力F＝eq\f(m箭v箭,t)＝eq\f(m氣v氣,t)＝200v，又F－m箭g＝m箭a，得v＝900m/s。5．如圖所示，在光滑的水平地面上有一輛平板車，車的兩端分別站著人A和B，A的質量為mA，B的質量為mB，mA＞mB。最初人和車都處于靜止狀態，現在兩人同時由靜止開始相向而行，A和B相對地面的速度大小相等，則車(C)A．靜止不動 B．向右運動C．向左運動 D．左右往返運動解析：A和B與小車作用過程中系統動量守恒，開始都靜止，總動量為零。由于mA＞mB，兩人速度大小相等，則A向右的動量大于B向左的動量，故小車應向左運動；故選C。6．(2020·吉林延邊二中高二下學期期末)一小型火箭在高空繞地球做勻速圓周運動，若其沿運動方向的相反方向射出一物體P，不計空氣阻力，則(A)A．火箭一定離開原來軌道B．P一定離開原來軌道C．火箭運動半徑可能不變D．P運動半徑一定減小解析：火箭射出物體P后，由反沖原理可知火箭速度變大，則所需向心力變大，從而做離心運動離開原來軌道，故半徑增大，A對，C錯；P的速率較原火箭速率可能減小，可能不變，可能增大，故其運動也存在多種可能性，所以BD錯。二、非選擇題(共24分)7．(11分)某學習小組在探究反沖運動時，將質量為m1的一個小液化氣瓶固定在質量為m2的小玩具船上，利用液化氣瓶向外噴射氣體作為船的動力。現在整個裝置靜止放在平靜的水面上，已知打開瓶后向外噴射氣體的對地速度為v1，如果在Δt的時間內向后噴射的氣體的質量為Δm，忽略水的阻力，則噴射出質量為Δm的氣體后，小船的速度是多少？答案：eq\f(Δmv1,m1＋m2－Δm)解析：由動量守恒定律得：(m1＋m2－Δm)v船－Δmv1＝0得：v船＝eq\f(Δmv1,m1＋m2－Δm)。8．(13分)如圖所示，光滑水平面上有兩輛車，甲車上面有發射裝置，甲車連同發射裝置質量M1＝1kg，車上另有一個質量為m＝0.2kg的小球。甲車靜止在平面上，乙車以v0＝8m/s的速度向甲車運動，乙車上有接收裝置，總質量M2＝2kg，問：甲車至少以多大的水平速度將小球發射到乙車上，兩車才不會相撞？(球最終停在乙車上)答案：25m/s解析：要使兩車不相撞，則兩車速度相等。以三者為系統，動量守恒：0＋M2v0＝(M1＋m＋M2)v共，解得v共＝5m/s，以球與乙車為系統，動量守恒：M2v0－mv＝(m＋M2)v共，解得v＝25m/s。eq\f(素能等級練,15分鐘·滿分40分)一、選擇題(本題共2小題，每題7分，共14分)1.有一條捕魚小船停靠在湖邊碼頭，小船又窄又長，一位同學想用一個卷尺粗略測定它的質量，他進行了如下操作：首先將船平行碼頭自由停泊，然后他輕輕從船尾上船，走到船頭后停下，而后輕輕下船，用卷尺測出船后退的距離d，然后用卷尺測出船長L。已知他自身的質量為m，則漁船的質量為(B)A．eq\f(mL＋d,d) B．eq\f(mL－d,d)C．eq\f(mL,d) D．eq\f(mL＋d,L)解析：設人走動時船的速度大小為v，人的速度大小為v′，人從船尾走到船頭所用時間為t，取船的速度為正方向。則v＝eq\f(d,t)，v′＝eq\f(L－d,t)，根據動量守恒定律得：Mv－mv′＝0，解得，船的質量：M＝eq\f(mL－d,d)，故選B。2.(多選)(2020·廣東省佛山一中、順德一中、石門中學高二下學期期末)如圖所示，質量為m，半徑為r的小球，放在內半徑為R，質量為M＝5m的大空心球內，大球開始靜止在光滑水平面上，當小球由圖中位置無初速釋放沿內壁滾到最低點時，下列說法中正確的是(BC)A．M與m系統動量守恒B．M與m系統動量不守恒C．M的對地位移大小為eq\f(R－r,6)D．m的對地位移大小為eq\f(5R－r,12)解析：因為M與m系統在豎直方向合外力不為0，所以M與m系統動量不守恒，故B正確，A錯誤；因為M與m系統在水平方向合外力為0，所以M與m系統水平方向動量守恒，設大球M的水平位移大小為x，小球m滑到最低點所用的時間為t，發生的水平位移大小為R－r－x，取水平向左方向為正方向。由人船模型可知：meq\f(R－r－x,t)＝Meq\f(x,t)，解得M的對地位移大小為x＝eq\f(R－r,6)；m的對地位移大小為eq\f(5R－r,6)，故C正確，D錯誤。二、非選擇題(共26分)3．(12分)以初速度v0與水平方向成60°角斜向上拋出的手榴彈，到達最高點時炸成質量分別為m和2m的兩塊。其中質量大的一塊沿著原來的方向以2v0的速度飛行。求：(1)質量較小的另一塊彈片速度的大小和方向；(2)爆炸過程有多少化學能轉化為彈片的動能？答案：(1)2.5v0，方向與爆炸前速度的方向相反(2)eq\f(27,4)mveq\o\al(2,0)解析：手榴彈爆炸過程，爆炸力是內力，遠大于重力，因此爆炸過程各彈片組成的系統動量守恒，因為爆炸過程火藥的化學能轉化為內能，進而有一部分轉化為彈片的動能，所以此過程系統的機械能(動能)增加。(1)斜拋的手榴彈在水平方向上做勻速直線運動，在最高點處爆炸前的速度v1＝v0cos60°＝eq\f(1,2)v0。設v1的方向為正方向，如圖所示，由動量守恒定律得：3mv1＝2mv′1＋mv2其中爆炸后大塊彈片速度v′1＝2v0，解得v2＝－2.5v0，“－”號表示v2的速度與爆炸前速度方向相反。(2)爆炸過程中轉化為動能的化學能等于系統動能的增量，ΔEk＝eq\f(1,2)×2mv′eq\o\al(2,1)＋eq\f(1,2)mveq\o\al(2,2)－eq\f(1,2)×3mveq\o\al(2,1)＝eq\f(27,4)mveq\o\al(2,0)。4．(14分)平板車停在水平光滑的軌道上，平板車上有一人從固定在車上的貨箱邊緣沿水平方向順著軌道方向跳出，落在平板車地板上的A點，距貨箱水平距離為l＝4m，如圖所示。人的質量為m，車連同貨箱的質量為M＝4m，貨箱高度為h＝1.25m。求車在人跳出后到落到地板前的反沖速度為多大。答案：1.6m/s解析：人從貨箱邊跳離的過程，系統(人、車和貨箱)水平方向動量守恒，設人的水平速度是v1，車的反沖速度是