1、2021-2022學年河北省衡水市石家莊第二十七中學高三物理月考試卷含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. 下列關于科學家的貢獻及物理現象的說法中正確的是_ A若使放射性物質的溫度升高，其半衰期將減小 B湯姆孫通過對陰極射線的研究發現了電子，并提出了原子核式結構學說 C當某種色光照射金屬表面時，能產生光電效應，則入射光的頻率越高，產生的光電子的最大初動能越大 D現已建成的核電站的能量來自于重核裂變參考答案： CD 試題分析： 半衰期是指放射性元素的原子核有半數發生衰變所需要的時間，是由核內部自身的因素決定的，跟原子所處的化學狀態和外部條件沒有關系

2、；湯姆孫通過對陰極射線的研究發現了電子，盧瑟福通過粒子散射實驗，提出了原子核式結構學說；根據愛因斯坦光電效應方程，光電子的最大初動能與入射光的頻率有關；核電站是利用重核的裂變，正確選項為C、D。考點：本題考查了原子方面的物理學史。 2. (單選)如圖所示，物塊M通過與斜面平行的細繩與小物塊m相連斜面的傾角可以改變討論物塊M對斜面的摩擦力的大小，則有：若物塊M保持靜止，則角越大，摩擦力一定越大若物塊M保持靜止，則角越大，摩擦力一定越小若物塊M沿斜面下滑，則角越大，摩擦力越大若物塊M沿斜面下滑，則角越大，摩擦力越小參考答案：D3. 通有電流的導線L1、L2處在同一平面(紙面)內，L1是固定的，L2

3、可繞垂直紙面的固定轉軸O轉動(O為L2的中心)，各自的電流方向如圖所示下列哪種情況將會發生：A因L2不受磁場力的作用，故L2不動B因L2上、下兩部分所受的磁場力平衡，故L2不動CL2繞軸O按順時針方向轉動DL2繞軸O按逆時針方向轉動參考答案：D4. （單選）如圖所示，A、B、C是兩個等量負點電荷連線的中垂線上的三點，設、和、分別為A、B、C三點的場強和電勢，則（ ）AC D=參考答案：C5. 1930年美國天文學家湯博發現冥王星，當時錯估了冥王星的質量，以為冥王星比地球還大，所以命名為大行星然而，經過近30年的進一步觀測，發現它的直徑只有2300公里，比月球還要小2006年8月24日晚在布拉格

4、召開的國際天文學聯合會(IAU)第26屆大會上，來自各國天文界權威代表投票通過聯合會決議，今后原來九大行星中的冥王星將不再位于“行星”之列，而屬于矮行星，并提出了行星的新定義行星新定義的兩個關鍵：一是行星必須是圍繞恒星運轉的天體；二是行星的質量必須足夠大，它自身的重力必須和表面力平衡使其形狀呈圓球一般來說，行星直徑必須在800公里以上，質量必須在50億億噸以上假如冥王星的軌道是一個圓形，則由以下幾個條件能估測出其質量的是（其中萬有引力常量為G） A冥王星圍繞太陽運轉的周期和軌道半徑B冥王星圍繞太陽運轉的線速度和軌道半徑C冥王星一個的衛星查龍(charon)圍繞冥王星在圓形軌道上轉動的線速度和軌

5、道半徑D冥王星一個的衛星查龍(charon)圍繞冥王星在圓形軌道上轉動的周期和軌道半徑參考答案：CD解析：由可知，只要知道線速度與軌道半徑或知道周期和軌道半徑就能求出中心天體的質量A、B求得的是中心天體太陽的質量而不是冥王星的質量；故正確答案為C和D。二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 兩顆人造地球衛星繞地球做勻速圓周運動，運行線速度之比是v1:v2=1:2，它們運行的軌道半徑之比為_；所在位置的重力加速度之比為_。參考答案：4:1 1:16 由萬有引力提供向心力可得，解得，將v1:v2=1:2代入即可解答。7. 如圖所示，在A點固定一點電荷，電荷量為+Q，已知點電荷Q周圍

6、各點的電勢=（r是各點離Q的距離）。在A點正上方離A高度為h的B點由靜止釋放某帶電的液珠（可以看作點電荷），液珠開始運動瞬間的加速度大小為（g為重力加速度）。靜電常量為k，若液珠只能沿豎直方向運動，不計空氣阻力，則液珠的電量與質量的比值為_；若液珠向下運動，到離A上方h/2處速度恰好為零，則液珠的最大速度為_。參考答案：，8. 在“研究電磁感應現象”的實驗中，首先按右上圖接線，以查明電流表指針的偏轉方向與電流方向之間的關系當閉合S時觀察到電流表指針向左偏,不通電時電流表指針停在正中央.然后按右下圖所示將電流表與線圈B連成一個閉合回路,將線圈A、電池、滑動變阻器和電鍵S串聯成另一個閉合電路S閉合

7、后，將線圈A插入線圈B的過程中,電流表的指針將 （填：左偏、右偏或者不偏）(2)線圈A放在B中不動時,指針將 （填：左偏、右偏或者不偏）(3)線圈A放在B中不動,將滑動變阻器的滑片P向左滑動時,電流表指針將 （填：左偏、右偏或者不偏）(4)線圈A放在B中不動,突然斷開S.電流表指針將 （填：左偏、右偏或者不偏） 參考答案：（1）右偏，（2）不偏，（3）右偏，（4）左偏 9. 如圖所示，在光滑水平面上有一輛質量M=8kg的平板小車，車上有一個質量m=1.9kg的木塊，木塊距小車左端6m（木塊可視為質點），車與木塊一起以v=1m/s的速度水平向右勻速行駛一顆質量m0=0.1kg的子彈以v0=179

8、m/s的初速度水平向左飛來，瞬間擊中木塊并留在其中，則木塊獲得的速度大小是 ，如果木塊剛好不從車上掉下，小車的速度大小是 參考答案：8m/s；0.8m/s【考點】動量守恒定律；功能關系【分析】子彈與木塊組成的系統動量守恒，由動量守恒定律可以求出木塊的速度；子彈、木塊、小車組成的系統動量守恒，由動量守恒定律求出它們的共同速度即可【解答】解：子彈擊中木塊過程中，子彈與木塊組成的系統動量守恒，以子彈的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：m0v0mv=（m0+m）v1，代入數據解得v1=8m/s，以子彈、木塊、小車組成的系統為研究對象，以子彈的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：（m0+m）v1M

9、v=（m0+m+M）v2，解得：v2=0.8m/s故答案為：8m/s；0.8m/s10. 一質點由位置A向北運動了4m，又轉向東運動了3m，到達B點，然后轉向南運動了1m，到達C點，在上述過程中質點運動的路程是 m，運動的位移是 m。 參考答案：8，11. 如圖所示，木板質量為M，長度為L，小木塊質量為m，水平地面光滑，一根不計質量的輕繩通過定滑輪分別與M和m連接，小木塊與木板間的動摩擦因數為? 開始時木塊靜止在木板左端，現用水平向右的力將m拉至右端，拉力至少做功為 參考答案： mgL 12. (5分)如圖所示，用水平力F拉靜放在光滑水平地面A處的物體，到達B處時物體的速度大小為v，此時若改用

10、方向相反，大小為8F的力作用在物體上，使物體能回到A處，則物體回到B處時的速度大小為 ，回到A處時的速度大小為 。 參考答案： 答案：v、3v 13. 某興趣小組為測一遙控電動小車的額定功率，進行了如下實驗：用天平測出電動小車的質量為0.4 kg；將電動小車、紙帶和打點計時器按如圖甲所示安裝；接通打點計時器(其打點周期為0.02 s)；使電動小車以額定功率加速運動，達到最大速度一段時間后關閉小車電源，待小車靜止時再關閉打點計時器(設在整個過程中小車所受的阻力恒定)在上述過程中，打點計時器在紙帶上所打的點跡如圖乙、圖丙所示，圖中O點是打點計時器打的第一個點請你分析紙帶數據，回答下列問題：(1)該

11、電動小車運動的最大速度為_m/s. (2)該電動小車運動過程中所受的阻力為_N.(3)該電動小車的額定功率為_W.參考答案：(1)1.5(或1.50)(2)1.6(或1.60)(3)2.4(或2.40)三、 簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. 質量為m=4kg的小物塊靜止于水平地面上的A點，現用F=10N的水平恒力拉動物塊一段時間后撤去，物塊繼續滑動一段位移停在B點，A、B兩點相距x=45m，物塊與地面間的動摩擦因數=0.2g取10m/s2求：（1）撤去力F后物塊繼續滑動的時間t；（2）物塊在力F作用過程發生的位移x1的大小參考答案：（1）撤去力F后物塊繼續滑動的時間為3s；

12、（2）物塊在力F作用過程發生的位移x1的大小36m解：設F作用時間為t1，之后滑動時間為t，前段加速度大小為a1，后段加速度大小為a2（1）由牛頓第二定律可得：Fmg=ma1mg=ma2且：a1t1=a2t可得：a1=0.5m/s2 ，a2=2m/s2 ，t1=4t（a1t12+a2t2）=x解得：t=3s（2）由（1）可知，力F作用時間t1=4t=12x1=a1t12= =36 m答：（1）撤去力F后物塊繼續滑動的時間為3s；（2）物塊在力F作用過程發生的位移x1的大小36m15. （16分）如圖所示，物塊A和B通過一根輕質不可伸長的細繩連接，跨放在質量不計的光滑定滑輪兩側，質量分別為mA=

13、2 kg、mB=1 kg。初始時A靜止與水平地面上，B懸于空中。先將B豎直向上再舉高h=1.8 m（未觸及滑輪）然后由靜止釋放。一段時間后細繩繃直，A、B以大小相等的速度一起運動，之后B恰好可以和地面接觸。取g=10 m/s2。（1）B從釋放到細繩繃直時的運動時間t；（2）A的最大速度v的大小；（3）初始時B離地面的高度H。參考答案：（1）；（2）；（3）。試題分析：（1）B從釋放到細繩剛繃直前做自由落體運動，有：解得：（2）設細繩繃直前瞬間B速度大小為vB，有細繩繃直瞬間，細繩張力遠大于A、B的重力，A、B相互作用，總動量守恒：繩子繃直瞬間，A、B系統獲得的速度：之后A做勻減速運動，所以細繩

14、繃直瞬間的速度v即為最大速度，A的最大速度為2 m/s。四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 一圓筒的橫截面如圖所示，其圓心為O。筒內有垂直于紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為B。圓筒下面有相距為d的平行金屬板M、N，其中M板帶正電荷，N板帶等量負電荷。質量為m、電荷量為q的帶正電粒子自M板邊緣的P處由靜止釋放，經N板的小孔S以速度v沿半徑SO方向射入磁場中，粒子與圈筒發生兩次碰撞后仍從S孔射出，設粒子與圓筒碰撞過程中沒有動能損失，且電荷量保持不變，在不計重力的情況下，求：（1）M、N間電場強度E的大小；（2）圓筒的半徑R；（3）保持M、N間電場強度E不變，僅將M板向上平移，粒子仍從M板邊

15、緣的P處由靜止釋放粒子自進入圓筒至從S孔射出期間，與圓筒的碰撞次數n。參考答案：(1)設兩極板間的電壓為U，由動能定理得 由勻強電場中電勢差與電場強度的關系得 U=Ed 聯立上式可得 (2)粒子進入磁場后做勻速圓周運動，運用幾何關系做出圓心O， 圓半徑為r，設第一次碰撞點為A，由于粒子與圓筒發生兩次碰撞又從S孔射出，因此SA弧所對圓心角。 由幾何關系得 粒子運動過程中洛倫茲力充當向心力，由牛頓第二定律，得 聯立得 (3)保持M、N間電場強度E不變，M板向上平移后，設板間電壓為，則 設粒子進入S孔時的速度為，由 可得 設粒子做圓周運動的半徑為， 設粒子從S到第一次與圓筒碰撞期間的軌道所對圓心角為

16、，比較兩式得到，可見 粒子須經過這樣的圓弧才能從S孔射出，故 n=3 17. 如圖20所示，一工件置于水平地面上，其AB段為一半徑R1.0 m的光滑圓弧軌道，BC段為一長度L0.5 m的粗糙水平軌道，二者相切于B點，整個軌道位于同一豎直平面內，P點為圓弧軌道上的一個確定點一可視為質點的物塊，其質量m0.2 kg，與BC間的動摩擦因數10.4。工件質量M0.8 kg，與地面間的動摩擦因數20.1（取g10 m/s2） （1）若工件固定,將物塊由P點無初速度釋放,滑到C點時恰好靜止,求P、C兩點間的高度差。（2）若將一水平恒力F作用于工件，使物塊在P點與工件保持相對靜止，一起向左做勻加速直線運動，

17、求F的大小。參考答案：（1）物塊從P點下滑經B點至C點的整個過程，根據動能定理得mgh1mgL0-ks5u-2分代入數據得h0.2 m-2分（2）設物塊的加速度大小為a，P點與圓心的連線與豎直方向間的夾角為，由幾何關系可得-1分根據牛頓第二定律，對物塊有mgtan ma-1分對工件和物塊整體有F2（M+m）g（M+m）a-2分聯立式，代入數據得F8.5 N-18. 在某地煤礦坑道搶險中，急需將某氧氣瓶中的氧氣分裝到每個小氧氣袋中，已知該氧氣瓶容積為25升，內部壓強為4.0l05Pa，分裝好的氧氣袋中壓強為1.0l05Pa。分裝過程中氣體溫度保持不變，氧氣可視為理想氣體，假設能將瓶中氧氣全部分裝到各