1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、 如圖所示，能反映自由落體運動的是()ABCD2、如圖所示，置于水平地面上的三腳架上固定一相機，其重心在支架的豎直軸上。三根支架等長且與水平地面的夾角相等，該夾角及支架的長短均可以調節。則下列說法正確的是（ ）A每根支架承受的壓力大

2、小相同B支架對地面施加壓力的原因是地面發生了形變C若僅使三根支架增加相同長度，則支架承受的壓力變大D若三根支架與地面的夾角變小，則支架承受的壓力變小3、如圖是核反應堆的示意圖，對于核反應堆的認識，下列說法正確的是（）A鈾棒是核燃料，核心物質是鈾238B石墨起到吸收中子的作用C鎘棒起到使中子減速的作用D水泥防護層的作用是為了阻隔射線，避免放射性危害4、如圖(甲)所示，一輕桿一端固定在O點，另一端固定一小球，在豎直平面內做半徑為R的圓周運動.小球運動到最高點時，桿與小球間彈力大小為，小球在最高點的速度大小為v，圖象如圖(乙)所示.下列說法正確的是( )A當地的重力加速度大小為B小球的質量為C時，桿

3、對小球彈力方向向上D若，則桿對小球彈力大小為2a5、如圖，人造衛星M、N在同一平面內繞地心O做勻速圓周運動，已知M、N連線與M、O連線間的夾角最大為，則M、N的運動速度大小之比等于（）AB CD 6、北斗衛星導航系統是中國自行研制的全球衛星導航系統如圖所示，北斗衛星導航系統中的兩顆工作衛星1、2均繞地心做順時針方向的勻速圓周運動，軌道半徑為r，某時刻兩顆工作衛星分別位于同一圓軌道上的A、B兩位置已知地球表面附近的重力加速度為g，地球半徑為R，不計衛星間的相互作用力則以下判斷中正確的是A衛星1向后噴氣就一定能追上衛星2B衛星1由位置A運動到位置B所需的時間為C衛星1、2繞地球做勻速圓周運動的向心

4、力大小一定相等D若衛星1由圓軌道上的位置A變軌能進入橢圓軌道，則衛星1在圓軌道上經過位置A的加速度小于在橢圓軌道上經過位置A的加速度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、摩天輪是游樂場一種大型轉輪狀設施，摩天輪邊緣懸掛透明座艙，乘客隨座艙在豎直面內做勻速圓周運動，隨摩天輪轉動過程中，可以俯瞰四周景色，下列敘述不正確的是A摩天輪轉動過程中，乘客的機械能保持不變B摩天輪轉動一周的過程中，乘客重力的沖量為零C在最高點，乘客重力大于座椅對他的支持力D摩天輪轉動過程中，乘客重力的

5、瞬時功率保持不變8、如圖所示，物塊a、b和c的質量相同，a和b、b和c之間用完全相同的輕彈簧S1和S2相連，通過系在a上的細線懸掛于固定點O；整個系統處于靜止狀態；現將細繩剪斷，將物塊a的加速度記為a1，S1和S2相對原長的伸長分別為l1和l2，重力加速度大小為g，在剪斷瞬間Aa1=3gBa1=0Cl1=2l2Dl1=l29、如圖所示，圖(a)為某一列簡諧橫波在t=0時刻的波動圖象，圖(b)為P質點的振動圖象。下列說法正確的有 。A該列波的波速為4m/sB再經過5.5s的過程中P質點經過的路程為22mC該波沿x軸負方向傳播Dt = 2.75s時P質點處于波峰E.若波源在t = 1s時刻停止振動

6、，則該波立即停止傳播10、如圖所示，用小錘打擊彈性金屬片后，A球沿水平方向拋出，同時B球被松開，自由下落。改變小球距地面的高度和打擊的力度，重復這個實驗，發現A、B兩球總是同時落地。若A、B兩球質量相等，且將平拋運動沿水平和豎直兩個方向分解。下列說法正確的是A本實驗可驗證平拋運動在水平方向上是勻速直線運動B本實驗可驗證平拋運動在豎直方向上是自由落體運動C在同一次實驗中，兩球落地前瞬間重力的功率相等D在同一次實驗中，兩球落地前瞬間動量的大小相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖A為“用DIS研究物體的加速度與質量的關系”實驗裝

7、置（1）實驗中應保持軌道_且摩擦力足夠小；為了研究小車的加速度與質量的關系，應保持_不變（2）若測得小車和發射器的總質量為0.3千克，則跨過滑輪的細繩下懸掛的鉤碼質量最適合用 （_）A20克 B50克 C100克 D200克（3）某同學用正確的實驗方法測得實驗數據，作出a-m圖線如圖B他觀察到a-m圖線為曲線，于是得出物體的加速度與質量成反比你認為他的做法正確嗎？如果認為正確，請說明理由如果認為不正確，請給出正確的處理方法_12（12分）在做“探究加速度與力、質量的關系”實驗中，（1）需要用到下列儀器的是_A打點計時器 B彈簧測力計 C秒表 D天平（2）下列說法正確的是_A先釋放紙帶再接通電源

8、B拉小車的細線應盡可能與長木板平行C紙帶與小車相連端的點跡較疏D輕推小車，拖著紙帶的小車能夠勻速下滑說明摩擦力已被平衡（3）如圖所示是實驗時打出的一條紙帶，A、B、C、D為每隔4個點取計數點，據此紙帶可知小車在D點速度大小為_m/s（保留兩位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）物體A放在臺式測力計上，通過跨過定滑輪的輕繩與物體B相連，B下端與輕彈簧粘連，彈簧下端與地面接觸（未拴接），整個系統處于平衡狀態，此時臺式測力計的示數為8.8N；已知mA=2mB=1kg，物塊A、B間水平距離s=20cm，傾

9、斜繩與水平方向的夾角，物塊A與臺式測力計間摩擦因數。最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，A、B和滑輪視為質點，不計滑輪質量和滑輪處摩擦，彈簧始終處于彈性限度內.(sin0.6，cos0.8，g10 m/s2).（1）求物塊A受到的摩擦力和輕繩對物塊A的拉力；（2）沿豎直方向調整滑輪的高度至某一位置時，物塊A剛好運動，且此時彈簧剛好離開地面。求滑輪移動的距離和彈簧的勁度系數.14（16分）一輛汽車剎車前速度為90km/h，剎車獲得的加速度大小為10m/s2，求：(1)汽車剎車開始后10s內滑行的距離x0；(2)從開始剎車到汽車位移為30m時所經歷的時間t；(3)汽車靜止前1s內滑行的距離x15（12分）

10、如圖所示，用繩AC和BC吊起一個物體，繩AC與豎直方向的夾角為60，能承受的最大拉力為100N，繩BC寫豎直方向的夾角為30，能承受的最大拉力為150N欲使兩繩都不斷，物體的重力不應超過多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動且加速度為g，速度與時間關系為：vgt，所以v-t函數是一條傾斜的直線，且速度均勻增大A該圖與結論不相符，選項A錯誤；B該圖與結論不相符，選項B錯誤；C該圖與結論不相符，選項C錯誤；D該圖與結論相符，選項D正確；故選D。2、A【解析】A三根支

11、架等長且與水平地面的夾角相等，根據對稱性知每根支架承受的壓力大小相等，故A正確。B支架對地面施加壓力的原因是支架面發生了形變，故B錯誤。C若僅使三根支架增加相同長度，三根支架與地面的夾角不變，受力情況不變，故C錯誤。D設三根支架與地面的夾角為三根支架對相機豎直向上的分力的合力應等于重力，則有，知變小，變小，N增大，由牛頓第三定律知支架承受的壓力變大，故D錯誤。3、D【解析】A鈾棒是核燃料，核心物質是鈾235，A錯誤；BC在核反應堆中用石墨做慢化劑使中子減速，鎘棒的作用是吸收中子，BC錯誤；D水泥防護層的作用是為了阻隔射線，避免放射性危害，D正確。故選D。4、B【解析】AB.在最高點，若，則有：

12、當時，則有：解得：，故A錯誤，B正確；C. 由圖可知當時，桿對小球彈力方向向上，當時，桿對小球彈力方向向下，所以當時，桿對小球彈力方向向下，故C錯誤；D.當時，根據牛頓第二定律得：解得：即桿對小球彈力大小為，故D錯誤。5、C【解析】當M和N的連線與地球和N的連線垂直時，M、N連線與M、O連線間的夾角最大值為，此時有：sin=；根據公式： 可得：，故：，故ABD錯誤，C正確，故選C點睛：此題關鍵是理解何時“M、N連線與M、O連線間的夾角最大”，根據幾何關系確定兩星做圓周運動的半徑關系即可解答.6、B【解析】衛星1向后噴氣時需要加速，所需要的向心力增大，而萬有引力不變，衛星將做離心運動，軌道半徑增

13、大，不可能追上衛星2，A錯誤；衛星做圓周運動，由萬有引力提供向心力，根據地球表面萬有引力等于重力列出等式，由得，衛星1由位置A運動到位置B所需的時間為，B正確；由于衛星甲和衛星乙的質量不一定相等，所以地球對兩顆衛星的萬有引力大小不一定相等，C錯誤；根據萬有引力提供向心力，有，由于衛星1在圓軌道上經過位置A的軌道半徑等于在橢圓軌道上經過位置A的軌道半徑，故兩次情況下加速度相等，D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】機械能等于重力勢能和動能之和，摩天輪運

14、動過程中，做勻速圓周運動，乘客的速度大小不變，則動能不變，但高度變化，所以機械能在變化，故A錯誤；轉動一周，重力的沖量為I=mgT，不為零，故B錯誤；圓周運動過程中，在最高點，由重力和支持力的合力提供向心力F，向心力指向下方，所以F=mg-N，則支持力N=mg-F，所以重力大于支持力，故C正確；摩天輪轉動過程中，速度方向改變，根據P=mgvcos可知，乘客重力的瞬時功率時刻改變，故D錯誤此題選擇不正確的選項，故選ABD8、AC【解析】設物體的質量為m，剪斷細繩的瞬間，繩子的拉力消失，彈簧還沒有來得及改變，所以剪斷細繩的瞬間a受到重力和彈簧的拉力，剪斷前對bc和彈簧組成的整體分析可知，故a受到的

15、合力，故加速度，A正確，B錯誤；設彈簧的拉力為，則，根據胡克定律可得，C正確，D錯誤9、ACD【解析】A由圖象a可知波長=4m圖b可知，波的周期T=1s，所以這列簡諧橫波的波速為故A正確；B由于5.5s=5T，則再經過5.5s的過程中P質點經過的路程為220.2m=4.4m，故B錯誤；C由振動圖象可知t=0時P質點向下振動，可知該波沿x軸負方向傳播，故C正確；Dt=2.75s=2T，此時P質點處于波峰，故D正確；E若波源在t=1s時刻停止振動，則該波仍在介質中繼續傳播，故E錯誤；10、BC【解析】A球沿水平方向拋出做平拋運動，同時B球被松開，自由下落做自由落體運動，發現每次兩球都同時落地，只能

16、說明平拋豎直方向的分運動是自由落體運動。【詳解】本實驗將A的做平拋運動與豎直方向下落的B的運動對比，只能說明A豎直方向運動情況，不能反映A水平方向的運動情況。本實驗中A做平拋運動，B做自由落體運動，每次兩球都同時落地，說明A豎直方向的分運動是自由落體運動。故A錯誤，B正確；兩小球落地時的豎直分速度相同，故由P=mgv可知，兩球落地時的功率相等，故C正確；由于兩球落地時的瞬時速度不同，平拋運動的合速度大于自由落地的速度，故落地時的動量不相等，故D錯誤。故選BC。【點睛】本題考查研究平拋運動規律的實驗，主要是對分析推理的能力的考查，注意本實驗采用對比的方法來研究平拋運動水平方向的分運動情況。三、實

17、驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）水平； 小車所受拉力 （或鉤碼個數）； （2）A； （3）某同學做法不正確正確的處理方法是計算質量的倒數，然后作出a圖線，如所得圖線為過原點的直線，則a與m成反比否則則a與m不成反比（或正確的做法是檢驗這條曲線是否為反比例曲線，如每組數據的am的值都在誤差范圍內相等，則a與m成反比否則則a與m不成反比） 【解析】（1）實驗中應保持軌道水平且摩擦力足夠小；為了研究小車的加速度與質量的關系，應保持小車所受拉力 （或鉤碼個數）不變（2）要想使得小車受到的拉力等于鉤碼的重力，則必須使得鉤碼的質量遠小于小車的質

18、量，則鉤碼質量最適合用20g，故選A.（3）這位同學做法不正確正確的處理方法是計算質量的倒數，然后作出a圖線，如所得圖線為過原點的直線，則a與m成反比否則則a與m不成反比（或正確的做法是檢驗這條曲線是否為反比例曲線，如每組數據的am的值都在誤差范圍內相等，則a與m成反比否則則a與m不成反比） 12、AD; BD; 0.210.01 ; 【解析】（1）實驗中需要用打點計時器測量加速度；需要用天平測量小車的質量；不需要彈簧測力計和秒表，故選AD.（2）實驗開始時，要先接通電源再釋放紙帶，選項A錯誤；拉小車的細線應盡可能與長木板平行，以減小實驗的誤差，選項B正確；開始運動時速度較慢，則紙帶與小車相連端的點跡較密集，選項C錯誤；輕推小車，拖著紙帶的小車能夠勻速下滑說明摩擦力已被平衡，選項D正確；故選BD. （3）由圖可知，CE=4.10cm，T=0.1s，則D點的瞬時速度為v=xCE2T4.1010-20.2m/s0.21m/s【點睛】解決本題的關鍵知道實驗的原理和誤差的來源，掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度，關鍵是勻變速直線運動推論的運用。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必