1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、2018年1月12日，我國成功發射北斗三號組網衛星如圖為發射衛星的示意圖，先將衛星發射到半徑為r的圓軌道上做圓周運動，到A點時使衛星加速進入橢圓軌道，到橢圓軌道的遠地點B點時

2、，再次改變衛星的速度，使衛星進入半徑為2r的圓軌道已知衛星在橢圓軌道時距地球的距離與速度的乘積為定值，衛星在橢圓軌道上A點時的速度為v，衛星的質量為m，地球的質量為M，引力常量為G，則發動機在A點對衛星做的功與在B點對衛星做的功之差為(忽略衛星的質量變化)（ ）A BCD2、如圖所示，A，B質量均為m，疊放在輕質彈簧上（彈簧上端與B不連接，彈簧下端固定于地面上）保持靜止，現對A施加一豎直向下、大小為F（F2mg）的力，將彈簧再壓縮一段距離（彈簧始終處于彈性限度內）而處于靜止狀態，若突然撤去力F，設兩物體向上運動過程中A、B間的相互作用力大小為FN，則關于FN的說法正確的是（重力加速度為g）（）

3、A剛撤去外力F時，FN=mg+F2B彈簧彈力等于F時，FN=F2C兩物體A、B的速度最大時，FN=2mgD彈簧恢復原長時，FN=mg3、如圖甲所示為由某材料制成的電阻R的阻值隨溫度t變化的圖象，若用該電阻與電池(電動勢E=1.5V，內阻不計)、電流表(量程為50mA，內阻不計)、電阻箱申聯起來，連接成如圖乙所示的電路，用該電阻做測溫探頭。將電阻箱的阻值調為R=15，把電流表的電流刻度改為相應的溫度刻度，就得到了一個簡單的“電阻溫度計”。下列說法錯誤的是（ ）A溫度升高，電路中的電流減小B電流表刻度較大處對應的溫度刻度較小C電流表的示數為50mA時，電阻R的阻值為30D電流表的示數為50mA時，

4、對應的溫度為54、a、b是兩種單色光，其頻率分別為va、vb，且，則下列說法不正確的是（）Aa、b光子動量之比為B若a、b光射到同一干涉裝置上，則相鄰條紋的間距之比為C若a、b都能使某種金屬發生光電效應，則光子的最大初動能之差D若a、b是處于同一激發態的原子躍遷到A態和B態產生的，則A、B兩態的能級之差5、如圖所示，條形磁鐵靜止放在桌面上，當在其左上方放一電流方向垂直紙面向里的通電直導線后，則磁鐵受到的摩擦力和彈力A摩擦力為零B摩擦力方向向左C彈力保持不變D摩擦力方向向右6、如圖所示，固定在豎直平面內的光滑圓環的最高點有一個光滑的小孔，質量為m的小球套在圓環上，一根細線的下端系著小球，上端穿過

5、小孔用力F拉住，繩與豎直方向夾角為，小球處于靜止狀態.設小球受支持力為FN，則下列關系正確的是（ ）AF=2mgtanBF =mgcosCF N=mgDF N=2mg二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在光滑絕緣水平面上，A、B和C為等邊三角形ABC的頂點，A、B固定正點電荷+Q，C固定負點電荷Q，D、E是A、B連線上的兩點，且AD=DE=EB。則（）AD點和E點的電場強度大小相等BD點和E點的電場強度方向相同CD點和E點的電勢相等D將負電荷從D點移到E點，

6、電勢能增加8、如圖，發電機的輸出電壓，通過理想降壓變壓器給若干盞燈泡供電，輸電線上連接可調電阻r。變壓器原線圈兩端接有理想交流電壓表V，副線圈干路接有理想交流電流表A，下列說法正確的是（ ）A電壓表V的示數始終為1000VB僅可調電阻r增大，電壓表V的示數減小C僅接入燈泡增多，電流表A的示數增大D僅可調電阻r增大，電流表A的示數減小9、如圖所示,生產車間有兩個相互垂直且等高的水平傳送帶甲和乙,甲的速度為v0，小工件離開甲前與甲的速度相同，并平穩地傳到乙上，工件與乙之間的動摩擦因數為乙的寬度足夠大，重力加速度為g，則（ ） A若乙的速度為 v0,工件在乙上側向( 垂直于乙的運動方向)滑過的距離s

7、=B若乙的速度為 2v0,工件從滑上乙到在乙上側向滑動停止所用的時間不變C若乙的速度為 2v0,工件在乙上剛停止側向滑動時的速度大小v=D保持乙的速度 2v0 不變,當工件在乙上剛停止滑動時,下一只工件恰好傳到乙上,如此反復. 若每個工件的質量均為m,除工件與傳送帶之間摩擦外,其他能量損耗均不計,驅動乙的電動機的平均輸出功率= mgv010、一定質量的理想氣體的狀態變化圖像如圖所示，它由狀態a經過狀態b到狀態c。關于這一過程的說法，正確的是 A理想氣體的體積先增大后保持不變B理想氣體的體積一直增加C理想氣體的內能先增大后保持不變D理想氣體對外做功，吸收熱量E.外界對理想氣體做功，理想氣體放出熱

8、量三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某研究性學習小組為了測量某電源的電動勢E和電壓表V的內阻Rv，從實驗室找到實驗器材如下：A待測電源（電動勢E約為2V，內阻不計）B待測電壓表V（量程為1V，內阻約為100）C定值電阻若干（阻值有：50.0，100.0，500.0，1.0k）D單刀開關2個(1)該研究小組設計了如圖甲所示的電路原理圖，請根據該原理圖在圖乙的實物圖上完成連線_。(2)為了完成實驗，測量中要求電壓表的讀數不小于其量程的，則圖甲R1=_；R2=_。(3)在R1、R2選擇正確的情況進行實驗操作，當電鍵S1閉合、S2斷開時

9、，電壓表讀數為0.71V；當S1、S2均閉合時，電壓表讀數為0.90V；由此可以求出Rv=_；電源的電動勢E=_（保留2位有效數字）。12（12分）某物理興趣小組在學習了電流的磁效應后，得知通電長直導線周圍某點磁場的磁感應強度B的大小與長直導線中的電流大小I成正比，與該點離長直導線的距離r成反比。該小組欲利用如圖甲所示的 實驗裝置驗證此結論是否正確，所用的器材有：長直導線、學生電源、直流電流表（量程為03A）、滑動變 阻器、小磁針（置于刻有360刻度的盤面上）、開關及導線若干：實驗步驟如下：a.將小磁針放置在水平桌面上，等小磁針靜止后，在小磁針上方沿小磁針靜止時的指向水平放置長直 導線，如圖甲

10、所示；b.該小組測出多組小磁針與通電長直導線間的豎直距離 r、長直導線中電流的大小I及小磁針的偏轉 角度；c.根據測量結果進行分析，得出結論。 回答下列問題：（1）某次測量時，電路中電流表的示數如圖乙所示，則該電流表的讀數為_A；（2）在某次測量中，該小組發現長直導線通電后小磁針偏離南北方向的角度為30（如圖丙所示），已知實驗所在處的地磁場水平分量大小為B0=3105T，則此時長直導線中的電流在小磁針處產生的磁感應強度B的大小為_T（結果保留兩位小數）；（3）該小組通過對所測數據的分析，作出了小磁針偏轉角度的正切值tan與之間的圖像如圖丁所示，據此得出了通電長直導線周圍磁場的磁感應強度B與通電

11、電流I成正比，與離長直導線的距離r成反比的結論， 其依據是_；（4）通過查找資料，該小組得知通電長直導線周圍某點的磁感應強度B與電流I及距離r之間的數學關系為，其中為介質的磁導率。根據題給數據和測量結果，可計算出=_ 。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，光滑軌道槽ABCD與粗糙軌道槽GH（點G與點D在同一高度但不相交，FH與圓相切）通過光滑圓軌道EF平滑連接，組成一套完整的軌道，整個裝置位于豎直平面內。現將一質量的小球甲從AB段距地面高處靜止釋放，與靜止在水平軌道上、質量為1kg的小球乙發生完全

12、彈性碰撞。碰后小球乙滑上右邊斜面軌道并能通過軌道的最高點E點。已知CD、GH與水平面的夾角為=37，GH段的動摩擦因數為=0.25，圓軌道的半徑R0.4m，E點離水平面的豎直高度為3R（E點為軌道的最高點），（，）求兩球碰撞后：（1）小球乙第一次通過E點時對軌道的壓力大小；（2）小球乙沿GH段向上滑行后距離地面的最大高度；（3）若將小球乙拿走，只將小球甲從AB段離地面h處自由釋放后，小球甲又能沿原路徑返回，試求h的取值范圍。14（16分）處于真空中的圓柱形玻璃的橫截面如圖所示，AB為水平直徑，玻璃磚的半徑為R，O為圓心，P為圓柱形玻璃磚上的一點，與水平直徑AB相距，單色光平行于水平直徑AB射向

13、該玻璃磚。已知沿直徑AB射入的單色光透過玻璃的時間為t，光在真空中的傳播速度為c，不考慮二次反射，求：（1）該圓柱形玻璃磚的折射率n；（2）從P點水平射入的單色光透過玻璃磚的時間。15（12分）一列簡諧橫波的波源振動一個周期時波形如甲圖所示，乙圖為質點Q從該時刻計時的振動圖像，P、Q分別是平衡位置為和處的質點。(1)請判斷該簡諧橫波的傳播方向和P、Q兩點誰先到達波谷，并計算波速；(2)從計時時刻起，當質點Q第三次出現在波峰位置時，請確定處的質點M的振動方向及M在這段時間內的總路程。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1

14、、B【解析】由可知，衛星在軌道半徑為r的圓軌道上運動的線速度大小，在半徑為2r的圓軌道上做圓周運動的線速度大小為，設衛星在橢圓軌道上B點的速度為，由，可知在A點時發動機對衛星做功，在B點時發動機對衛星做的功為，因此，B正確，ACD錯誤故選：B2、B【解析】在突然撤去F的瞬間，彈簧的彈力不變，由平衡條件推論可知AB整體的合力向上，大小等于F，根據牛頓第二定律有：F=（m+m）a，解得：a=F2m，對A受力分析，受重力和支持力，根據牛頓第二定律，有：FN-mg=ma，聯立解得：FN=mg+F2，故A錯誤；彈簧彈力等于F時，根據牛頓第二定律得，對整體有：F-2mg=2ma，對m有：FN-mg=ma，

15、聯立解得：FN=F2，故B正確；當A、B兩物體的合力為零時，速度最大，對A由平衡條件得：FN=mg，故C錯誤；當彈簧恢復原長時，根據牛頓第二定律得，對整體有：2mg=2ma，對m有：mg-FN=ma，聯立解得： FN=0，故D錯誤。所以B正確，ACD錯誤。3、C【解析】AB由圖甲可知，溫度升高，電阻R的阻值增大，電路中電流減小，因此電流表刻度較大處對應的溫度刻度較小，AB項正確，不符合題意；CD電流表的示數為50mA時，電路總電阻為30，電阻箱的阻值R =15。則R=15，由圖甲可得對應的溫度為5，C項錯誤，符合題意，D項正確，不符合題意；故選C。4、B【解析】A光子的能量，所以兩種光子能量分

16、別為和，且則：光子的動量為，所以A正確；B光子的波長，雙縫干涉裝置上相鄰亮條紋的間距為，所以B錯誤；C根據光電效應方程可知，光電子的最大初動能為，其中W為金屬的逸出功；則有C正確；D若a、b是由處于同一激發態的原子躍遷到A態和B態時產生的，設初始激發態的能量為E0，則有所以同理則D正確。本題選不正確的，故選B。5、B【解析】磁鐵的磁感線從N到S，故通電導線所處位置的磁場方向為斜向左下，根據左手定則可知導線受到斜向左上的安培力，根據牛頓第三定律可得磁鐵受到導線給的斜向右下的作用力，該作用力可分解為水平向右和豎直向下，故磁鐵受到的摩擦力水平向左，彈力增大，B正確6、C【解析】對小球進行受力分析，小

17、球受重力G，F，FN，三個力，滿足受力平衡。作出受力分析圖如下：由圖可知OABGFA，即：解得：FN=G=mgA F=2mgtan，與分析不符，故A錯誤；B F =mgcos，與分析不符，故B錯誤；C F N=mg，與分析相符，故C正確；D F N=2mg，與分析不符，故D錯誤；故選：C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】ABD、E兩點電場，是A、B兩正點電荷的電場與C點的負點電荷的電場的疊加。A、B兩正點電荷在D點和E點的合場強大小相等，方向相反，C點

18、的負點電荷在D點和E點的場強大小相等，方向不同，所以，D點和E點的合場強大小相等，方向不同，A正確，B錯誤；CD點和E點在的等勢面上，同時關于兩正點電荷對稱，所以D點和E點的電勢相等，C正確；D根據電勢能的計算公式可知負電荷在D點和E點的電勢能相同，D錯誤。故選AC。8、BCD【解析】A電壓表示數A錯誤；BD可調電阻r增大，副線圈電阻不變，則電路總電阻增大，電流減小，副線圈電阻分壓減小，BD正確；C僅接入燈泡增多，副線圈電流增大，電流表示數增大，C正確。故選BCD。9、CD【解析】根據牛頓第二定律，mg=ma，得a=g，摩擦力與側向的夾角為45，側向加速度大小為，根據2axs1-v12，解得：

19、 ，故A錯誤；沿傳送帶乙方向的加速度ayg，達到傳送帶乙的速度所需時間，與傳送帶乙的速度有關，故時間發生變化，故B錯誤；設t=1時刻摩擦力與側向的夾角為，側向、縱向加速度大小分別為ax、ay，則，很小的t時間內，側向、縱向的速度增量vx=axt，vy=ayt，解得 且由題意知，t，則，所以摩擦力方向保持不變，則當vx=1時，vy=1，即v=2v1故C正確; 工件在乙上滑動時側向位移為x，沿乙方向的位移為y，由題意知，ax=gcos，ay=gsin，在側向上2axs1-v12，在縱向上，2ayy(2v1)21; 工件滑動時間 ，乙前進的距離y1=2v1t工件相對乙的位移，則系統摩擦生熱Q=mgL

20、，依據功能關系，則電動機做功： 由 ，解得 故D正確；故選CD.點睛：本題考查工件在傳送帶上的相對運動問題，關鍵將工件的運動分解為沿傳送帶方向和垂直傳送帶方向，結合牛頓第二定律和運動學公式進行求解10、BCD【解析】AB由理想氣體狀態方程,由狀態a經過狀態b,壓強不變，溫度升高，體積增大。態b到狀態c，溫度不變，壓強減小，體積增大。所以體積一直增大。故A錯誤。B正確。C一定量理想氣體的內能由溫度決定，狀態a經過狀態b到狀態c，溫度向增大，后不變。所以內能先增大后保持不變。故C正確。DE狀態a經過狀態b到狀態c，體積一直增大，所以理想氣體對外做功。又內能先增大后保持不變，總體相對于初始增大。由熱

21、力學第一定律,內能增大且對外做功，必須吸收熱量。所以D正確,E錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 100 50 87 1.9 【解析】(1)1根據電路原理圖，實物連線如圖所示：(2)23根據分壓規律串聯在電路中的總電阻約為所以和阻值太大不能用，否則電壓表的示數不滿足題中要求；為了在閉合時，能夠有效的保護電路，所以，。(3)45當電鍵閉合、斷開時當、均閉合時解得，12、2.00 電流產生的磁感應強度，而偏角的正切值與成正比 【解析】（1）1電流表量程為3A，則最小分度為0.1A，由指針示數可知電流為2.00A；（2）2電流產生向東的磁場，則指針指向地磁場分量和電流磁場的合磁場方向，如圖所示則有解得（3）3由圖可知，偏角的正切值與成正比，而根據（2）中分析可知則可知與成正比，故說明通電長直導線周圍磁場的磁感應強度與通電電流成正比，與長導線的距離成反比；（4）4由公式可知，圖象的斜率解得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）30N ；（2）1.62m