1、2021-2022學年高考物理模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、電容為C的平行板電容器豎直放置，正對面積為S，兩極板間距為d，充電完成后兩極板之間電壓為U，斷開電路，兩極板正對區域視為勻強電場，其具有的電場能可表示為。如果用外力使平行板電容

2、器的兩個極板間距緩慢變為2d，下列說法正確的是（）A電容變為原來的兩倍B電場強度大小變為原來的一半C電場能變為原來的兩倍D外力做的功大于電場能的增加量2、近年來，人類發射了多枚火星探測器，火星進行科學探究，為將來人類登上火星、開發和利用火星資源奠定了堅實的基礎。假設火星探測器環繞火星做“近地”勻速圓周運動，若測得該探測器運動的周期為，則可以算得火星的平均密度，式中是一個常量，該常量的表達式為（已知引力常量為）ABCD3、在物理學發展的歷程中，許多物理學家的科學研究推動了人類文明的進程，以下對幾位物理學家所做科學貢獻的敘述正確的是（ ）A牛頓運用理想實驗法得出“力不是維持物體運動的原因”B安培總

3、結出了真空中兩個靜止點電荷之間的作用規律C愛因斯坦創立相對論，提出了一種嶄新的時空觀D法拉第在對理論和實驗資料進行嚴格分析后，總結出了法拉第電磁感應定律4、如圖，在真空中的絕緣光滑水平面上，邊長為L的正三角形的三個頂點上分別固定放置電量為+Q、+Q、-Q的點電荷，以圖中頂點為圓心、0. 5L為半徑的圓與其腰及底邊中線的交點分別為A、B、C、D。下列說法正確的是（ ）AA點場強等于C點場強BB點電勢等于D點電勢C由A點靜止釋放一正點電荷+q，其軌跡可能是直線也可能是曲線D將正點電荷+q沿圓弧逆時針從B經C移到D，電荷的電勢能始終不變5、如圖所示，小球B靜止在光滑水平臺右端，小球A以一定的初速度v

4、0與小球B發生彈性正撞，碰撞后兩小球由臺階水平拋出，B球第一次落在了水平地面上的P點，A球第一次落到地面上彈起來后第二次也落到了P點。若兩球與地面碰撞時沒有能量損失，碰撞前后速度方向滿足光的反射定律，則A、B兩球的質量之比m1：m2為（）A21B31C32D536、一物體沿水平面做勻減速直線運動，其運動的圖象如圖所示。下列說法正確的是（）A物體運動的初速度大小為10m/sB物體運動的加速度大小為0.4m/s2C物體在前3s內的平均速度是9.4m/sD物體在前5s內的位移是45m二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得

5、5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，用等長的絕緣線分別懸掛兩個質量、電量都相同的帶電小球A和B，兩線上端固定于O點，B球固定在O點正下方。當A球靜止時，兩懸線的夾角為下列方法中能保持兩懸線的夾角不變的是（）A同時使兩懸線長度減半B同時使兩球的質量和電量都減半C同時使A球的質量和電量都減半D同時使兩懸線長度減半和兩球的電量都減半8、如圖所示，絕緣細線相連接的A、B兩帶電小球處于在豎直向下的勻強電場中，在外力F作用下沿豎直方向勻速向上運動，A、B兩球質量均為m，均帶正+q（q0）的電荷，場強大小E=，某時刻突然撤去外力F，則下列說法正確的是（）AF的大小為4mgBF撤去的瞬間，

6、A球的加速度小于2gCF撤去的瞬間，B球的加速度等于2gDF撤去的瞬間，球A、B之間的繩子拉力為零9、物體是由大量分子組成的，下列相關說法正確的是（）A布朗運動雖不是液體分子的運動，但它間接反映了液體分子的無規則運動B液體表面分子間距離小于液體內部分子間距離C擴散現象可以在液體、氣體中發生，也能在固體中發生D隨著分子間距離的增大，分子間引力和斥力均減小E.液體的飽和汽壓隨溫度的升高而減小10、如圖所示是一個半徑為 R 的豎直圓形磁場區域，磁感應強度大小為 B，磁感應強度方向垂直紙面向內有一個粒子源在圓上的 A 點不停地發射出速率相同的帶正電的粒子，帶電粒子的 質量均為 m，運動的半徑為 r，在

7、磁場中的軌跡所對應的圓心角為下列說法正確的是A若 r=2R，則粒子在磁場中運動的最長時間為B若r=2R，粒子沿著與半徑方向成 45 角斜向下射入磁場，則有成立C若 r=R，粒子沿著磁場的半徑方向射入，則粒子在磁場中的運動時間為D若 r=R，粒子沿著與半徑方向成 60角斜向下射入磁場，則圓心角為 150三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學在實驗室進行探究變壓器原、副線圈電壓與匝數關系的實驗。他準備了可拆變壓器、多用電表、開關和導線若干。(1)實驗需要以下哪種電源_；A低壓直流電源 B高壓直流電源C低壓交流電源 D高壓交流電源(

8、2)該同學認真檢查電路無誤后，先保證原線圈匝數不變，改變副線圈匝數：再保證副線圈匝數不變，改變原線圈匝數。分別測出相應的原、副線圈電壓值。由于交變電流電壓是變化的，所以，我們實際上測量的是電壓的_值 （填“有效或“最大”）。其中一次多用電表讀數如圖所示，此時電壓表讀數為_ ；(3)理想變壓器原、副線圈電壓應與其匝數成_ （填“正比” 或“反比”），實驗中由于變壓器的銅損和鐵損導致原線圈與副線圈的電壓之比一般_ （填“大于 “小于”或“等于）原線圈與副線圈的匝數之比。12（12分）如圖a所示，某同學利用下圖電路測量電源電動勢和內阻。先將電路中的電壓傳感器d端與a端連接。（1）若該同學開始實驗后未

9、進行電壓傳感器的調零而其他器材的使用均正確，則移動滑片后，得到的U-I圖象最可能為_。A B C D（2）將電壓傳感器d端改接到電路中c端，正確調零操作，移動滑片后，得到如圖b所示的U-I圖，已知定值電阻R=10，則根據圖象可知電源電動勢為_V、內阻為_。（結果保留2位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一定質量的理想氣體在狀態A時壓強為p0，經歷從狀態ABCA的過程。則氣體在狀態C時壓強為_；從狀態C到狀態A的過程中，氣體的內能增加U，則氣體_（填“吸收”或“放出”）的熱量為_。14（

10、16分）如圖所示，在xOy坐標平面的第一象限內有一沿y軸負方向的勻強電場，在第四象限內有一垂直于平面向里的勻強磁場，現有一質量為m、電量為+q的粒子（重力不計）從坐標原點O射入磁場，其入射方向與x的正方向成45角。當粒子運動到電場中坐標為（3L，L）的P點處時速度大小為v0，方向與x軸正方向相同。求(1)粒子從O點射入磁場時的速度v；(2)勻強電場的場強E和勻強磁場的磁感應強度B；(3)粒子從O點運動到P點所用的時間。15（12分）如圖所示，半徑R=0.4m的四分之一光滑圓弧軌道固定在地面上，質量m=1kg的滑塊B（可視為質點）從圓弧軌道頂端正上方高為h=0.85m處自由落下，質量為M=2kg

11、的木板A靜止在光滑水平上，其左端與固定臺階相距x，右端與圓軌道緊靠在一起，圓弧的底端與木板上表面水平相切B從A右端的上表面水平滑入時撤走圓弧軌道，A與臺階碰撞無機械能損失，不計空氣阻力，AB間動摩擦因數=0.1，B始終不會從A表面滑出，取g=10m/s2，求：（1）滑塊B運動到圓弧底端時對軌道的壓力；（2）若A與臺階碰前，已和B達到共速，求從B滑上A到達到共同速度的時間；（3）若要使木板A只能與臺階發生一次碰撞，求x應滿足的條件以及木板A的最小長度 參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A極板間距變為原來兩

12、倍，根據可知電容減半，A錯誤；B電荷量和極板正對面積不變，則電場強度大小不變，B錯誤；C當開關斷開后，電容器極板的電荷量Q不變，根據電容減半，兩極板間電壓加倍，根據可知，電場能加倍，C正確；D電路斷開，沒有電流和焦耳熱產生，極板的動能不變，則外力做的功等于電場能的增加量，D錯誤。故選C。2、C【解析】由萬有引力定律，知得又而火星探測器繞火星做“近地”圓周運動，有，解得故題中的常量故選C。3、C【解析】A、伽利略運用理想實驗法得出“力不是維持物體運動的原因”,故A錯誤;B、庫侖總結出了真空中兩個靜止點電荷之間的作用規律,故B錯誤;C、愛因斯坦創立相對論,提出了一種嶄新的時空觀,所以C選項是正確的

13、;D、法拉第發現了電磁感應現象,揭示了磁現象和電現象之間的聯系;是韋德與庫柏在對理論和實驗資料進行嚴格分析后,總結出了法拉第電磁感應定律,故D錯誤;綜上所述本題答案是：C4、B【解析】A由場強疊加可知，A點和C點場強大小和方向都不同，選項A錯誤；B由于底邊上的正負電荷在BD兩點形成電場的電勢疊加后的總電勢均為零，則BD兩點的電勢就等于頂端電荷在BD兩點的電勢，則B點電勢等于D點電勢，選項B正確；C兩個正電荷形成的電場在兩個電荷連線的垂直平分線上，即與過-Q的電荷的直線上，可知A點與-Q連線上的電場線是直線，且指向-Q，則由A點靜止釋放一正點電荷+q，其軌跡一定是指向-Q的直線，選項C錯誤；D由

14、B的分析可知，BD兩點電勢相等，但是與C點的電勢不相等，則將正點電荷+q沿圓弧逆時針從B經C移到D，電荷的電勢能要發生變化，選項D錯誤。故選B。5、B【解析】由題意知兩球水平拋出至第一次落到地面時，球運動的距離是球的3倍，故它們平拋的初速度兩球發生彈性碰撞，故解得 解得故選B。6、A【解析】AB由勻減速直線運動公式：可得：結合圖象可知圖線與縱軸的交點表示物體的初速度、斜率：則物體的初速度大小為v0=10m/s，加速度大小為：a=0.8m/s2故A正確，B錯誤；C由：可得，物體在前3s內的平均速度是8.8m/s，故C錯誤；D前5s內的平均速度為8m/s，物體在前5s內的位移是40m，故D錯誤。故

15、選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】同時使兩懸線長度減半，若角度不變，球間距減半，根據公式F=kQqr2，靜電斥力增加為4倍，故重力和靜電斥力的合力方向一定改變，不能在原位置平衡，故A錯誤；同時使兩球的質量和電荷量減半，A球的重力減小為一半，靜電力都減小為四分之一，故重力和靜電斥力的合力方向一定改變，不能在原位置平衡，故B錯誤；同時使A球的質量和電荷量減半，A球的重力和靜電力都減小為一半，故重力和靜電斥力的合力方向不變，球能保持平衡，故C正確；同時使

16、兩懸線長度和兩球的電荷量減半，球間距減為一半，根據公式F=kQqr2，靜電力不變，故重力和靜電斥力的合力方向不變，球能保持平衡，故D正確。所以CD正確，AB錯誤。8、ACD【解析】A對整體進行分析：F=2mg+2Eq且E=解得F=4mg故A正確；BCF撤去的瞬間，對整體進行分析2mg+2Eq=2maAB且E=解得aAB=2g故B錯，C正確；DF撤去的瞬間，由于aAB=2g，可知球A、B之間的繩子拉力為零，故D正確。故選ACD。9、ACD【解析】A布朗運動是懸浮在液體中微粒的運動，它間接反映了液體分子的無規則運動，故A正確；B液體的蒸發導致液體表面分子間距離大于液體內部分子間距離，故B錯誤；C擴

17、散現象可以在液體、氣體中發生，也能夠在固體中發生，故C正確D由于分子間作用力的實質是靜電相互作用力，所以隨著分子間距離的增大，分子之間的引力和斥力均減小，故D正確；E液體的飽和汽壓隨溫度的升高而變大，故E錯誤。故選ACD。10、BD【解析】若r=2R，粒子在磁場中時間最長時，磁場區域的直徑是軌跡的一條弦，作出軌跡如圖，因為r=2R，圓心角=60，粒子在磁場中運動的最長時間 ，故A錯誤若r=2R，粒子沿著與半徑方向成45角斜向下射入磁場，根據幾何關系，有 ，故B正確若r=R，粒子沿著磁場的半徑方向射入，粒子運動軌跡如圖所示，圓心角90，粒子在磁場中運動的時間 ，故C錯誤若r=R，粒子沿著與半徑方

18、向成60角斜向下射入磁場，軌跡如圖所示，圖中軌跡圓心與磁場圓心以及入射點和出射點構成菱形，圓心角150，故D正確故選BD.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C 有效 7.2 正比 大于 【解析】(1) 1因為探究變壓器原、副線圈電壓與匝數關系，必須用交流電，又因為安全起見必須用低壓電，所以用低壓交流電，故選C。(1) 2多用電表測量的交流電壓為有效值，不是最大值；3多用電表選用的檔位是交流電壓的10V檔位，所以應該在010V檔位讀數，所以讀數應該是7.2V；(4)4 根據可知，理想變壓器原、副線圈電壓應與其匝數成正比。5實驗中由于變壓

19、器的銅損和鐵損導致副線圈的電壓U2減小，所以導致，故填大于。12、B 3.0 0.53 【解析】（1）該同學開始實驗后未進行電壓傳感器的調零，則電路電流為0時，電壓傳感器有示數，不為0，作出的U-I圖象中，電壓隨電流的增大而增大，但縱坐標有截距，觀察圖b中的圖象可知B符合；（2）將電壓傳感器d端改接到電路中c端，則電壓傳感器測量的是滑動變阻器的電壓，但由于正負接線接反了，因此測量的數值會變為負值，計算時取絕對值即可，根據如圖（c）所示的U-I圖可知，電源電動勢為3V，由閉合電路的歐姆定律有：，當U=2V時，I=0.095A，即，解得：內阻r0.53。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、p0 吸收 【解析】1根據理想氣體狀態方程可得所以V-T圖中過原點的直線表示等壓變化，即氣體從C到A過程是等壓變化，23氣體從狀態C到狀態A的過程中，溫度升高內