1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷考生請(qǐng)注意：1答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫(xiě)在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫(xiě)在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫(xiě)在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、在一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)中有a、b兩點(diǎn)，相距為d，電場(chǎng)強(qiáng)度為E，把一個(gè)電量為q的正電荷由a點(diǎn)移到b點(diǎn)時(shí)，克服電場(chǎng)力做功為W，下列說(shuō)法正確的是A該電荷在a點(diǎn)電勢(shì)能一定比b點(diǎn)大Ba點(diǎn)電勢(shì)一定比b

2、點(diǎn)電勢(shì)低Ca、b兩點(diǎn)電勢(shì)差大小一定為U=EdDa、b兩點(diǎn)電勢(shì)差Uab=2、關(guān)于重力勢(shì)能的說(shuō)法中，不正確的是( )A物體重力勢(shì)能的值隨參考平面的選擇不同而不同B物體的重力勢(shì)能嚴(yán)格說(shuō)是屬于物體和地球這個(gè)系統(tǒng)的C重力對(duì)物體做正功，物體的動(dòng)能一定增加D物體位于參考面之下其重力勢(shì)能取負(fù)值3、發(fā)現(xiàn)電流的周圍空間存在磁場(chǎng)的物理學(xué)家是( )A庫(kù)倫 B奧斯特 C安培 D法拉第4、實(shí)驗(yàn)表明：磁體能夠吸引一元硬幣，對(duì)這種現(xiàn)象解釋正確的是 （ ）A硬幣一定是鐵做的，因?yàn)榇朋w能吸引鐵B硬幣一定是鋁做的，因?yàn)榇朋w能吸引鋁C磁鐵的磁性越強(qiáng)，能吸引的物質(zhì)種類越多D硬幣中含有磁性材料，磁化后能被吸引5、如圖，圓形區(qū)域內(nèi)有一垂直

3、紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，P為磁場(chǎng)邊界上的一點(diǎn)有無(wú)數(shù)帶有同樣電荷、具有同樣質(zhì)量的粒子在紙面內(nèi)沿各個(gè)方向以同樣的速率通過(guò)P點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)這些粒子射出邊界的位置均處于邊界的某一段弧上，這段圓弧的弧長(zhǎng)是圓周長(zhǎng)的1/1將磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小從原來(lái)的變?yōu)椋Y(jié)果相應(yīng)的弧長(zhǎng)變?yōu)樵瓉?lái)的一半，則：等于 A2BCD16、計(jì)數(shù)器因射線照射，內(nèi)部氣體電離，在時(shí)間t內(nèi)有n個(gè)二價(jià)正離子到達(dá)陰極，有2n個(gè)電子到達(dá)陽(yáng)極，則計(jì)數(shù)器中的電流強(qiáng)度為（ ）A0B2ne/tC3ne/tD4ne/t二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分

4、。7、頻率為v的光子，德布羅意波長(zhǎng)為=h/p，能量為E，則光的速度為AE/h BpE CE/p Dh2/Ep8、兩塊大小、形狀完全相同的金屬平行板電容器，與它相連接的電路如圖所示，接通開(kāi)關(guān)S，電源即給電容充電，（ ）A保持S接通，減小兩極板間的距離，則兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度減小B保持S接通，在兩極板間插入一塊介質(zhì)，則極板上的電荷量增大C斷開(kāi)S，減小兩極板間的距離，則兩極板間的電勢(shì)差減小D斷開(kāi)S，在兩極板間插入一塊介質(zhì)，則極板上的電勢(shì)差增大9、如圖所示，兩塊較大的金屬板A、B平行放置并與一電源相連，S閉合后，兩板間有一質(zhì)量為m、電荷量為q的油滴恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)以下說(shuō)法正確的是（ ）A若將B板向上平移一

5、小段距離，則油滴向下加速運(yùn)動(dòng)，G中有ab的電流B若將B板向左平移一小段距離，則油滴仍然靜止，G中有ba的電流C若將S斷開(kāi)，A向左平移一小段距離，則油滴向上加速度運(yùn)動(dòng)，G中無(wú)電流D若將S斷開(kāi)，再將A板向下平移一小段位移，則油滴仍靜止，G中無(wú)電流10、關(guān)于電場(chǎng)和磁場(chǎng)，下列說(shuō)法正確的是()A我們雖然不能用手觸摸到電場(chǎng)的存在，卻可以用試探電荷去探測(cè)它的存在和強(qiáng)弱B電場(chǎng)線和磁感線是可以形象描述電、磁場(chǎng)強(qiáng)弱和方向的客觀存在的曲線C磁感線和電場(chǎng)線一樣都是閉合的曲線D電流之間的相互作用是通過(guò)磁場(chǎng)發(fā)生的，磁場(chǎng)和電場(chǎng)一樣，都是客觀存在的物質(zhì)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求

6、寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）實(shí)驗(yàn)室購(gòu)買(mǎi)了一捆標(biāo)稱長(zhǎng)度為100 m的銅導(dǎo)線，某同學(xué)想通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)定其實(shí)際長(zhǎng)度該同學(xué)首先測(cè)得導(dǎo)線橫截面積為1.0 mm2，查得銅的電阻率為1.7108 m，再利用圖甲所示電路測(cè)出銅導(dǎo)線的電阻Rx，從而確定導(dǎo)線的實(shí)際長(zhǎng)度可供使用的器材有：電流表：量程0.6A，內(nèi)阻約0.2；電壓表：量程3V，內(nèi)阻約9k；滑動(dòng)變阻器R1：最大阻值5；滑動(dòng)變阻器R2：最大阻值20；定值電阻：R0=3；電源：電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻可不計(jì)；開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干回答下列問(wèn)題： （1）實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_(填“R1”或“R2”)，閉合開(kāi)關(guān)S前應(yīng)將滑片移至_端(填“a”或“b”)； （2）在實(shí)物圖中，已正確連接了

7、部分導(dǎo)線，請(qǐng)根據(jù)圖甲電路完成剩余部分的連接_；（3）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，當(dāng)電流表的讀數(shù)為0.50 A時(shí)，電壓表示數(shù)如圖乙所示，讀數(shù)為_(kāi)V；（4）導(dǎo)線實(shí)際長(zhǎng)度為_(kāi)m(保留兩位有效數(shù)字)12（12分）有一標(biāo)有“6V，1.5W”的小燈泡，現(xiàn)用圖甲所示電路繪測(cè)其伏安特性曲線，提供的器材除導(dǎo)線和開(kāi)關(guān)外，還有：A直流電源6V（內(nèi)阻不計(jì)）B直流電流表03A（內(nèi)阻0.1以下）C直流電流表0300mA（內(nèi)阻約為5）D直流電壓表015V（內(nèi)阻約為15k）E滑動(dòng)變阻器10，2AF滑動(dòng)變阻器1k，0.5A（1）實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選用_，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_（用序號(hào)表示）（2）試按圖甲電路將圖乙所示器材連成電路_四、計(jì)算題：本題

8、共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，光滑絕緣的水平地面上，相隔4L的A,B兩點(diǎn)固定有兩個(gè)電量均為+Q的正電電荷，a，O，b是AB連線上的三點(diǎn)，且O為中點(diǎn)，Oa=Ob=L。一質(zhì)量為m，電量為q的點(diǎn)電荷以初速度v0從a點(diǎn)出發(fā)沿AB連線向B運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電荷受到大小恒定的阻力作用，但速度為零時(shí)，阻力也為零。當(dāng)它第一次運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)，速度為2v0，繼續(xù)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)的速度剛好為0，然后返回往復(fù)運(yùn)動(dòng)，直至最后靜止在O點(diǎn)。已知靜電力常量為k，求：(1)電荷q受到的阻力大小？(2)aO兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差？(3)電荷q在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)

9、的總路程？14（16分）如圖，固定不動(dòng)的水平U形光滑框架，寬度為1m，電阻忽略不計(jì)，導(dǎo)體棒ab的質(zhì)量m0.2kg、電阻R0.5，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B0.2T，方向垂直框架向上。現(xiàn)用F1N的外力由靜止開(kāi)始向右拉ab棒，當(dāng)ab棒向右運(yùn)動(dòng)的距離為d0.5m時(shí)速度達(dá)到2m/s，求：（1）此時(shí)ab棒上的感應(yīng)電流的大小和方向；（2）此時(shí)ab棒的加速度大小。（3）導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)d的過(guò)程所產(chǎn)生的熱量15（12分）如圖，A、B為體積可忽略的帶電小球，QA=110-8 C，QB=-110-8 C，A、B相距3 cm.在水平外電場(chǎng)作用下，A、B保持靜止，懸線都沿豎直方向.試求：（1）外電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向;（2）AB

10、中點(diǎn)處總電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向. （k=9109N.m2/C2）參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】A正電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn)時(shí)，克服電場(chǎng)力做功為W，即電場(chǎng)力對(duì)電荷做負(fù)功，電勢(shì)能增加，則電荷在a點(diǎn)電勢(shì)能較b點(diǎn)小，故A錯(cuò)誤；B由電勢(shì)能公式EP=q分析知，正電荷在電勢(shì)低處電勢(shì)能小，所以a點(diǎn)電勢(shì)比b點(diǎn)電勢(shì)低，故B正確；Ca、b兩點(diǎn)不一定沿著電場(chǎng)線方向，所以a、b兩點(diǎn)電勢(shì)差大小不一定為U=Ed，故C錯(cuò)誤；D電荷從a移動(dòng)到b，電場(chǎng)力做功為-W，根據(jù)電勢(shì)差的定義得：ab間的電勢(shì)差：Uab=，故D錯(cuò)誤2、C【解析】重力做正功

11、，重力勢(shì)能減小，重力做負(fù)功，重力勢(shì)能增加重力勢(shì)能的大小與零勢(shì)能的選取有關(guān)，但重力勢(shì)能的變化與零勢(shì)能的選取無(wú)關(guān).【詳解】A、重力勢(shì)能的大小取決于相對(duì)于零勢(shì)能面的高度差，故和選擇的參考平面有關(guān)，隨參考平面的選擇不同而不同，故A正確；B、物體的重力勢(shì)能，實(shí)際上是物體和地球所組成的系統(tǒng)的重力勢(shì)能，故B正確；C、動(dòng)能的改變量取決于合外力的功，故只有重力做正功，但合外力的功可能為負(fù)值，故動(dòng)能可能減小，故C不正確；D、物體位于重力勢(shì)能參考面以下時(shí)，物體的重力勢(shì)能為負(fù)值，故D正確.本題選不正確的故選C.【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道重力勢(shì)能的大小與零勢(shì)能的選取有關(guān)，但重力勢(shì)能的變化與零勢(shì)能的選取無(wú)關(guān).以及知道重力

12、做功和重力勢(shì)能變化的關(guān)系，重力做正功，重力勢(shì)能減小，重力做負(fù)功，重力勢(shì)能增加.3、B【解析】發(fā)現(xiàn)電流的周圍空間存在磁場(chǎng)的物理學(xué)家是奧斯特，故選B.4、D【解析】ABD磁體能吸引1元硬幣，說(shuō)明硬幣一定是由磁性物質(zhì)制成的，但不能判斷一定是鐵制成的鋁不是磁性物質(zhì)，故AB錯(cuò)誤，D正確；C磁體的磁性越強(qiáng)，只表示吸引磁性物質(zhì)的能力強(qiáng)，與能吸引的物質(zhì)種類無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤5、B【解析】畫(huà)出導(dǎo)電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，找出臨界條件好角度關(guān)系，利用圓周運(yùn)動(dòng)由洛侖茲力充當(dāng)向心力，分別表示出圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，進(jìn)行比較即可【詳解】磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1時(shí)，從P點(diǎn)射入的粒子與磁場(chǎng)邊界的最遠(yuǎn)交點(diǎn)為M，最遠(yuǎn)的點(diǎn)是軌跡上直徑與磁場(chǎng)邊界圓的交點(diǎn)，

13、POM=120，如圖所示：所以粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R為：sin60=，得： 磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2時(shí)，從P點(diǎn)射入的粒子與磁場(chǎng)邊界的最遠(yuǎn)交點(diǎn)為N，最遠(yuǎn)的點(diǎn)是軌跡上直徑與磁場(chǎng)邊界圓的交點(diǎn)，PON=60，如圖所示：所以粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R為：sin10=，得： 由帶電粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑：得：聯(lián)立解得：故選B【點(diǎn)睛】帶電粒子在電磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)一般有直線運(yùn)動(dòng)、圓周運(yùn)動(dòng)和一般的曲線運(yùn)動(dòng)；直線運(yùn)動(dòng)一般由動(dòng)力學(xué)公式求解，圓周運(yùn)動(dòng)由洛侖茲力充當(dāng)向心力，一般的曲線運(yùn)動(dòng)一般由動(dòng)能定理求解6、D【解析】由題：在時(shí)間t內(nèi)有n個(gè)二價(jià)正離子到達(dá)陰極，有2n個(gè)電子到達(dá)陽(yáng)極可知，q=n2e+2ne=4ne由電流公式I=，所以D對(duì)二

14、、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】根據(jù)=vf，E=h可得=vv=hp=Ep，又因?yàn)?hpp=h，代入v=Ep可得v=Ep=Eh，AC正確8、BC【解析】A. 若保持S閉合，電容器的電勢(shì)差U不變。減小兩板間的距離d時(shí)，根據(jù)E=U/d得知，兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E增大。故A錯(cuò)誤；B. 保持S接通，電勢(shì)差不變，在兩極板間插入一塊介質(zhì)，由決定式C=S4kd可知，電容C增大，由Q=UC可知極板上的電荷量增大，故B正確；C. 斷開(kāi)S兩極板上的電量不變，減小兩極板間的距離，

15、由決定式C=S4kd可知，電容C增大，再由C=Q/U可知，則兩極板間的電勢(shì)差減小，故C正確；D. 斷開(kāi)S兩極板上的電量不變，在兩極板間插入一塊介質(zhì)，由決定式C=S4kd可知，電容C增大，再由C=Q/U可知，則兩極板間的電勢(shì)差減小，故D錯(cuò)誤。故選：BC.【點(diǎn)睛】接通S，電容器兩端的電勢(shì)差不變，斷開(kāi)S，電容器所帶的電量不變根據(jù)電容的定義式C=Q/U，決定式C=S4kd和板間場(chǎng)強(qiáng) E=U/d進(jìn)行分析即可9、BCD【解析】A項(xiàng)：開(kāi)始時(shí)，重力和電場(chǎng)力平衡，故：mg=qE；將A板上移，由E=Ud可知，E變小，故油滴應(yīng)向下加速運(yùn)動(dòng)；根據(jù)C=QU，C=S4kd得Q=SU4kd，故電容器電量減小，放電，故G中有

16、ba的電流；故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：若將A板向左平移一小段位移，由E=Ud可知，E不變，油滴仍靜止；根據(jù)C=QU，C=S4kd得Q=SU4kd，故電容器電量減小，放電，故G中有ba的電流；故B正確；C項(xiàng)：若將S斷開(kāi)，Q不變，根據(jù)C=QU，C=S4kd，U=Ed，場(chǎng)強(qiáng)E增大，故油滴向上加速度運(yùn)動(dòng)，G中無(wú)電流，故C正確；D項(xiàng)：若將S斷開(kāi)，再將A板向下平移一小段位移，根據(jù)C=QU，C=S4kd得Q=SU4kd，故場(chǎng)強(qiáng)不變，油滴仍然靜止；斷路，G中無(wú)電流；故D正確。點(diǎn)晴：本題關(guān)鍵是明確電鍵閉合時(shí)，電容器的電壓不變，然后結(jié)合公式U=Ed和共點(diǎn)力平衡條件列式分析，基礎(chǔ)問(wèn)題。10、AD【解析】解：A、我們雖然不能用

17、手觸摸到電場(chǎng)的存在，卻可以用試探電荷去探測(cè)它的存在和強(qiáng)弱故A正確；B、電場(chǎng)線和磁感線都是虛擬的，現(xiàn)實(shí)并不存在故B錯(cuò)誤；C、磁感線是閉合的曲線，電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)，到負(fù)電荷終止，不是閉合曲線故C錯(cuò)誤；D、磁體之間的相互作用是通過(guò)磁場(chǎng)發(fā)生的，磁場(chǎng)和電場(chǎng)一樣，都是客觀存在的物質(zhì)故D正確故選AD【點(diǎn)評(píng)】首先要明白電場(chǎng)和磁場(chǎng)的物質(zhì)屬性；其次要知道磁感線是閉合的曲線，電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)，到負(fù)電荷終止，不是閉合曲線三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、R2 a 2.31V（2.29、2.31均正確） 93（93、95均正確） 【解析】（1）根據(jù)限流解法

18、的要求，滑動(dòng)變阻器的阻值大于被測(cè)電阻，需要選擇R2，閉合開(kāi)關(guān)前使滑動(dòng)變阻器阻值最大，即滑片在a端（2）根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖，應(yīng)先串后并，先連控制電路后連測(cè)量電路，如圖所示：（3）電壓表量程3 V，最小分度為11 V，估讀一位，讀數(shù)為231 V（3）根據(jù)歐姆定律得，R1Rx36 ，根據(jù)電阻定律得，Rx，聯(lián)立解得，L93 m【點(diǎn)睛】應(yīng)明確：電流表的讀數(shù)不能小于量程的；應(yīng)根據(jù)電路中需要的最大電阻來(lái)選擇變阻器阻值的大小；若電表每小格讀數(shù)中出現(xiàn)數(shù)字“1”則應(yīng)進(jìn)行估讀，出現(xiàn)“2”則應(yīng)進(jìn)行“估讀”，出現(xiàn)“5”應(yīng)進(jìn)行“估讀”12、C E 【解析】（1）由燈泡的功率及額定電壓可求得電路中的最大電流，則可選出電流表；由電路的接法可選出滑動(dòng)變阻器；（2）根據(jù)原理圖可連出實(shí)物圖，注意實(shí)物圖中導(dǎo)線不能交叉；注意分壓接法的連接方法【詳解】（1）由P=UI可知，燈泡的額定電流；故電流表應(yīng)選用C；因本實(shí)驗(yàn)采用分壓接法，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用小電阻，故滑動(dòng)變阻器選擇E；