1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置3請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題

2、只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、如圖所示，在傾角為的斜面上有一塊豎直放置的擋板，在擋板和斜面間放一重為G的光滑的圓球，當擋板繞最低點沿逆時針緩慢轉到水平位置的過程中，關于小球受到的彈力，下列說法正確的是（）A.先增加，后減少B.先減少，后增加C.始終保持不變D.大小不變，方向時刻變化2、關于運動學的概念，下列說法中正確的是（ ）A.小強同學的標槍成績為50.8m，其中50.8m為標槍在空中運動的路程B.速度很大的物體加速度可能為零C.背越式跳高比賽中，當研究運動員過桿的技術要領時，可把運動員視為質點D.圖中右上方的路牌所標

3、的“50”為車輛通行的平均速度3、地下礦井中的礦石裝在礦車中，用電機通過豎井運送至地面。某豎井中礦車提升的加速度大小a隨時間t的變化關系如圖所示，其中圖線分別描述兩次不同的提升過程，兩次提升的高度相同，提升用時均為2t0。第次一直做勻加速運動；第次先做勻加速運動后做勻速運動且運動時間均為t0。則第次和第次提升過程中的加速度大小之比為（）A.B.C.D.4、下列說法中正確的是A.在研究參加3000m長跑的同學運動的時間問題時,可將該同學看作質點B.既有大小又有方向的量一定是矢量C.若物體在連續相等1s時間內的位移總相等,則物體一定在做勻速直線運動D.質量越大的物體重力越大,自由落體加速度越大5、

4、一個做勻速圓周運動的質點在時間t內速度方向改變的角度為 ，已知圓周運動半徑為,下列關系正確的是（ ）A.B.C.D.6、如圖所示，質點A沿半徑為R的圓周運動一周，回到出發點在此過程中，路程和位移的大小分別是 ( )A2R，2RB.0，2RC.2R，0D.0，07、一物體向上拋出，若它從拋出到落回原地過程中所受空氣阻力大小不變，下列說法中正確的是（）A.上升時間大于下降時間B.上升加速度大于下降加速度C.上升階段平均速度大于下降階段平均速度D.上升階段平均速度小于下降階段平均速度8、距水平地面高為2h處由靜止釋放一物體，物體做自由落體運動，距離地面高為h時的速度大小為、經歷的時間為t，下列說法正

5、確的是（）A.物體落地的速度大小為B.物體落地的速度大小為C.物體從剛釋放到剛落地的時間為D.物體從剛釋放到剛落地的時間為9、將一橫截面為扇形的物體B放在水平面上，一小滑塊A放在物體B上，如圖所示，除了物體B與水平面間的摩擦力之外，其余接觸面的摩擦均可忽略不計，已知物體B的質量為M、滑塊A的質量為m，重力加速度為g，當整個裝置靜止時，A、B接觸面的切線與豎直的擋板之間的夾角為則下列選項正確的是 A.物體B對水平面的壓力大小為(M+m)gB.物體B受到水平面的摩擦力大小為C.滑塊A與豎直擋板之間的彈力大小為mgtanD.滑塊A對物體B的壓力大小為10、一物體從某一高度自由落下，落在直立于地面的輕

6、彈簧上，如圖所示，在A點，物體開始與彈簧接觸，當物體下降到最低點B后又被彈簧彈回設物體在整個運動過程中，彈簧受力一直處于彈性限度內，則（）A.物體從A下降到B的過程中，速度不斷變小B.物體從A下降到B的過程中，速度不斷變大C.物體從A下降到B的過程中，加速度是先減小后增大D.物體從A下降到B，以及B上升到A的過程中，速度都是先增大后減小11、如圖所示，一個小球從豎立在地面上的輕彈簧正上方某處自由下下落，接觸彈簧將后彈簧壓縮，忽略空氣阻力，在壓縮的全過程中（）A.小球一直減速運動B.小球先加速然后減速C.小球速度最大時彈簧彈力大小等于小球重力大小D.彈簧的壓縮量最大時小球加速度為零12、如圖所示

7、，水平傳送帶A、B兩端相距x=4m，以v0=4m/s的速度（始終保持不變）順時針運轉，今將一小煤塊（可視為質點）無初速度地輕放至A端，由于煤塊與傳送帶之間有相對滑動，會在傳送帶上留下劃痕已知煤塊與傳送帶間的動摩擦因數=0.4，取重力加速度g=10m/s2，則煤塊從A運動到B的過程中A.煤塊到A運動到B的時間是2.25 sB.煤塊從A運動到B的時間是1.5 sC.劃痕長度是2 mD.劃痕長度是0.5 m二填空題(每小題6分，共18分)13、在“探究加速度與力、質量的關系”的實驗中，小車及車中砝碼的質量用M表示，盤及盤中砝碼的質量用m表示，小車的加速度可由小車后面拉動的紙帶經打點計時器打出的點計算

8、得到當M與m的大小關系滿足_時，才可以認為繩對小車的拉力大小等于盤及盤中砝碼的總重力甲同學在探究加速度與力關系時，根據測量數據作出的圖線，如圖a所示則實驗存在的問題是_乙、丙兩同學用同一裝置探究加速度與力的關系時，畫出了各自得到的圖線，如圖b所示則兩同學做實驗時的哪一個物理量取值不同? 答：_下圖是實驗中得到的紙帶已知打點計時器使用的交流電頻率為50Hz，每相鄰兩個計數點間還有4個點未畫出，利用下圖給出的數據可求出小車下滑的加速度為_m/s2(結果保留三位有效數字)14、在“驗證力的平行四邊形定則”實驗中，橡皮條的一端固定在A點，另一端被兩個彈簧秤拉到O，兩彈簧秤的讀數分別為F1和F2，兩細繩

9、的方向分別與橡皮條延長線的夾角為和，如圖所示，以下說法正確的是 （ ）A.只要O位置不變，則合力不變B.實驗中用平行四邊形定則求得的合力F一定與OA在一條直線上C.若保持O點的位置和夾角不變，夾角可變，若F1增大，則F2可能減小D 合力F必大于F1或F215、我們在實驗室用如圖所示的裝置做了驗證牛頓第二定律的實驗，請完成下面兩小題（1）在本次試驗中我們要驗證的是，我們控制總質量不變，研究合外力與加速度a之間是否滿足正比關系。其中是小車的質量，是砂桶的質量，把砂桶的重力當做合外力，則該實驗中_必要保證砂桶質量遠小于小車質量。（填“有”、“沒有”）（2）下列關于該實驗的注意事項，不必要的或者錯誤的

10、是（ ）A.在實驗前必須先抬高木板以平衡摩擦力B.拉小車的細線必須和木板平面平行C.改變砂桶質量后，在做實驗之前必須再次平衡摩擦力D.做這個實驗的時候應該先打開電源再釋放小車三計算題(22分)16、（12分）如圖所示，某幼兒園要做一個滑梯，底邊長度為6m。滑梯斜面與兒童褲料之間的動摩擦因數為0.4。設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，為使小孩能從滑梯斜面上滑下，滑梯至少要多高?17、（10分）雪崩是自然災害之一，我們在登雪山和欣賞雪山的美景時，一定要注意安全。某攝影愛好者站在傾角為37的斜坡底端正在對斜坡頂端的美景進行拍攝，t0=0時，在距坡底為L=45m處發生雪崩，攝影受好者發現后經過t1=1s的

11、反應時間，從靜止開始以的加速度逃離。當攝影者的速度達到6m/s后就不能再加速了，并以此速度做勻速運動，如圖所示。已知雪塊（可視為質點）與坡面和地面間的動摩擦因數均為0.3，sin37=0.6，cos37=0.8，取g=10m/s2，假設雪塊從坡面滑向水平面時速度大小不變。（1）求雪塊到達斜面底端時的速度大小和下滑的時間；（2）攝影者站在距坡底至少多遠處才能安全逃離。參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】對小球受力分析可知，小球受

12、向下重力和擋板以及斜面的彈力，由平衡知識可知，重力和擋板和斜面的彈力等大反向，則當擋板繞最低點沿逆時針緩慢轉到水平位置的過程中，小球受到的彈力始終等于重力不變。故選C。2、B【解析】A小強同學的標槍成績為50.8m，其中50.8m為標槍在空中運動的位移，故A錯誤；B速度越大，加速度不一定越大，比如高空勻速飛行的飛機，速度很大，但是加速度為零，故B正確；C背越式跳高比賽中，當研究運動員過桿的技術要領時，不能忽略運動員的體積，此時不能看作質點，故C錯誤；D圖中右上方的路牌所標的“50”為車輛通行的最大瞬時速度，故D錯誤；故選B。3、B【解析】兩次提升的高度相同，有解得故B正確，ACD錯誤。故選B。

13、4、A【解析】A運動會上測量某運動員3000m長跑時間問題時，能把運動員看成質點故A符合題意B既有大小又有方向的物理量不一定是矢量，如電流，因為電流運算時不遵守平行四邊形定則，所以電流是標量故B不符合題意C若物體在連續相等1s時間內的位移總相等，則物體可能在做勻速直線運動，也可能做變速運動故C不符合題意D自由落體運動初速度為零，加速度為g的勻加速直線運動，加速度與質量無關故D不符合題意5、B【解析】線速度等于做圓周運動的物體單位時間內走過的弧長；角速度等于做圓周運動的物體單位時間內轉過的角度；【詳解】由題意可知，角速度，線速度，周期，向心加速度故本題選B【點睛】本題考查學生對描述圓周運動基本物

14、理量的掌握情況，難度不大6、C【解析】質點A沿半徑為R 的圓周運動一周，回到出發點在此過程中，路程等于圓周的周長，s=2R初位置和末位置重合，所以位移為0故C正確，ABD錯誤故選C【點睛】解決本題的關鍵區分位移和路程，理解路程和位移的定義路程等于物體運動軌跡的長度，位移的大小等于物體首末位置的距離7、BC【解析】B設物體質量的為m，空氣阻力大小為f，上升和下降的加速度大小分別為a1、a2，根據牛頓第二定律可得，上升過程有下降過程有可見a1a2即上升加速度大于下降加速度，B正確；A設物體上升的最大高度為h，上升過程根據逆向思維看成反向的勻加速直線運動，則有下降過程有由于，則，即物體上升的時間小于

15、下降的時間，A錯誤；CD由平均速度公式可知，上升和下降的位移大小h相等，而時間，故上升階段平均速度大于下降階段平均速度，C正確，D錯誤。故選BC。8、AC【解析】物體做自由落體運動，滿足，則落地時，運動距離為，則故AC正確，BD錯誤。故選AC。9、AB【解析】C、D、首先對物體A受力分析，如圖所示：根據平衡條件，有：，根據牛頓第三定律，A對B的壓力大小為，A對擋板的壓力大小為，CD錯誤；A、B、再對AB整體受力分析，受重力、地面支持力、擋板支持力、地面的靜摩擦力，如圖所示：根據平衡條件，地面支持力大小，地面的摩擦力大小；再根據牛頓第三定律，對地壓力大小為，A正確；B正確；故選AB10、CD【解

16、析】ABC.在A下降到B的過程中，開始重力大于彈簧的彈力，加速度方向向下，物體做加速運動，彈力在增大，則加速度在減小，當重力等于彈力時,速度達到最大，然后在運動的過程中，彈力大于重力，根據牛頓第二定律知，加速度方向向上，加速度方向與速度方向相反，物體做減速運動，運動的過程中彈力增大，加速度增大,到達最低點，速度為零.知加速度先減小后增大，速度先增大后減小。故A、B錯誤，C正確；D.物體從B回到A的過程是A到B過程的逆過程,返回的過程速度先增大后減小.所以D選項是正確的.故選：CD【點睛】本題受力分析是關鍵，在物體下落過程中由于彈力在變化，導致合力發生變化，所以加速度也在變化，當加速度為零時，速

17、度達到最大，當物體運動到最低點時速度為零，這些會作為運動中的臨界條件來用，也是求解某些問題的關鍵所在11、BC【解析】小球接觸彈簧到將彈簧壓縮最短的過程中，彈簧的彈力一直增大，開始重力大于彈力，合力方向向下，合力在減小，加速度減小，由于加速度的方向與速度方向相同，小球的速度在增大；接著，彈力等于重力，此時加速度為零，速度最大；然后彈力大于重力，合力方向向上，合力在增大，加速度增大，由于加速度的方向與速度方向相反，速度在減小。當彈簧壓縮量最大時小球的加速度向上，不為零，此時速度為零，由此分析可知，BC正確，AD錯誤。故選BC。12、BC【解析】A、B、煤塊在傳送帶上勻加速運動時，根據牛頓第二定律

18、有mg=ma，得a=g=4 m/s2，當煤塊速度和傳送帶速度相同時，位移，因此煤塊先加速后勻速，勻加速運動的時間，勻速運動的時間，煤塊從A運動到B的總時間t=t1+t2=1.5 s，A錯誤，B正確；C、D、在加速階段產生相對位移即產生劃痕，則有x=v0t1x1=2 m，C正確，D錯誤故選BC.【點睛】對傳送帶問題，要注意區分劃痕和產生熱量的有效路程不同，對簡單的過程，二者一般相等，但對復雜的過程，要注意前者為某段的最大位移，后者為總的相對路程.二填空題(每小題6分，共18分)13、 . .平衡摩擦力過度（或平板傾斜過度） .小車的質量不同 .【解析】(1)以整體為研究對象有mg=(m+M)a，

19、解得：，以M為研究對象有繩子的拉力F=Ma=，顯然要有F=mg必有m+M=M，故有Mm，即只有Mm時才可以認為繩對小車的拉力大小等于盤和盤中砝碼的重力(2) 圖中沒有拉力時就有加速度，是由于實驗前平衡摩擦力多度造成的(3) 根據牛頓第二定律F=Ma，a與F成正比，斜率是質量的倒數，兩同學做出的a-F圖像斜率不同，說明兩次試驗時兩車及車上砝碼的總質量不同；（4）每相鄰兩個計數點間還有4個點未畫出，相鄰兩個計數點間時間間隔為0.1s，根據，利用逐差法：14、AC【解析】O點的位置不變，則橡皮筋形變量相同，產生的彈力不變，說明合力不變，故A正確；因實驗中作圖、測量存在誤差，不可能嚴格使F與F重合，所以實驗中用平行四邊形定則求得的合力F不一定沿OA直線方向，故B錯誤；根據平行四邊形定值可知，若保持O點的位置和角1不變，F1增大，若2也增大，則F2可能減小，故C正確； 因合力與分力滿足平行四邊形定則，由幾何關系可知合力可能小于兩分力，故D錯誤15、 .沒有 .C【解析】（1）1設輕繩的拉力為T，加速度為a，根據牛頓第二定律,對砂桶分析有：對小車分析有：聯立解得：由此可知，此時砂桶的重力即為整體的合外力，控制總質量不