1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置3請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、如圖所示，物塊A放在木板B上，A、B的質量均為m，A、B之間的動摩擦因數為，B與地面之間的動摩擦因數為若將水平力作用在A上，使A剛好要相對B滑動，此時A的加速度為a1；若將水平力作用在B上，使B剛好要相對A滑動，此時B的加速度為a2，則a1與a2的比為（ ）A3:4B3:5C1:3D4:52、甲、乙兩物體在同一直線上運動，它們在00.4s時間內的vt圖象如圖所示若僅在兩物體之間存在相互作用力，則甲、乙兩物體的質量之比為（）A1：3B3：1C1：4D4：13、生活中常見手機支架，其表面采用了納米微吸材料，用手觸碰無粘感，接觸到平整光滑的硬性物體時，會牢牢吸附在物體上如圖所示是

3、手機被吸附在支架上靜止時的側視圖，若手機的質量為m，手機平面與水平間夾角為，則手機支架對手機作用力()A大小為mg，方向豎直向上B大小為mg，方向豎直向下C大小為mgcos ，方向垂直手機平面斜向上D大小為mgsin ，方向平行手機平面斜向上4、地球表面的重力加速度為g，地球半徑為R，萬有引力常量為G，則地球的平均密度為()ABCD5、如圖，滑塊A置于水平地面上，滑塊B在一水平力作用下緊靠滑塊（A、B接觸面豎直，此時A恰好不滑動，B剛好不下滑，已知A與B間的動摩擦因數為，A與地面間的動摩擦因數為，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，與B的質量之比為ABCD6、質點做直線運動前t秒內平均速度與時間的關系

4、為（各物理量均采用國際單位制單位），則該質點（）A第1s內的位移是6mB前2s內的平均速度是7m/sC任意1s內的速度增量都是2m/sD任意相鄰的1s內位移差都是1m二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，物塊A放在直角三角形斜面體B上面，B放在彈簧上面并緊挨著豎直墻壁，初始時A、B靜止現用力F沿斜面向上推A，但AB并未運動下列說法正確的是AA、B之間的摩擦力可能大小不變BA、B之間的摩擦力一定變小CB與墻之間可能沒有摩擦力D彈簧彈力一定不變8、質量為1Kg的物

5、體在粗糙的水平面上作直線運動，圖中的兩直線代表物體受水平拉力F時和不受水平拉力F時的v-t圖象，則圖象可知A直線甲可能表示物體不受水平拉力F時的v-t圖象B直線乙一定表示物體不受水平拉力F時的v-t圖象C水平拉力F大小一定為0.5ND物體所受的摩擦力大小一定為1N9、如圖所示，豎直光滑桿固定在地面上，套在桿上的輕質彈簧下端固定，將套在桿上的滑塊向下壓縮彈簧(在彈性限度范圍內)至離地高度h=0.1m處，滑塊與彈簧不拴接現由靜止釋放滑塊，通過傳感器測量滑塊的速度和離地高度并作出滑塊的Ek-h圖像，其中高度從0.2m上升到0.35m范圍內圖像為直線，其余部分為曲線滑塊可視為質點，以地面為零勢能參考面

6、，重力加速度g取10m/s2，由圖像可知A輕彈簧原長為0.2mB滑塊的質量為0.2kgC彈簧彈性勢能最大為0.5JD滑塊機械能最大為0.5J10、如圖所示，由電動機帶動的水平傳送帶兩端、間的距離為，傳送帶以速度順時針方向轉動，一個質量為的小物體以一定的初速度從端滑上傳送帶，運動到端，此過程中物塊先做勻加速直線運動后做勻速直線運動，物塊做勻加速直線運動的時間與做勻速直線運動時間相等，兩過程中物塊運動的位移之比為，重力加速度為，傳送帶速度大小不變。下列說法正確的是A物塊的初速度大小為B物塊與傳送帶間的動摩擦因數為C整個過程中物塊與傳動帶因摩擦產生的熱量為D電動機因運送物塊多做的功為三、實驗題：本題

7、共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為了驗證平拋運動的小球在豎直方向上做自由落體運動，用如圖所示的裝置進行實驗小錘打擊彈性金屬片，A球水平拋出，同時B球被松開，自由下落關于該實驗，下列說法中正確的有（ ）A兩球的質量應相等B兩球應同時落地C應改變裝置的高度，多次實驗D實驗也能說明A球在水平方向上做勻速直線運動12（12分）完成下列儀器的讀數：甲:_ mm； 乙：_mm；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，傾角 30的光滑斜面上，輕質彈簧兩端連接著兩個

8、質量均為 m=1kg 的物塊 B 和 C，C 緊靠著擋板 P，B 通過輕質細繩跨過光滑定滑輪與質量 M=8kg 的小球 A 連接，B 與滑輪之間的距離足夠遠，細繩平行于斜面，A 在外力作用下靜止在圓心角為 60、半徑 R=2m 的光滑圓弧軌道的頂端 a 處，此時繩子恰好拉直且無張力；圓弧軌道最低端 b 與粗糙水平軌道 bc 相切，bc 與一個半徑 r=0.2m 的光滑圓軌 道平滑連接由靜止釋放小球 A，當 A 滑至 b 點時，C 恰好離開擋板 P，此時連接 AB 的繩子在小球 A 處斷裂， 已知小球 A 與 bc 間的動摩擦因數= 0.1 ，重力加速度 g 取 10m/s2，彈簧的形變始終在彈

9、性限度內，所有裝置在同一豎直平面內，細繩不可伸長（1）求彈簧的勁度系數 k;（2）小球A滑到b處，繩子剛好斷后瞬間，小球A對圓軌道的壓力為多少？（3）為了讓小球 A 能進入圓軌道且不脫軌，則bc間的距離應滿足什么條件?14（16分）傳送帶與平板緊靠在一起，且上表面在同一水平面內，兩者長度分別為L12.5 m、L22 m傳送帶始終保持以速度v勻速運動現將一滑塊（可視為質點）輕放到傳送帶的左端，然后平穩地滑上平板已知：滑塊與傳送帶間的動摩擦因數0.5，滑塊與平板、平板與支持面的動摩擦因數分別為10.3、20.1，滑塊、平板的質量均為m2 kg，g取10 m/s2.求：（1）若滑塊恰好不從平板上掉下

10、，求滑塊剛滑上平板時的速度大小；（2）若v6 m/s，求滑塊離開平板時的速度大小15（12分）如圖所示，質量為mB=2kg的長方體形木板B靜止在足夠大的水平地面上，質量為mA=lkg的木箱A靜止在木板B上，一根細直的輕繩一端拴在木箱上，另一端拴在地面的木樁上，與水平面的夾角為=37，己知木箱A與木板B之間的動摩擦因數1=0.5，木板B與地面之間的動摩擦因數2=0.4，各接觸面之間最大靜摩擦力等于其滑動摩擦力。現用水平恒力F將木板B從木箱A下面以a=6m/s的加速度勻加速抽出。(sin37=0.6，cos37=0.8，g取10m/s)試求：(1)求此過程中輕繩上張力的大小；(2)求此過程中水平恒

11、力F的大小；參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】當水平力作用在A上，使A剛好要相對B滑動，臨界情況是A、B的加速度相等，隔離對B分析，根據牛頓第二定律：，解得B的加速度為：當水平力作用在B上，使B剛好要相對A滑動，此時A、B間的摩擦力剛好達到最大，A、B的加速度相等，根據牛頓第二定律：，解得：可得：a1：a2=1：3A3:4。故A不符合題意。 B3:5。故B不符合題意。 C1:3。故C符合題意。 D4:5。故D不符合題意。2、B【解析】根據速度圖象的斜率等于加速度得：對于乙：，得t1=0.3s。則甲的加速

12、度大小為： ；乙的加速度大小為：；據題，僅在兩物體之間存在相互作用，根據牛頓第三定律得知，相互作用力大小相等，由牛頓第二定律F=ma得：兩物體的加速度與質量成反比，則有質量之比為：m甲：m乙=a乙：a甲=3：1。所以ACD錯誤，B正確；故選B。【點睛】本題一方面考查速度圖象的斜率等于加速度；另一方面考查運用數學知識解決物理問題的能力3、A【解析】手機受到的所有力之中，除重力外，其它力的施力物體都是支架。【詳解】受力分析可知，手機除受重力外，還受到手機支架給它的其它力。手機靜止，處于平衡狀態，則支架給手機所有力的合力必然和重力等大反向，即F支架=mg，方向豎直向上。故本題正確答案選A。【點睛】根

13、據多力平衡的特點即可求解，即支架對手機所有力的合力必然與手機重力等大反向。4、A【解析】在地球表面有，且地球的質量，由兩式可得，故A正確，BCD錯誤。5、B【解析】試題分析：對A、B整體分析，受重力、支持力、推力和最大靜摩擦力，根據平衡條件，有：F=2（m1+m2）g 再對物體B分析，受推力、重力、向左的支持力和向上的最大靜摩擦力，根據平衡條件，有：水平方向：F=N豎直方向：m2g=f其中：f=1N聯立有：m2g=1F 聯立解得：故選B。【考點定位】物體的平衡【點睛】本題關鍵是采用整體法和隔離法靈活選擇研究對象，受力分析后根據平衡條件列式求解，注意最大靜摩擦力約等于滑動摩擦力。6、C【解析】因

14、第1s內的平均速度等于前1s內的平均速度，即，故第1s內的位移為，A錯誤；前2s內的平均速度為，B錯誤；由，得，與比較得： ， ，由可知，任意1s內的速度增量都是，C正確；由可知，任意相鄰的1s內位移差都是2m，D錯誤；選C.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】初始時以A為研究對象，當施加力F后摩擦力方向有可能向下，此時，摩擦力大小可能相等，A對；B錯；初始時，B與墻面間沒有彈力作用，摩擦力為零，施加F后B受到A的摩擦力不為零，此時B與墻面間有彈力，F豎直

15、向上的分力平衡B受到的墻面的摩擦力，C錯；由于AB并未運動，彈簧彈力不變，D對；8、AC【解析】兩圖加速度大小不同，拉力方向與滑動摩擦力方向可能相反，也可能相同，無法判斷物體不受水平拉力是哪個圖象。故A正確，B錯誤；由圖知：甲圖表示加速度為：a甲=vt=0-55=-1m/s2 的勻減速運動；乙圖表示加速度為：a乙=vt=2-56=-0.5m/s2的勻減速運動，故根據牛頓第二定律，甲情況受到合外力1N，乙情況受到合外力0.5N；如果甲情況受水平拉力，那么乙情況僅受摩擦力是0.5N，所以甲情況受到向后的0.5N的拉力；同理，如果乙情況受水平拉力，那么由甲情況知摩擦力是1N，物體受到向前的0.5N的

16、拉力；故無論如何拉力始終是0.5N，而摩擦力可能是0.5N，也可能是1N；故D錯誤，C正確；故選AC。【點睛】本題關鍵先由圖象得到運動情況，求出加速度后，根據牛頓第二定律求出合力，再受力分析，得到各個未知力9、AC【解析】試題分析：在Ek-h圖象中，圖線的斜率表示了滑塊所受的合外力，由于高度從0.2m上升到0.35m范圍內圖象為直線，其余部分為曲線，說明滑塊在從0.2m上升到0.35m范圍內所受作用力為恒力，所以從h0.2m，滑塊與彈簧分離，故選項A正確；在從0.2m上升到0.35m范圍內，圖線的斜率絕對值為：kmg2N，所以：m0.2kg，故選項B錯誤；根據能的轉化與守恒可知，當滑塊上升至最

17、大高度時，增加的重力勢能即為彈簧最大彈性勢能，所以Epmmgh0.210(0.350.1)J0.5J，故選項C正確；在滑塊整個運動過程中，系統的動能、重力勢能、彈性勢能之間相互轉化，因此動能最大時，滑塊的重力勢能與彈簧的彈性勢能總和最小，根據能的轉化與守恒可知：EpminEEkmEpmmgh0Ekm0.5J0.2100.1J0.32J0.38J，故選項D錯誤考點：本題主要考查了能量守恒定律和圖象的理解與應用問題，屬于中檔偏高題10、BD【解析】A設物塊的初速度大小為v1根據題意知解得：故A錯誤；B由運動學公式v2-v12=2ax可得解得：由牛頓第二定律可得所以故B正確；C加速過程中物塊的位移為

18、傳送帶的位移為相對位移為整個過程中物塊與傳動帶因摩擦產生的熱量為故C錯誤；D電動機因運送物塊多做的功為故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BC【解析】試題分析：在該實驗中，是用B球的運動與A球豎直方向的運動相對照，從而達到實驗目的的，在豎直方向上，兩球做自由落體運動，根據自由落體運動規律可知，由于兩球同時從同一高度開始下落，因此在任意相等的時間內，兩球下落的高度相同，顯然至落地，兩球下落的高度相同，時間也相同，故選項B正確；做自由落體運動的物體運動規律相同，與質量無關，故選項A錯誤；為了減小實驗誤差，因此采用多次測量的方法，同

19、時為了使該實驗具有普遍性，需改變小球的初始高度，故選項C正確；在水平方向上，沒有物體的運動與A球水平方向的運動相對照，因此無法說明小球A在水平方向上的運動規律，故選項D錯誤考點：本題主要考查了對自由落體運動規律的理解和演示實驗現象的分析能力問題，屬于中檔題12、 50.15mm 4.700mm【解析】游標卡尺的讀數為l=5cm+3120mm=50.15mm，螺旋測微器的讀數為d=4.5mm+20.00.01mm=4.700mm四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) (2)壓力大小為144N (3)或【解析】（

20、1）A位于a處時，繩無張力且物塊B靜止，故彈簧處于壓縮狀態對B由平衡條件可得當C恰好離開擋板P時，C的加速度為0，故彈簧處于拉伸狀態對C由平衡條件可得由幾何關系可知，代入數據解得（2）物塊A在a處于在b處時，彈簧的形變量相同，彈性勢能相同，故A在a處于在b處時，A、B系統的機械能相等有如圖所示，將A在b處的速度分解，由速度分解關系有代入數據解得在b處，對A由牛頓定律有，代入數據解得由牛頓第三定律，A對圓軌道的壓力大小為144N（3）物塊A不脫離圓形軌道有兩種情況第一種情況，不超過圓軌道上與圓心的等高點由動能定理，恰能進入圓軌道時需要滿足恰能到圓心等高處時需滿足條件代入數據解得，即第二種情況，過圓軌道最高點，在最高點，由牛頓第二定律可得恰能過最高點時，