1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、簡諧運動的物體，在返回平衡位置過程中，變大的物理量是A動能B回復力C位移D機械能2、光滑的半圓柱形物體固定在水平地面上，其橫截面如圖所示。一重為G的小球在沿柱面切

2、線方向的拉力F（F與圓柱的橫截面共面）作用下，緩慢地由A向B運動。則在運動過程中，拉力F的大小和柱面對小球支持力N的大小變化情況是AF、N均逐漸增大BF、N均逐漸減小CF逐漸減小，N逐漸增大DF逐漸增大，N逐漸減小3、物理學理論總是建立在對事實觀察的基礎上下列說法正確的是( )A電子的發現使人們認識到電荷是量子化的B密立根油滴實驗表明核外電子的軌道是不連續的C氫原子從高能級向低能級躍遷時能輻射出射線D氫原子輻射光子后，其繞核運動的電子動能增大4、如圖所示，在發射地球同步衛星的過程中，衛星首先進入橢圓軌道I，然后在Q點通過改變衛星速度，讓衛星進入地球同步軌道，則（）A該衛星的發射速度必定大于11

3、. 2 km/sB衛星在同步軌道II上的運行速度大于7. 9 km/sC在軌道I上，衛星在P點的速度小于在Q點的速度D衛星在Q點通過加速實現由軌道I進入軌道II5、嫦娥五號”探測器由軌道器、返回器、著陸器等多個部分組成。探測器在2017年由“長征五號”運載火箭在中國文昌衛星發射中心發射升空，自動完成月面樣品采集，并從月球起飛，返回地球。若已知月球半徑為R，“嫦娥五號”在距月球表面高度為R的圓軌道上飛行，周期為T，萬有引力常量為G，下列說法正確的是（ ）A月球質量為322R3GT2B月球表面重力加速度為32RT2C月球密度為3GT2D月球第一宇宙速度為42RT6、如圖所示，圖中實線是一簇未標明方

4、向的由點電荷產生的電場線，虛線是某帶電粒子通過該電場區域時的運動軌跡，A、B是軌跡上的兩點，若帶電粒子在運動過程中只受到靜電力作用，根據此圖不能作出的正確判斷是()A帶電粒子在A、B兩點的受力方向B帶電粒子所帶電荷的正、負C帶電粒子在A、B兩點的加速度何處較大D帶電粒子在A、B兩點的速度何處較大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、2007年10月24日，我國發射了第一顆探月衛星-“嫦娥一號”，使“嫦娥奔月”這一古老的神話變成了現實嫦娥一號發射后先繞地球做圓周運動，經多

5、次變軌，最終進入距月球表面h=200公里的圓形工作軌道，開始進行科學探測活動設月球半徑為R，月球表面的重力加速度為g，萬有引力常量為G，則下列說法正確的是（）A嫦娥一號繞月球運行的周期為B在嫦娥一號的工作軌道處的重力加速度為C嫦娥一號在工作軌道上的繞行速度為D由題目條件可知月球的平均密度為8、如圖所示，左側為一個固定在水平桌面上的半徑為R的半球形碗，碗口直徑AB水平，O點為球心，碗的內表面及碗口光滑。右側是一個足夠長的固定光滑斜面。一根不可伸長的輕質細繩跨過碗口及豎直固定的輕質光滑定滑輪，細繩兩端分別系有可視為質點的小球m1和物塊m2，且m1m2。開始時m1恰在A點，m2在斜面上且距離斜面頂端

6、足夠遠，此時連接m1、m2的細繩與斜面平行且恰好伸直，C點在圓心O的正下方。將m1由靜止釋放開始運動，則下列說法正確的是A在m1從A點運動到C點的過程中，m1與m2組成的系統機械能守恒B當m1運動到C點時，m1的速率是m2速率的倍Cm1不可能沿碗面上升到B點Dm2沿斜面上滑過程中，地面對斜面的支持力始終保持恒定9、如圖所示，半圓形框架豎直放置在粗糙的水平地面上，光滑的小球P在水平外力F的作用下處于靜止狀態，P與圓心O的連線與水平面的夾角為，將力F在豎直面內沿順時針方向緩慢地轉過，框架與小球始終保持靜止狀態在此過程中下列說法正確的是A框架對小球的支持力先減小后增大B拉力F的最小值為mgcosC地

7、面對框架的摩擦力減小D框架對地面的壓力先增大后減小10、甲、乙兩汽車在同一條平直公路上同向運動，其速度時間圖象分別如圖中甲、乙兩條曲線所示。已知兩車在t2時刻并排行駛。下列說法正確的是（）。A兩車在t1時刻也并排行駛B在t1時刻甲車在后，乙車在前C甲車的加速度大小先增大后減小D乙車的加速度大小先減小后增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某研究性學習小組在做“驗證機械能守恒定律”的實驗中，已知打點計時器所用電源的頻率為50Hz。查得當地的重力加速度g=9.80m/s2。一重物從靜止釋放，測得所用重物的質量為1.00kg。實驗中得

8、到一條點跡清晰的紙帶，把計時器打下的第一個點記作O，每兩個計數點間還有四個點未畫出，另選連續的3個計數點A、B、C作為測量的點，如圖所示。經測量知道A、B、C各點到O點的距離分別為48.95cm，84.20cm，128.95cm。根據以上數據，計算出打B點時重物的瞬時速度=_m/s；重物由O點運動到B點，重力勢能減少了_J，動能增加了_J。根據所測量的數據，還可以求出物體在下落的過程中所受到的阻力為_N。（以上計算結果均保留2位小數）12（12分）為了“驗證牛頓第二定律”，某實驗小組設計了如圖1所示的實驗裝置。（1）實驗過程有以下操作：a安裝好實驗器材，將打點計時器接到頻率為50Hz的交流電源

9、上，接通電源后，讓拖著紙帶的小車沿長木板運動，重復幾次。b選出一條點跡清晰的紙帶，選取部分計數點如圖2所示（每相鄰兩個計數點間還有4個點，圖中未畫出）。c測得OA=3.59cm；AB=4.41cm；BC=5.19cm；CD=5.97cm；DE=6.78cm；EF=7.64cm。d計算出小車的加速度a= _m/s2；打下B點時，小車的速度vB=_m/s。（結果均保留2位小數）（2）若保持小車及車中的砝碼質量一定，研究加速度a與所受外力F的關系，在木板水平和傾斜兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條a-F圖線，如圖3所示。圖線_（選填“甲”或“乙”）是在木板傾斜情況下得到的；小車及車中的砝碼總質量m=

10、_kg。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖甲所示，半徑為R=0.1m的四分之一光滑圓弧軌道固定在豎直平面內，軌道最低點B與水平面相切，在光滑水平面上緊挨B點有一靜止的平板車，其質量M=6kg，長度L=0.5m，車的上表面與B點等高，可視為質點的物塊從圓弧軌道最高點A由靜止釋放，其質量m=1kg，g取10m/s1（1）求物塊滑到B點時對軌道壓力的大小；（1）若平板車上表面粗糙，物塊剛好沒有滑離平板車，求物塊與平板車上表面間的動摩擦因數；（3）若將平板車固定且在上表面鋪上一種動摩擦因數逐漸增大的特殊材料，

11、物塊在平板車上向右滑動時，所受摩擦力f隨它距B點位移L的變化關系如圖乙所示，物塊最終滑離了平板車，求物塊滑離平板車時的速度大小14（16分）光滑的長軌道形狀如圖所示，下部為半圓形，半徑為 R=0.3 m，固定在豎直平面內。質量分別為 m、2m的兩小環 A、B 用長為53R的輕桿連接在一起，套在軌道上，A 環距軌道底部高為53R，現將 A、B 兩環從圖示位置由靜止釋放。重力加速度為g，已知 sin 37=0.6，cos 37=0.8，求：(1)運動過程中 A 環距軌道底部的最大高度；(2)A環到達軌道底部時，A、B兩環速度大小。15（12分）如圖所示，ABC和ABD為兩個光滑固定軌道，A、B、E

12、在同一水平面上，C、D、E在同一豎直線上，D點距水平面的高度為h，C點的高度為2h，一滑塊從A點以初速度v0分別沿兩軌道滑行到C或D處后水平拋出，重力加速度為g (1)求滑塊落到水平面時，落點與E點間的距離xC和xD；(2)為實現xCxD，v0應滿足什么條件？(3)如果滑塊的初速度一定，要使它從最高點拋出后的水平射程最大，則該軌道的高度h應為多大？此時的水平射程為多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】簡諧運動的物體，在返回平衡位置過程中，變大的物理量是速度，動能；而回復力、位移減小；機械能不變，選項A

13、正確，BCD錯誤；故選A.2、C【解析】對滑塊受力分析，受重力、支持力和拉力，如圖所示：根據共點力平衡條件，有：N=mgsin，F=mgcos，其中為支持力N與水平方向的夾角；當物體向上移動時，變大，故N變大，F變小；故C正確.故選C.【點睛】本題關鍵對小球進行受力分析，然后根據共點力平衡條件列式求解出支持力和拉力的表達式進行討論3、D【解析】電子的發現使人們認識到原子具有復雜的結構，密立根油滴實驗測出了電子的電量，人們從而知道電荷是量子化的，但是不能表明核外電子的軌道是不連續的，選項AB錯誤；射線伴隨衰變產生，氫原子從高能級向低能級躍遷時，不可能會輻射出射線，故C錯誤；氫原子輻射光子后，其繞

14、核運動的電子的軌道半徑減小，根據ke2r2=mv2r可知，電子的動能增大，選項D正確；故選D.4、D【解析】了解同步衛星的特點和第一宇宙速度、第二宇宙速度的含義，當萬有引力剛好提供衛星所需向心力時，衛星正好可以做勻速圓周運動：若是“供大于需”，則衛星做逐漸靠近圓心的運動；若是“供小于需”，則衛星做逐漸遠離圓心的運動.【詳解】11.2km/s是衛星脫離地球束縛的發射速度，而同步衛星仍然繞地球運動，故A錯誤；7.9km/s即第一宇宙速度是近地衛星的環繞速度，也是最大的圓周運動的環繞速度，而同步衛星的軌道半徑要大于近地衛星的軌道半徑，根據v的表達式可以發現，同步衛星運行的線速度一定小于第一宇宙速度，

15、故B錯誤；根據開普勒第二定律，在軌道I上，P點是近地點，Q點是遠地點，則衛星在P點的速度大于在Q點的速度，故C錯誤；從橢圓軌道到同步軌道，衛星在Q點是做逐漸遠離圓心的運動，要實現這個運動必須衛星所需向心力大于萬有引力，所以應給衛星加速，增加所需的向心力，故D正確；故選D【點睛】本題考查萬有引力定律的應用，知道第一宇宙速度的特點，衛星變軌也就是近心運動或離心運動，根據提供的萬有引力和所需的向心力關系確定5、A【解析】對探測器，萬有引力提供向心力，根據牛頓第二定律，有：GMm(2R)2=m2R42T2，解得：M=322R3GT2，故A正確；月球表面的重力加速度為：g=GMR2=322RT2，則B錯

16、誤；月球的密度：=MV=24GT2，故C錯誤；月球的第一宇宙速度為月球表面的環繞速度，根據牛頓第二定律，有：GmMR2=mv2R，解得：v=GMR=42RT，故D錯誤；故選A。【點睛】本題關鍵是明確探測器的動力學原理，結合牛頓第二定律列式求解，注意月球的第一宇宙速度是月面衛星的環繞速度。6、B【解析】由圖，粒子的運動軌跡向左彎曲，說明粒子在A、B兩點受到的電場力沿電場線向左，由于電場線方向不明，無法確定粒子的電性和產生該電場的點電荷的電性。故A正確，B錯誤。A點的電場線比B點密集，則A點的場強較大，粒子在A點的電場力較大，加速度較大，選項C正確；由A到B，電場力做負功，動能減小，故B處的速度小

17、，故D正確。本題選不能判斷的，故選B。【點睛】本題是電場中粒子的軌跡問題，首先要能根據軌跡的彎曲方向判斷粒子受力方向，即受力方向指向軌跡的凹向；電場線的疏密反映場強的大小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】試題分析：根據萬有引力提供向心力，即：解得；，嫦娥一號的軌道半徑為結合黃金代換公式：，代入線速度和周期公式得：，故AC錯誤；由黃金代換公式得中心天體的質量，月球的體積，則月球的密度，故D正確；月球表面萬有引力等于重力，則，得：，故B正確考點：考查了萬有引

18、力定律的應用8、ACD【解析】A. 在m1從A點運動到C點的過程中，m1與m2組成的系統只有重力做功，系統的機械能守恒。故A正確。B. 設小球m1到達最低點C時m1、m2的速度大小分別為v1、v2，由運動的合成分解得：v1cos45=v2則故B錯誤。C.在m1從A點運動到C點的過程中，對m1、m2組成的系統由機械能守恒定律得：結合可知若m1運動到C點時繩斷開，至少需要有的速度m1才能沿碗面上升到B點，現由于m1上升的過程中繩子對它做負功，所以m1不可能沿碗面上升到B點。故C正確。D. m2沿斜面上滑過程中，m2對斜面的壓力是一定的，斜面的受力情況不變，由平衡條件可知地面對斜面的支持力始終保持恒

19、定。故D正確。9、BC【解析】AB以小球為研究對象，分析受力情況，作出受力示意力圖，如圖所示，根據幾何關系可知，當F順時針轉動至豎直向上之前，支持力逐漸減小，F先減小后增大，當F的方向沿圓的切線方向向上時，F最小，此時：F=mgcos故A錯誤，B正確；C以框架與小球組成的整體為研究對象，整體受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由圖可知，F在順時針方向轉動的過程中，F沿水平方向的分力逐漸減小，所以地面對框架的摩擦力始終在減小，故C正確；D以框架與小球組成的整體為研究對象，整體受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由圖可知，F在順時針方向轉動的過程中，F沿豎直方向的分

20、力逐漸增大，所以地面對框架的支持力始終在減小，故D錯誤10、BD【解析】AB兩車在t2時刻并排行駛，t1t2時間內，由圖象與坐標軸所圍的面積可知，甲車的位移大于乙車的位移，所以在t1時刻，兩車不是并排行駛，而是甲在乙的后面，故A錯誤B正確；CD由圖象的斜率知，甲、乙兩車的加速度均先減小后增大，故C錯誤D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、4.00 8.25 8.00 0.30 【解析】1B點瞬時速度等于AC間的平均速度vB=10-2m/s=4.00m/s2O點到B點重力勢能減小量為EP=mghOB=1.009.884.2

21、010-2J=8.25J3動能的增量為EK=mvB2=1.004.02J=8.00J4由運動學知識有vB2=2ahOB所以物體實際下落的加速度a=m/s2=9.50m/s2根據牛頓第二定律mg-f=ma解得f=mg-ma=0.30N12、1.81 1.48 甲 1.5 【解析】(1)1由題意可知s1=3.59cm，s2=4.41cm，s3=5.19cm，s4=5.97cm，s5=6.78cm，s6=7.61cm。每五個點取一個計數點，故T=1.1s。根據x=aT2可知：可得加速度為：2根據平均速度等于中間時刻的瞬時速度可得：(3)3由圖象可知，當F=1時，a1也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有

22、加速度，該同學實驗操作中平衡摩擦力過大，即傾角過大，平衡摩擦力時木板的右端墊得過高。所以圖線甲是在軌道右側抬高成為斜面情況下得到的。4由牛頓第二定律得：，由圖乙所示圖象可知，圖象斜率：，可得質量：kg四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）60N（1）0.3（3）2m/s【解析】（1）物塊從圓弧軌道A點滑到B點的過程中，只有重力做功，其機械能守恒，由機械能守恒定律得：mgR=12mvB2，代入數據解得：vB=1m/s在B點，由牛頓第二定律得：FN-mg=mvB2R 代入數據解得：FN=60N，由牛頓第三定律可知，物塊滑到軌道B點時對軌道的壓力：FN=FN=60N（1）物塊滑上小車后，由于水平地面光滑，系統的合外力為零，所以系統的動量守恒以向右為正方向，由動量守恒定律得： mvB=(m+M)v，代入數據解得v =0.5m/s；由能量關系：mgL=12mvB2-12(m+M)v2 解得： =0.3（3）物塊在小車上滑行時的克服摩擦力做功為f-L圖線與橫軸所圍的面積大小克服摩擦力做功為：Wf=2+620.5J=2J，物塊在平板車上滑動過程，由動能定理得：-Wf=12mv2-12mvB2 代入數據解得：v=2m/s；【點睛】本題的關鍵理清物體的運動過程