1、2023學年高二上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一束粒子（不計重力，初速度可忽略）緩慢通過小孔O1進入極板間電壓為U的水平加速電場區域I，再通過小孔O2射入相互正交的勻強電場和勻強磁場區域II，其中磁場的方向如圖所示，磁感應強度大小可根據實際要求調節，收集室的小孔O3與O1、

2、O2在同一條水平線上.則（ ）A該裝置可篩選出具有特定質量的粒子B該裝置可篩選出具有特定電荷量的粒子C該裝置可篩選出具有特定比荷的粒子D該裝置可篩選出具有特定功能的粒子2、如圖所示，邊長為L的菱形由兩個等邊三角形abd和bcd構成，在三角形abd內存在垂直紙面向外的磁感應強度為B的勻強磁場，在三角形bcd內存在垂直紙面向里的磁感應強度也為B的勻強磁場一個邊長為L的等邊三角形導線框efg在紙面內向右勻速穿過磁場，頂點e始終在直線ab上，底邊gf始終與直線dc重合規定逆時針方向為電流的正方向，在導線框通過磁場的過程中，感應電流隨位移變化的圖象是（）A BC D3、如圖所示的電路，電表均為理想電表，

3、閉合開關S，當滑動變阻器滑片P向右移動時，下列說法正確的是（ ） A電流表讀數變小，電壓表讀數變大B小燈泡L變暗C電源的總功率變小D電容器C上電荷量減小4、長為的細桿的一端與質量為小球相連，可繞點的水平轉軸在豎直平面內做圓周運動，小球轉到最高點時，線速度大小為，則（）A桿受到的拉力B桿受到的壓力C桿受到的拉力D桿受到的壓力5、如圖5所示，R1為定值電阻，R2為負溫度系數的熱敏電阻（負溫度系數熱敏電阻是指阻值隨溫度的升高而減小的熱敏電阻），L為小燈泡，當溫度降低時AR1兩端的電壓增大B電流表的示數變小C小燈泡的亮度變亮D小燈泡的亮度變暗6、平行板電容器充電后斷開電源，現將其中一塊金屬板遠離另一板

4、平移一小段距離下圖表示此過程中電容器兩板間有關的物理量隨兩板間距離d的變化關系，正確的是（ ）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、用伏安法測電阻時（ ）A采用圖中所示測量電路，誤差來源于伏特表內阻的分流，使電阻測量值小于真實值B采用圖中所示測量電路，誤差來源于安培表內阻的分壓，使電阻測量值大于真實值C采用圖中所示測量電路，誤差來源于伏特表內阻的分流，使電阻測量值小于真實值D采用圖中所示測量電路，誤差來源于安培表內阻的分壓，使電阻測量值大于真實值8、如圖所示的甲

5、、乙兩個電路，電感線圈的自感系數足夠大，且直流電阻不可忽略，閉合開關，待電路達到穩定后，燈泡均能發光現將開關斷開，這兩個電路中燈泡亮度的變化情況可能是（ ）A甲電路中燈泡將漸漸變暗B甲電路中燈泡將先變得更亮，然后漸漸變暗C乙電路中燈泡將漸漸變暗D乙電路中燈泡將先變得更亮，然后漸漸變暗9、如圖所示，兩平行光滑金屬導軌CD、PQ間距為L，與電動勢為E、內阻為r的電源相連，質量為m、電阻為R的金屬棒ab垂直于導軌放置構成閉合回路，回路平面與水平面成角，回路其余電阻不計在空間施加勻強磁場可以使ab棒靜止，則磁場的磁感應強度的值及其方向可能為( )A，豎直向上B，垂直于回路平面向下C，豎直向下D，垂直于

6、回路平面向上10、一帶電粒子從電場中的A點運動到B點，徑跡如圖中虛線所示，不計粒子所受重力，則 ( ) A粒子帶正電 B粒子加速度逐漸減小CA點的場強大于B點的場強 D粒子的電勢能不斷減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，除有一標有“6 V，1.5 W”的小燈泡、導線和開關外，還有：A、直流電源6 V(內阻不計) B、直流電流表0300 mA(內阻約為5 )C、直流電壓表010 V(內阻約為15 k) D、滑動變阻器10 ，2 A實驗要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化并能進行多次測量 (1)

7、畫出實驗電路圖_ (2)試將實物圖所示器材連成實驗電路_12（12分）某同學欲采用下列器材研究一個額定電壓為“2.5V，18W”的小燈泡的伏安特性曲線 A直流電源（3V，內阻不計）；B電流表（13A，內阻約1.13）；C電流表（11.6A，內阻約1.13）；D電壓表（13V，內阻約3k）； E電壓表（115V，內阻約15k）；F滑動變阻器（121，額定電流2A）；G滑動變阻器（11111，額定電流1.5A）H開關、導線等；（1）為減小測量誤差，電流表應選用_，滑動變阻器應選用_（選填代號）（2）某同學連接電路的實物圖如圖所示，圖中有一條導線連接錯誤，請在錯誤導線上畫（）_（3）根據實驗數據描繪

8、出的IU圖線是 _填“曲線”或“直線”）（4）通過電壓表和電流表的讀數可以計算出小燈泡在某電壓下的電阻值（即測量值），分析可知測量值_此時小燈泡電阻的真實值（填“大于”“小于”或“等于”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，金屬絲發射出來的電子(初速度為零，不計重力)被加速后從金屬板的小孔穿出，進入偏轉電場電子在穿出偏轉電場后沿直線前進，最后打在熒光屏上設加速電壓U1=1640 V，偏轉極板長L=4 cm，偏轉極板間距d=2 cm，當電子加速后從兩偏轉極板的正中央沿與板平行方向進入偏轉電場（電子質

9、量符號m 電子電荷量符號e）（1）電子進入偏轉電場時速度？（用題中所給物理量符號表示）（2）偏轉電壓U2為多大時，電子束打在熒光屏上偏轉距離最大？（3）如果偏轉極板右端到熒光屏的距離S=20 cm，則電子束最大偏轉距離為多少？14（16分）一根長為2m的直導線，通有0.5A的電流，當把該導線垂直勻強磁場方向放入磁場后，測得導線受到的安培力大小為410-2N，求勻強磁場的磁感應強度大小為多少特斯拉。15（12分）如圖所示，兩條足夠長的平行金屬導軌相距L，與水平面的夾角為，整個空間在垂直于導軌平面的勻強磁場，磁感應強度大小均為B，虛線上方軌道光滑且磁場方向上，虛線下方軌道粗糙且磁場方形向下當導體棒

10、EF以初速度沿導軌滑至最大高度的過程中，導體棒MN一直靜止在導軌上若兩導體棒質量均為m、電阻均為R,導軌電阻不計，重力加速度為g，在此過程中異體棒EF上產生的焦耳熱為Q求：（1）導體捧受到的最大摩擦力；（2）異體棒EF上升的最大高度；（3）若已知此過程通過EF的電荷量為q，求過程經歷時間參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】在復合場中，粒子所受電場力與洛倫茲力合力為0，即，可得，該裝置篩選出的是具有特定比荷的粒子，C對。2、A【解析】感應電動勢E=BL有v，電流I=ER=BL有vR，三角形egf向右運動，根

11、據右手定則，開始時ef切割磁感線，產生順時針電流，大小設為I0，0-L3過程，en切割磁感線產生向下的電流，nf產生向上的電流，em產生向下電流，切割磁感線的有效長度為L有=en-nf-em，隨著三角形的運動L有在減小，感應電流減小，當運動L3時，L有=0，電流為零，L3-L過程，繼續移動根據等邊三角形的幾何關系，nf+em大于en，L有=nf+em-en，逐漸變大，電流變大，當efg與bcd重合時，eg邊和ef切割磁感線，產生電流方向均為逆時針，大小變為2I0，L-2L過程中，繼續移動gm切割磁感線，產生感應電動勢，L有=gm，逐漸減小，直至全部出磁場電流為零，A正確3、D【解析】AB由圖可

12、知，電路采用串聯結構，電容器并聯在滑動變阻器兩端；當滑片P右移時，滑動變阻器接入電阻減小，則總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，總電流增大，故電流表示數增大，燈泡亮度變亮，因內壓增大，故電壓表示數減小，故AB錯誤；C由P=EI可知，I變大，則電源的總功率變大，故C錯誤；D因電容器并聯在滑動變阻器兩端總電流變大，燈泡及內阻分壓增大，則滑動變阻器分壓減小，故電容器C兩端的電壓減小，故C上的電量減小，故D正確4、B【解析】假設在最高點時桿對球的拉力為T，則由牛頓第二定律解得負號表示球受到的是桿向上的支持力，大小為5N，即桿受到球的壓力，大小為5N。故選B。5、C【解析】溫度降低時R2的阻值增大，干路

13、電流減小，R1兩端電壓、電流表示數都減小，燈泡兩端電壓變大、亮度變強只有C項正確6、C【解析】試題分析：根據C=s4kd知，d增大，則電容減小，故A錯誤。平行板電容器充電后斷開電源，電量保持不變，故B錯誤。結合C=s4kd、C=QU、E=Ud得E=4kQs，知d變化，電場強度不變故C正確。根據C=QU知，電容減小，電量不變，則電勢差增大，故D錯誤。 故選C。考點：電容器電路的動態分析。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A：圖電流表外接法，用它測量電阻時，

14、測量值是待測電阻Rx和電壓表內阻的并聯電阻值，故測得的電阻值偏小，誤差來源于伏特表內阻的分流，A正確；B錯誤；C、而圖2所示電路是電流表內接法，用它測量電阻時，測量值誤差來源于安培表內阻的分壓，D正確；C錯誤；故選AD8、ACD【解析】對于甲圖，斷開開關時，中的電流要減小，就會產生自感電動勢，相當于電源，自感電動勢阻礙電流的減小，所以甲電路中燈泡將漸漸變暗，由于電流先從原先的值開始逐漸減小，燈泡中電流沒有增大，所以燈泡不會變得更亮故A正確，B錯誤；對乙圖，開關斷開時，相當于電源，若中的電流小于或等于燈泡中的電流，則乙電路中燈泡將漸漸變暗，若中原來的電流大于燈泡中的電流，則乙電路中燈泡將先變得更

15、亮，然后漸漸變暗，故CD正確故選ACD點睛：本題考查了電感線圈L對電流發生突變時的阻礙作用，注意燈泡是否閃亮一下的依據是看開關斷開前L中的電流和燈泡中電流的大小關系9、BC【解析】對導體棒受力分析，受重力、支持力和安培力，如圖所示：A、根據左手定則可知，當磁場的方向豎直向上時，安培力的方向向左，棒不可能達到平衡，故A錯誤；B、當磁場方向垂直于回路平面向下時，安培力的方向沿斜面向上，根據受力分析圖可知此時安培力最小；故安培力的最小值為：，故磁感應強度的最小值為：;根據閉合電路歐姆定律，有：，故有：故B正確；C、當磁場方向豎直向下時，安培力的方向水平向右，此時：，故磁感應強度：故C正確；D、根據左

16、手定則，磁場方向垂直于回路平面向上時，安培力的方向沿斜面向下，棒不可能達到平衡；故D錯誤故選BC10、BC【解析】粒子只受電場力作用，做曲線運動，所以電場力指向曲線的內側，與場強方向相反，所以粒子帶負電，A錯；電場線的疏密程度反映場強大小，所以由A到B，粒子的加速度逐漸減小，B對；C對；電場力做負功，動能減小，速度減小，D對。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 【解析】（1）本實驗中要求多測幾組數據，故應采用分壓接法；同時因燈泡的內阻較小，與電流表內阻相差不多，故應采用電流表外接法，故電路圖如圖所示：（2）根據電路圖連接實物圖如圖所示

17、：12、C F 曲線 小于 【解析】（1）小燈泡的額定電流 所以電流表應該選C; 描繪燈泡伏安特性曲線,電壓與電流應從零開始變化,滑動變阻器應采用分壓接法，所以應該選小滑動變阻器，故選F（2）滑動變阻器連接錯誤，測量電路被短路，沒有采用分壓接法（3）由于小燈泡電阻受溫度影響，所以IU圖線是一條曲線（4）由于電路采用的電流表外接，所以測量電流偏大，導致測得的電阻值偏小，即測量值小于此時小燈泡電阻的真實值綜上所述本題答案是：(1). C ；F (2) . (3). 曲線 （4）小于四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（

18、1）（2）410V（3）0.11m【解析】試題分析：（1）電子在加速電場，由動能定理可以求出進入偏轉電場時的速度，（2）當電子經偏轉電場后從下板邊緣出來時，電子束打在熒光屏上偏轉距離最大先運用動能定理求得電子進入偏轉電場時的初速度運用運動的分解，根據牛頓第二定律和運動學公式結合求出偏轉電壓（3）如圖電子束打在熒光屏上最大偏轉距，電子離開電場后做勻速直線運動，由求出勻速直線運動的時間，即可求得最大偏轉距離y（1）設電子電量大小e，質量為m，進入偏轉電場初速度v0，根據動能定理，有得：（2）電子在偏轉電場的飛行時間電子在偏轉電場的加速度要使電子束打在熒光屏上偏轉距離最大，電子經偏轉電場后必須沿下板邊緣射出電子在偏轉電場中的側移距離為則聯立得：（3）電子離開偏轉電場時垂直極板方向的速度電子離開偏轉電場到熒光屏的時間：電子打在熒光屏上最大偏轉距離：【點睛】本題是帶電粒