1、2022年高考模擬考試化學試題注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名.考生號.座號填寫在相應位置，認真核對條形碼上的姓名.考生號和座號，并將條形碼粘貼在指定位置上。2選擇題答案必須使用2B鉛筆(按填涂樣例)正確填涂；非選擇題答案必須使用05毫米黑色簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙.試題卷上答題無效。保持卡面清潔，不折疊.不破損。可能用到的相對原子質量：H-lC12016Si-28Cl-35.5Ce-140選擇題：本題共10小題，每小題2分，共20分。每小題只有一個選項符合題目要求。1-2022年2月4口，萬眾囑目的第24

2、屆冬奧會在北京隆重開幕，本屆冬奧會盡顯化學高科技。下列有關說法錯誤的是A1飛揚”火炬噴門外殼采用聚硅氮烷樹脂，該樹脂屬于無機聚合物“戰袍利用微信小程序，調控石墨烯片加熱保暖，石墨烯和碳納米管互為同分異構體國家速滑館采用硫化鎘發電玻璃，可將太陽能轉化為電能滑雪頭盔采用碳纖維、玻璃纖維和彈性體三種成分合成的新材料，其中玻璃纖維和普通玻璃的成分相同下列有關物質性質與應用的對應關系正確的是A.AB.BC.CD.D選項性質實際應用A小蘇打不穩定，受熱分解生成CO?用于泡沫滅火器B聚乙烘是無限延伸的線狀結構用于導電材料CA1(OH)3受熱分解，生成高熔點物質和水用作塑料的阻燃劑D石墨是混合型晶體，含大兀鍵

3、用作潤滑劑卜列實驗裝置正確且能達到相應實驗目的的是甲冷水了蠟棉透石渣浸狀礦OIoNa2CO.丙Na2SiO3-溶液klVl!l/4溶液丁裝置甲利用CCb提取澳水中的電C.裝置丙驗證非金屬性SCSi裝置乙分離I2和高鐳酸鉀固體D.裝置丁檢驗石蠟中是否含有不飽和坯四種元素Y、JM.N位于同一短周期，Y的一種同位素在考古學中可用于斷代。這四種元素參與組成的一種化合物屬于離子液體，結構如圖所示。卞列說法錯誤的是XIYIX-XX-XIYIXXIY1ZZXIYIXNIMINA.電負性NZYMB.原子半徑:MYZNC簡單氫化物沸點：ZYD.最高價氧化物對應水化物的酸性：YZ實驗室常用酸性KMnCU溶液標定摩

4、爾鹽(NH4)2Fe(SO4)6H?O,口J用過二硫酸鈉(Na2S2Os)使MnO；全部再生。下列說法錯誤的是H00丁。氧化性：S2OMnO；Fe3+0B標定時，KM11CU溶液和摩爾鹽溶液都選用酸式滴定管過二硫酸結構如圖所示，則含有兩個四面體結構過程中，消耗的摩爾鹽和過二硫酸鈉物質的量之比為1：26治療抑郁癥的藥物帕羅西汀(I)及其合成中間體(1【)的結構簡式如圖所示。卜列說法錯誤的是/COOC2H5III分子中有3種官能團BI分子中含兩個手性碳原子C.II分子式為C16H1SNO4FD.lmolII與足量NaOH溶液反應時最多消耗2molNaOH7.卞列由實驗現彖所得結論正確的是向某溶液中

5、加入足量稀鹽酸，生成白色沉淀，證明溶液中含Ag向Na?S溶液中通入足量SO?,生成淡黃色沉淀，證明SO?能呈現酸性和氧化性C向Feb溶液中滴加少屋氯水，溶液變為黃色，證明Fe?+與C12反應生成Fe3+D.常溫下，取飽和CaSO4溶液和氨水做導電性實驗，氨水燈泡更亮，證明CaSO4為弱電解質&漠乙烷是無色油狀液體，是制造巴比妥的原料，工業上可用海水制備澳乙烷，部分工藝流程如圖:海水卜列說法錯誤的組鹽提純時，加入沉淀劑的順序可以是BaCb.NaOH和Na2CO3向“母液”中通入熱空氣，利用澳的易揮發性，將漠吹出“制備時氧化劑和還原劑的物質的量之比為3：1“精制”時所用的玻璃儀器冇分液漏斗、燒杯9

6、.關于CH3-N=N-CH3.H2NCH2COOH和O2NCH2CH3的結構與性質，下列說法正確的是CH3-N=N-CH3何順反異構現彖lmolO2NCH2CH3含有lOmola鍵三種物質中，氮原子雜化方式相同D.在乙醇中溶解度，H2NCH2COOH低于O2NCH2CH3,原因是前者與乙醇形成氫鍵10-在直流電源作用下，雙極膜中間層中的H2解離為H+和OH，利用雙極膜電解池產生強氧化性的疑基B.陰極電極反應式為O2+2e+2H=2OH自由基(-OH),處理含苯酚廢水和含SO2的煙氣的工作原理如圖所示。下列說法錯誤的是直流電源含苯酚廢水OH含SO?的煙氣SO/A.電勢：N電每處理9.4g苯酚，理

7、論上有2.8molH*透過膜a若OH只與苯酚和SO?反應，則參加反應的苯酚和SO?物質的量之比為1：14二、選擇題：本題共5小題，每小題4分，共20分。每小題有一個或兩個選項符合題目要求，全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。11為完成下列各組實驗，所選玻璃儀器和試劑均準確、完整是(不考慮存放試劑的容器)實驗目的玻璃儀器試劑A除去苯中少量的苯酚普通漏斗、燒杯、玻璃棒濃澳水B測定84消毒液的pH玻璃棒、表面皿pH試紙C實驗室制備乙烯酒精燈、蒸懈燒瓶、溫度計、導氣管、膠頭滴管濃硫酸、乙醇、碎瓷片D檢驗CH3CH2Br中的澳元素試管、膠頭滴管、酒精燈NaOH溶液、硝酸、AgNO3溶液A

8、B.BC.CD.D巴豆醛是橡膠硫化促進劑、酒精變性劑和革柔劑的合成中間體，存在如卞轉化過程:wxV祇“加7已知：X為CH3CH=CHCH(OH)CN；z為六元環狀化合物；疑基直接與碳碳雙鍵上碳原子相連不穩定。卜列說法錯誤的是與X具有相同官能團的X的同分異構體有15種(不考慮立體異構)Y分子中可能共平面的碳原子最多為5個W的同分異構體中，含6個相同化學環境氫原子的有3種可用飽和Na2CO3溶液分離提純Z工業上以黃鐵礦(主要成分為FeS2,含有少量NiS、CuS、S1O2等雜質)為原料制備K4Fe(CN)6-3H2O,工藝流程如圖：一系列操作“焙燒”時氧化產物有Fe?O3和SO2“調pH分離FP與

9、Cu2N嚴是利用了它們氫氧化物瓦卩的不同“溶液I”中主要反應的離子方程式為6OH+6HCN+Fe=Fe(CN)64-+6H2O“一系列操作”為過濾、洗滌、干燥Beckmann反應是炳指在一定條件下生成酰胺的反應，機理中與疑基處于反位的基團遷移到缺電子的氫原子上，具體反應歷程如圖所示。IIIIIIVVIVIII已知：R.R，代表烷基。卜列說法錯誤的是A.H*在該反應過程中作催化劑B.NOH鍵角：物質二物質二C.物質二T物質二有配位鍵的形成D.H0發生上述反應生成NOH己知：聯氫（N2H4）是二元弱堿（pKbi=6,pKb2=15；pK=-lgK）,在水中的電離方式類似于氨氣，常溫下,向O.lmo

10、lLWsCl溶液通入HC1或加入NaOH固體（假設溶液總體枳不變），溶液中c（N?H；）隨pOH變化的曲線如圖所示，下列說法錯誤的是N2H5C1溶液c(N2Ht)c(N2H4)c(N2H)b點加入NaOH（或HC1）的物質的量與d點加入HC1（或NaOH）物質的量相等水的電離程度：ba若c（N2H）c（N2H4）,則pH小于3-5三、非選擇題：本題共5小題，共60分。鹵族元素及其化合物種類繁多，有著非常重要的用途，回答下列問題：1二基態Br原子的電子排布式為Ar_。二2EIHF分子的極性_（填“大于”“等于”或“小于”，以下同）HC1,同一條件卞，HF在水中的溶解度HC1,HF的沸點HC1OS

11、OCb中心S原子fSEPR模型為olmol氟硼酸技NH4BF4中含有mol配位鍵。匚3Z3種AgzHgU固體導電材料為四方晶系，其晶胞參數為apm,apm和2apm,晶胞沿x、y、z的方向投影（如圖所示），A、B、C表示三種不同原子的投影，標記為n的原子分數坐標為（；，；，2）,則m的原448子分數坐標為,距離Hg最近的Ag有_個。設Na為阿伏加德羅常數的值，Ag2Hgl4的摩爾質量為Mg-moV1,該晶體的密度為gym%用代數式表示）。(0,0,0)(0,0,0)17.鐘可用作優良的環保材料，現以氟碳飾礦（CeFCOs，含Fe?O3、FeO等雜質）為原料制備飾，其工藝流程如圖所示:濾渣:主要

12、成分是難溶于水的Ce（BF4）3：ATspFe（OH）3=8xlO-3S：心Ce（OH）3=lxl（）Q；lg2=0.3o回答卜列問題:（1）粉碎”焙燒時，氧化數據如表所示:空氣氧化法氧化溫度/H氧化率/%氧化時間/h暴露空氣中4505008g14對流空氣氧化爐中450500986在對流空氣氧化爐中町人人縮短氧化時間的原因是（2）用鹽酸和H2BO3提取Ce元素時，體現鹽酸的性質有_,“濾渣：T用飽和KC1溶液溶解時發生復分解反應，貝IJ“濾渣”主要成分為（化學式）。（3）“濾液丁中cCCeO.lmolL-1,用氨水調pH的范圍是，“濾液中加入NH4HCO3反應的離子方程式為，若Ce2（CO3）

13、3經充分焙燒質量減少5.8t,則獲得CeO2的質量為_t。（4）用過量鋁粉還原CeO2即可得Ce,反應的化學方程式為，鋁粉必須過量的原因是。某實驗小組用S1C14和（CH3CO）Q合成四乙酸硅，裝置如圖所示（夾持裝置略），相關物質的性質如表所管口A接干燥管禰靈*A物質性質S1C14無色油狀液體，能劇烈水解生成硅酸和HC1乙酸i5f(CH3CO)2O無色油狀液體，吸濕性很強四乙酸硅Si(CH3COO)4米黃色晶體，可溶于苯，遇水會迅速水解，超過1603時可分解成乙酸肝和二氧化硅乙酰氯(CHsCOCl)無色油狀液體，遇水劇烈反應回答卜列問題:（1）儀器的名稱是,管IIA所接干燥管中盛裝的試劑是（填

14、“P2O5”、“CaCb”或“堿石灰”）。（2）檢查上述裝置氣密性，具體操作為先向中注入一定量的（填“水”或“苯”），然后密封管IIA和打開旋塞，若（填現象），則證明裝置的氣密性良好。（3）取255gSiCl4放入1L儀器中，關閉旋塞，再由分液漏斗滴入稍過量的乙酸肝，反應發生，放出人量的熱，混合物略微帶色，不久儀器底部析出人顆粒晶體。寫出制備四乙酸硅的化學方程式：，該過程中，玻璃管的管II必須保持在液面上方的原因是。（4）待放置一段時間，用干冰一丙酮冷凍劑冷卻，然后（填具體操作），小心緩慢地除去儀器中殘留液體，接著再分兩次由分液漏斗各滴入75mL左右的乙酸肝，再緩慢除去，最后得到335g精制的

15、四乙酸硅，則四乙酸硅的產率為（保留到小數點后一位）。黃連素（化合物1）主要用于治療胃腸炎、細菌性痢疾等腸道感染。一種合成路線如圖：COOH_囚och30CH3HNoBr2/CH3COOHOCH3一oOCH3OCFh回一Zn/NaOHNaBH4HNH3CO己知:?HCHO._Joch,恥0H3C0OCH3H3C020OH3COH.COOCH3ClNRCOC1RCOOHCH3NH2+CH3COCH3空經NCIhh3cch3回答卜列問題:（1）符合下列條件的A的同分異構體有種（不考虎立體異構）。含有兩個酚疑基苯環上有三個取代基能發生銀鏡反應能發生水解反應(2)E的結構簡式為,BtC的反應類型為，C中

16、官能團的名稱是(3)C-D的化學方程式為.(4)h2no寫出由N(CH3)2制備NN(CH3)2的合成路線o20.反應可用于在國際空間站中處理二氧化碳，同時伴有副反應二發生。主反應CO2(g)+4H2(g)CH4(g)十2H?O(g)A/7i=-270kJmolFtG中，參與反應的位點是（填或設計步驟EtF的目的是副反應CO2(g)+H2(g)VCO(g)+H2O(g)/Hi回答卜列問題:(1)幾種化學鍵的鍵能如表所示:化學鍵CHHHHOC=O鍵能/kJmol1413436463a則a=(2)為了進一步研究上述兩個反應，某小組在三個容積相同的剛性容器中，分別充入ImolCO2和4molH2,在

17、三種不同實驗條件(見表)卜進行兩個反應，反應體系的總壓強(p)隨時間變化情況如圖所示:實驗編號abc溫度/KTiTit2催化劑的比表面積/(I%】)80120120T1T2(填“A”y”或“V),曲線二對應的實驗編號是.若在曲線n的條ftF，10111111達到平衡時生成1.2molH2O,貝Ijiomrn內反應的平均速率v(H2O)=kPa-nmr1,反應的平衡常數Kp=_。(用平衡分壓代替平衡濃度計算，分壓=總壓x物質的量分數)對于反應口，在一定條件下存在:vff(H2)=ki-c4(H2)-c(CO2)或v(H2O)=k2-c2(H2O)-c(CH4),相應的速率與溫度關系如圖所示。諷陽

18、或嘰()反應的平衡常數(用含ki,k2的代數式表示)；圖中A、B、C、D四個點中，能表示反應已達到平衡狀態的是2022年高考模擬考試化學試題注意事項：1答題前，考生先將自己的姓名、考生號、座號填寫在相應位置，認真核對條形碼上的姓名、考生號和座號，并將條形碼粘貼在指定位置上。2選擇題答案必須使用2B鉛筆（按填涂樣例）正確填涂；非選擇題答案必須使用05毫米黑色簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。保持卡面清潔，不折疊、不破損。可能用到的相對原子質量：H-lC-120-16Si-28Cl-35.5Ce-140一、

19、選擇題：本題共10小題，每小題2分，共20分。每小題只有一個選項符合題目要求。1.2022年2月4口，萬眾岷目第24屆冬奧會在北京隆重開幕，本屆冬奧會盡顯化學高科技。下列有關說法錯誤的是“飛揚”火炬噴II外殼采用聚硅氮烷樹脂，該樹脂屬于無機聚合物“戰袍”利用微信小程序，調控石墨烯片加熱保暖，石墨烯和碳納米管互為同分異構體國家速滑館采用的硫化鎘發電玻璃，可將太陽能轉化為電能滑雪頭盔采用碳纖維、玻璃纖維和彈性體三種成分合成的新材料，其中玻璃纖維和普通玻璃的成分相同【1題答案】【答案】B【解析】【詳解】A.“飛揚”火炬噴II外殼采用聚硅氮烷樹脂，、n/、N/，該樹脂屬于無機聚合物，故A正確：I石墨烯

20、和碳納米管是由碳元素組成的不同性質的單質，互為同素異形體，故B錯誤；國家速滑館釆用的硫化鎘發電玻璃，能將光能轉化為電能，即將太陽能轉化為電能，故C正確；滑雪頭盔采用碳纖維、玻璃纖維和彈性體三種成分合成新材料，在維持沖擊韌度不變的情況卞，能讓頭盔的剛度提高4倍、拉伸強度提高3倍，人幅提升了頭盔的抗沖擊吸能效率。其中玻璃纖維和普通玻璃的成分相同，主要成分是二氧化硅等，故D正確；故選B。卜列有關物質性質與應用的對應關系正確的是選項性質實際應用A小蘇打不穩定，受熱分解生成CO2用于泡沫滅火器B聚乙塊是無限延伸的線狀結構用于導電材料CA1(OH)3受熱分解，生成高熔點物質和水用作塑料的阻燃劑D石墨是混合

21、型晶體，含大兀鍵用作潤滑劑AB.BC.CD.D【2題答案】【答案】C【解析】【詳解】A.泡沫滅火器的原理是：Al2(SO4)3+6NaHCO3=2Al(OH)3|+6CO2T+3Na2SO4,是利用A產和HCO；發生雙水解反應的原理，不是利用NaHCO3的不穩定性，A不合題意；有機物人多數不導電，但聚乙烘在一定條件下能導電，因為聚乙烘有自由移動的電子，而不是因為其可以無限延伸的線狀結構，B不合題意：c.A1(OH)3受熱分解，生成高熔點物質和水，決定其可用作塑料的阻燃劑，C符合題意；D.石墨晶體中C與C之間通過共價鍵形成正六角形蜂巢狀的平面層狀結構，而平面結構的層與層之間則依靠分子間力(范德華

22、力)結合，所以石墨晶體屬于混合型晶體，但其作潤滑劑是由于其平面結構的層與層之間則依靠分子間力(范德華力)結合，而不是含有人兀鍵，D不合題意：故答案為：Co卜列實驗裝置正確且能達到相應實驗目的的是甲了蠟棉透石渣浸狀礦|UNa2CO.丙Na,SiO,溶液klVlll/4溶液T裝置甲利用CC14提取漠水中的Bl；B.裝置乙分離I2和高鎰酸鉀固體C.裝置丙驗證非金屬性SCSiD.裝置丁檢驗石蠟中是否含有不飽和坯【3題答案】【答案】C【解析】【詳解】A.裝置甲中，分液漏斗的尖端沒有靠近燒杯內壁，A不正確：加熱時，h易升華，KMnO4易分解，所以裝置乙不能分離12和高猛酸鉀固體，B不正確：硫酸、碳酸、硅酸

23、都是最高價氧化物的水化物，且硫酸與碳酸鈉反應、碳酸與硅酸鈉反應，都屬于強酸制弱酸的反應，所以裝置丙能驗證非金屬性SCS1,C正確；裝置丁中，雖然KMnCU溶液褪色，并不能說明石蠟中含有不飽和燒，因為其分解產物中含不飽和婭也能使KMnOq溶液褪色，D不正確；故選C。四種元素Y、Z、M、N位于同一短周期，Y的一種同位素在考古學中可用于斷代。這四種元素參與組成的一種化合物屬于離子液體，結構如圖所示。下列說法錯誤的是X-XIYIXX丨YIXZXIYIX-XIYIXNIMINA.電負性NZYMB.原子半徑:MYZN簡單氫化物沸點：ZYD.最高價氧化物對應水化物的酸性：YZ【4題答案】【答案】D【解析】【

24、詳解】Y的一種同位素用于考古，說明Y為碳，再結合所給物質中各原子形成化學鍵的個數和Y、Z、M、N位于同一周期可知，Z能形成三條共價鍵，Z為氮元素，N能形成一條共價鍵，N的最外層有7個電子,所以N為氟元素，M得到1個電子形成了4對共用電子，說明M最外層有3個電子，M為B。電負性同一周期從左到右依次增人，故NZYM,A正確；原子半經從左到右依次減小，BCNF,B正確：簡單氫化物的沸點：NH3分子間有氫鍵，所以NH3CH4,C正確：非金屬性越強，最高價氧化物對應水化合物的酸性越強，所以應該是YV乙D錯誤：答案選D。實驗室常用酸性KMnCU溶液標定摩爾鹽(NH4)2Fe(SO4)6H?O,可用過二硫酸

25、鈉(Na2S2Os)使MnO；全II部再生。卜列說法錯誤的是H00護。/、0丿A氧化性：S2ONInO；Fe0標定時，KMnCU溶液和摩爾鹽溶液都選用酸式滴定管過二硫酸結構如圖所示，則S2O含有兩個四面體結構過程中，消耗的摩爾鹽和過二硫酸鈉物質的量之比為1：2【5題答案】【答案】D【解析】【詳解】A.常用酸性KM11O4溶液標定摩爾鹽(NH4)2Fe(SO4)6H9,氧化性：NIiiO；Fe3+,用過二硫酸鈉(Na2S2Os)ffiNlnO:全部再生，氧化性：S20JMnO；,總之，氧化性：S2OJMnO；Fe現故A正確：KMnCU溶液具有氧化性，摩爾鹽溶液呈酸性，標定時，KMnCH溶液和摩爾

26、鹽溶液都選用酸式滴定管，故B正確；61x22x2過二硫酸結構如圖所示，中心原子硫原子價層電子對數為4+=4,則S2OJ含有兩個四面體結構，故C正確：D過程中，消耗的摩爾鹽和過二硫酸鈉物質的量之比為2：1,2Fe-+S2O=2SO+2Fe3,故D錯誤；故選D。治療抑郁癥的藥物帕羅西汀(I)及其合成中間體(II)的結構簡式如圖所示。卜列說法錯誤的是xcooc2h5【分子中有3種官能團B.I分子中含兩個手性碳原子I【分子式為C16H1SNO4Flmolll與足量NaOH溶液反應時最多消耗2molNaOH【6題答案】【答案】D【解析】【詳解】A.匚分子中有氟原子、瞇鍵、亞氨基3種官能團，故A正確;B.

27、匸分子中含兩個手性碳原子C*號標出）,故B正確;C.根據二的結構簡式，可知分子式為C16HiSNO4F.故C正確;D.lmoin與足量NaOH溶液反應生成、NaF.乙醇，最多消耗4molNaOH,故D錯誤:卜列由實驗現象所得結論正確的是向某溶液中加入足量稀鹽酸，生成白色沉淀，證明溶液中含Ag向Na溶液中通入足量SO2,生成淡黃色沉淀，證明SOi能呈現酸性和氧化性向Feb溶液中滴加少量氯水，溶液變為黃色，證明Fe?+與Cb反應生成Fe3+常溫下，取飽和CaSO4溶液和氨水做導電性實驗，氨水燈泡更亮，證明CaSO4為弱電解質【7題答案】【解析】【詳解】A.向某溶液中加入足量桶鹽酸，生成白色沉淀，該

28、沉淀可能是AgCl或H2S1O3,溶液中含Ag或S1O；故A錯誤;向Na2S溶液中通入足量SOs生成淡黃色沉淀S和亞硫酸鈉，證明SO2能呈現酸性和氧化性，故B正確;I的還原性人于Fe2向Feb溶液中滴加少量氯水，先發生反應2F+Cl2=I2+2CP碘水溶液呈黃色，所以不能證明F*與6反應生成Fe3，故C錯誤；D.CaSCM是強電解質，但CaSO4微溶于水，離子濃度小，所以飽和CaSO4溶液的導電性弱，故D錯誤；選B。&漠乙烷是無色油狀液體，是制造巴比妥的原料，工業上可用海水制備澳乙烷，部分工藝流程如圖：海水遜卜列說法錯誤的是粗鹽提純時，加入沉淀劑的順序可以是BaCb.NaOH和Na2CO3向“

29、母液”中通入熱空氣，利用澳的易揮發性，將漠吹出“制備時氧化劑和還原劑的物質的量之比為3：1“精制”時所用的玻璃儀器有分液漏斗、燒杯【8題答案】【答案】D【解析】【分析】海水曬鹽后的母液，通入氯氣把澳離子氧化為澳單質，鼓入熱空氣，將漠吹出，漠單質、S、乙醇反應生成硫酸和澳乙烷、水。【詳解】A.粗鹽提純時，加入EaCb除去SOJ、加入NaOH除去Mg2-、加入Na2CO3除去Ca?+、Ba?*,加入沉淀劑的順序可以是BaCb、NaOH和Na2CO3,故A正確：漠易揮發，向“母液”中通入熱空氣，將漠吹出，故B正確：“制備時發生反應6CH3CH2OH+S+3Bi2=6CH3CH2Bi+H2SO4+2H

30、,0,s元素化合價升高，S是還原劑，Br元素化合價降低，Be是氧化劑，氧化劑和還原劑的物質的量之比為3：1,故C正確：澳乙烷易溶于乙醇，用蒸館法“精制”澳乙烷，所用的玻璃儀器有蒸飾燒瓶、冷凝管、錐形瓶、牛角管、溫度計、酒精燈，故D錯誤；選D。9.關于CH3-N=N-CH3、H2NCH2COOH和O2NCH2CH3的結構與性質，卞列說法正確的是CH3-N=N-CH3有順反異構現彖lmolO2NCH2CH3含有lOmola鍵C.三種物質中，氮原子雜化方式相同在乙醇中溶解度，H2NCH2COOH低于O2NCH2CH3,原因是前者與乙醇形成氫鍵【9題答案】【答案】A【解析】【詳解】A.CH3-N=N-

31、CH3中兩個甲基可以在同一邊，也可以在不同邊，因此存在順反異構現彖，故A正確；B.1個-CH2CH3含有6個o鍵，1個-NO?含有2個o鍵，KiJlmolO2N-CH2CH3含有9molo鍵，故B錯誤；三種物質中，CH3-N=N-CH3中氮原子雜化方式為sp2雜化，H2NCH2COOH中氮原子雜化方式為sp3雜化，O2NCH2CH3中氮原子雜化方式為sp2雜化，故C錯誤；在乙醇中，H2NCH2COOH中H?N-和-COOH能與乙醇形成分子間氫鍵，因此H2NCH2COOH溶解度高于O2NCH2CH3,故D錯誤。綜上所述，答案為A。10-在直流電源作用下，雙極膜中間層中的H2解離為H+和OH，利用

32、雙極膜電解池產生強氧化性的疑基自由基(-OH),處理含苯酚廢水和含SO2的煙氣的工作原理如圖所示。下列說法錯誤的是直流電源含苯酚廢水OHOH含SO?的煙氣UhM2膜b膜a/soyA電勢：N電極AM電極B陰極電極反應式為O2+2e+2lT=2OHC.每處理9.4g苯酚，理論上有2.8molH透過膜aD若OH只與苯酚和SO?反應，則參加反應的苯酚和SO2物質的量之比為1：1410題答案】【；(】C【解析】【分析】雙極膜中間層中的H9解離為H*和OR,M極上02得電子與H+反應生成疑基自由基(-OH),說明M極為陰極，連接電源的負極，M極上產生的疑基自由基將苯酚氧化生成CO2：N極為陽極，H?O解離

33、產生的OH-失電子產生疑基自由基，疑基自由基將SO?氧化為硫酸根離子。【詳解】A.M極上O2得電子生成疑基自由基(OH),說明M極為陰極，連接電源的負極，N極為陽極，故電勢：N電極M電極，選項A正確；M為陰極，陰極上O2得電子生成疑基自由基（-OH）,電極反應式為O2+2e+2H2OH,選項B正確；每mol苯酚轉化為CO?,轉移電子28mol,每處理9.4g苯酚（即0lmol）,理論上有2.8mol電子轉移，則有2.8molH-透過膜b,選項C錯誤；若OH只與苯酚和SO?反應，轉移電子數之比為28：2,則參加反應的苯酚和SO?物質的量之比為1：選項D正確：答案選C。目要二選擇題：本題共5小題，

34、每小題4分，共20分。每小題有一個或兩個選項符合求，全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。11為完成下列各組實驗，所選玻璃儀器和試劑均準確、完整的是（不考慮存放試劑的容器）實驗目的玻璃儀器試劑A除去苯中少量的苯酚普通漏斗、燒杯、玻璃棒濃澳水B測定84消毒液的pH玻璃棒、表面皿pH試紙C實驗室制備乙烯酒精燈、蒸懈燒瓶、溫度計、導氣管、膠頭滴管濃硫酸、乙醇、碎瓷片D檢驗CH3CH2Br中的澳元素試管、膠頭滴管、酒精燈NaOH溶液、硝酸、AgNOj溶液AB.BC.CD.D【11題答案】【答案】CD【解析】【詳解】A.除去苯中少量的苯酚，加入濃漠水，雖然能將苯酚轉化為沉淀，但過量的漠溶解

35、在苯中，又成為新的雜質，應該加入NaOH溶液，使用分液漏斗進行分液，A不正確；84消毒液的主要成分為次氯酸鈉，它具有強氧化性，能使pH試紙褪色，所以應使用pH計，B不正確；實驗室制備乙烯，藥品為乙醇和濃硫酸，加熱溫度為170二溫度計水銀球位于液面下，使用圓底燒瓶或蒸館燒瓶，墊石棉網加熱，C正確：檢驗CH3CH2Br中的澳元素時，先加入NaOH溶液使其水解，再加硝酸酸化，最后加入AgNOs溶液檢驗Bi-,D正確；故選CD。12.巴豆醛是橡膠硫化促進劑、酒精變性劑和革柔劑的合成中間體，存在如下轉化過程:W(足他円百醛VV心九7(IKOj催化劑4淀*件1M卞已知：X為CH3CH=CHCH(OH)CN

36、；Z為六元環狀化合物；疑基直接與碳碳雙鍵上碳原子相連不穩定。卜列說法錯誤的是與X具有相同官能團的X的同分異構體有15種(不考慮立體異構)Y分子中可能共平面的碳原子最多為5個W的同分異構體中，含6個相同化學壞境氫原子的有3種可用飽和Na2CO3溶液分離提純Z【12題答案】【答案】A【解析】【詳解】根據已知X為CH3CH=CHCH(OH)CN；酸性條件卜轉化為Y,則Y為CH3CH=CHCH(OH)COOH:Y在濃硫酸作用卞轉化為Z,Z為六元壞狀化合物，則發生酯化反應，Z為C疑基直接與碳碳雙鍵上碳原子相連不穩定，巴豆醛為CH3CH=CHCHO,巴豆醛與氫加成生成W為CH3CH2CH2CH2OH：與X

37、具有相同官能團的同分異構體共14種，可用定一移一的方法寫，=23_4OH固定-OH，移動-CN,位置1、2、3、4共4種；2=3固定-OH,移動-CN,位置1、2、3共3種；OH_3C-OHC=C-C-C?=234H固定6,移動CN,位置1、2、3、4共4種：C=C-C固定6,移動1234“12CN,位置1、2、3共3種；總共14種，選項A錯誤；Y為CH3CH=CHCH(OH)COOH,根據乙烯6個原子共平面、甲醛4個原子共平面可以推出可能共平面的最多為5個碳，選項B正確；W的同分異構體中含6個相同化學壞境氫原子的有3種：(CH3)2CHCH2OH.CH3CH2OCH2CH3、(CH3)2CH

38、OCH3,選項C正確；D酯類物質在飽和碳酸鈉溶液中溶解度小，選項D正確；答案選A。13-工業上以黃鐵礦(主要成分為FeS2,含有少量NiS、CuS、S1O2等雜質)為原料制備K4Fe(CN)6-3H2O,工藝流程如圖：一系列操作卜列說法錯誤的是A“培燒”時氧化產物有Fe2O3和SO2“調pH分離Fe*與Cu2Ni?+是利用了它們氫氧化物Ksp的不同“溶液I”中主要反應的離子方程式為6OH-6HCN+Fe2-=Fe(CN)64-+6H2OD“一系列操作”為過濾、洗滌、干燥【13題答案】【答案】C【解析】【詳解】A.由工藝流程圖可知，黃鐵礦焙燒的主要化學方程式為：4FeS2(s)+IIO2(g)=

39、2Fe2O3(s)+4SO2(g)焙燒時氧化產物有Fe2O3和SO2，故A正確.BFe(OH)3的Ksp遠小干Cl(0H)2.M(0H)2的Ksp.ffrttipH達到-淀(ft時F,中產生海淀.rtiCu2+,Ni2+不沉淀.從分臥故B正建寫離產方枚試時石灰乳不能拆開.故CWiRih1.藝時Z忻.故Diim故答案：Co14.Beckmann反應是肪指在一定條件下生成酰胺的反應，機理中與疑基處于反位的基團遷移到缺電子的氫原子上，具體反應歷程如圖所示。VIVIIIR已知：R、R/代XOHIxoh211in表烷基。卜列說法錯誤的是IF在該反應過程中作催化劑C.物質:物質有配位鍵的形成B.NOH鍵角

40、：物質物質口H【14題答案】【答案】BD【解析】【分析】貝克曼重排是指炳（醛肪或酮月虧）在強酸催化卞重排為酰胺的反應。月虧疑基從酸中得到質子，形成子化和互變異構化生成產物酰胺。總反應為H2SO4離去基團；與離去基團反位的皮基團遷移會推走前者產生睛離子，該中間體與水反應，氧去質子化、氮質【詳解】A.由總反應，H*在該反應過程中作催化劑，故A正確:物質匚中氧原子上有2個孤電子對，物質匚中氧原子上有1個孤電子對一N-OH鍵角：物質匚V物質口，故B錯誤;物質匚中碳正離子上有空軌道，氮原子提供孤電子對形成配位鍵，物質二-物質:J有配位鍵的形成,故C正確；D.發生上述反應生成故D錯誤;ch3故選BDo己知

41、：聯氫（N2H4）是二元弱堿（pKbi=6,pKb2=15；pK=-lgK）,在水中的電離方式類似于氨氣，常溫下,向O.linolI/N2H5CI溶液通入HC1或加入NaOH固體（假設溶液總體積不變），溶液中cgH；）隨pOH變化的曲線如圖所示，下列說法錯誤的是ac(N2H5)/molL_1N2H5CI溶液c(N2H5)c(N2H4)c(N：H)b點加入NaOH(或HC1)的物質的量與d點加入HC1(或NaOH)物質的量相等水的電離程度：ba若c(N2H；*)c(N2H4),則pH小于3-5【15題答案】【答案】B【解析】【詳解】A.由題干信息可知，聯氫(N2H4)是二元弱堿(pKbi=6,p

42、Kb2=15：pK=-lgK),即N2H4的Kbi=10.Kxvin14,Kb2=10-15,則N?H；的水解平衡常數為：-=10-sKb2,即NmH；的水解大于電離，則N2H5C1溶Kb】10液有c(N：H；)c(N2H4)c(N2H,A正確；B.FhPOH越人，溶液中的OH-濃度越小，故此圖像是向O.lmolL-HsCl溶液中通入HC1的變化曲線，b點是加入的HC1抑制了N?H；的水解，到c點時抑制作用最強，此時N2H；濃度最兒繼續加入HC1的對NmH；的電離起促進作用，則NmH；濃度又減小，故d點加入的HC1的物質的量大于b點所加HC1的物質的量，B錯誤；C.由圖示可知，c(N?H；)是

43、ba,而N?H；水解人于電離，水解對水的電離起促進作用，電離對水的電離起抑制作用，故水的電離程度：ba,C正確：D由題干信息可知，N2H4+H2ON2H5+OH-,N2H；+H?O=N2H/+OH，則Kb)xKb2=c(N.H；)c(OH)c(N,H?)c(OH)c(N.H;*)cz(OH),卄*z-八x_=1021,若c(N.Hf)c(N.H4),c(OH)1035,則pH小于35D正確:故答案為：B。三、非選擇題：本題共5小題，共60分。鹵族元素及其化合物種類繁多，有著非常重要的用途，回答下列問題:（1）基態Br原子的電子排布式為At。（2）HF分子的極性（填“大于”“等于”或“小于”，以

44、下同）HC1,同一條件卞，HF在水中的溶解度HCbHF的沸點HCloSOCh中心S原子VSEPR模型為。lmol氟硼酸NH4BF4中含有mol配位鍵。（3）一種Ag2Hgl4固體導電材料為四方晶系，其晶胞參數為apm、apm和2apm,晶胞沿x.y、z的方向投影（如圖所示），A、B、C表示三種不同原子的投影，標記為n的原子分數坐標為（占，M，；）,則m的TOC o 1-5 h z448原子分數坐標為，距離Hg最近的Ag有個。設Na為阿伏加德羅常數的值，Ag2Hgl4的摩爾質量為Mg-mol4,該晶體的密度為gcm3（用代數式表示）。ABcoOb5(0,0,0)【1618題答案】（2）.人于.大

45、于人于.正四面體.2c(rZ.【答案】（1）3dxlO30【解析】【小問1詳解】Br是35號元素，基態Br原子的電子排布式為Ai-3d104s24p5：【小問2詳解】F原子的電負性人于Cl,HF分子的極性人于HC1,同一條件下，HF在水中的溶解度大于HC1；HF分子間能形成氫鍵，HF的沸點大于阿Sg中心S原子的價電子對數為筈丄仆SEPR模型為正四面體。氟硼酸鍍NH4BF4中錢根離子中有1個配位鍵、BF；中有1個配位鍵，lmol氟硼酸錢NH4BF4含有2mol配位鍵。4s24p5【小問3詳解】根據n的原子分數坐標為（M，丄，；）,則m原子在x軸的坐標為?、y軸坐標為z軸坐標為?，所以TOC o

46、1-5 h z448448m原子的分數坐標為（一，一，-）：A原子在晶胞內，1個晶胞含有A原子8個；B原子在頂點和晶胞中心，448B原子數為8xi+l=2：C原子在楞上、面上，c原子數4x1十6x1=4：A是I、B是Hg、C是Ag,距離842Hg最近的Ag有8個。設Na為阿伏加德羅常數的值，Ag2Hgl4的摩爾質量為Mg-mol1,該晶體的密度為2MMaxax2axl0_3OxNA=NAa用鹽酸和H2BO3提取Ce元素時，體現鹽酸的性質有濾渣”用飽和KC1溶液溶解時發生復分解反應，貝IJ“濾渣”主要成分為（化學式）。“濾液丁中cCCeO.lmolL-1,用氨水調pH的范圍是_，“濾液：!”中加

47、入NH4HCO3反應的離子方程式為，若Ce2（CO3）3經充分焙燒質量減少5.8t,貝ij獲得CeO?的質量為t。（4）用過量鋁粉還原CeO?即可得Ce,反應的化學方程式為，鋁粉必須過量的原因是【1720題答案】。氣曲。17-飾可用作優良的環保材料，現以氟碳徘礦（CeFCO3,含Fe2O3.FeO等雜質）為原料制備柿，其工藝流程如圖所示：濾渣主要成分是難溶于水的Ce（BF4）3；ArsPFe（OH）3=8xlO-3S：A：spCe（OH）3=lxlO-22；lg2=0.3o回答下列問題：（1）粉碎焙燒”時，氧化數據如表所示：空氣氧化法氧化溫度/=!氧化率/%氧化時間他暴露空氣中4505008g

48、14對流空氣氧化爐中450500986在對流空氣氧化爐中町人人縮短氧化時間的原因是【答案】(1)增人了氣體與固體粉末河的接觸面積(2)匚酸性、還原性.kbf4(3)r.3.3pH10V0.1n-3s1A-14TOC o 1-5 h z7,pH=7,鐵離子沉淀完全時，KspFe(OH)3=8xlO叫c(OH；=2xl041,c(H-V1052xlOn HYPERLINK l bookmark104 10IO3一衛H二lg一=3.3,用氨水調pH的范|韋1是3.3pH7,-濾液丁中加入NH4HCO3反應，生成碳酸飾、二22氧化碳和水,離子方程式為2Ce3+6HCO；=Ce2(CO3)3+3CO2T

49、+3HQ：若Ce?(CO3)3經充分焙燒質量減少5.8t,t=17.2t則獲得CeO2的質量為17.2to故答案為：3.3pHoBr2/CH3COOHOCH3一?HCHOOoch3NaBH4HNHNJ0CH3H3COH3CO己知:OCHq回一ORCOOHOCH3Zn/NaOHOCH3RCOC1CH3NH2+CH3COCH3空經nch3h3cch3回答卜列問題:（1）符合下列條件的A的同分異構體有_種（不考虎立體異構）。含有兩個酚疑基苯環上有三個取代基能發生銀鏡反應能發生水解反應(2)E的結構簡式為,BtC的反應類型為，C中官能團的名稱是(3)C-D的化學方程式為.(4)【1923題答案】【答案

50、】（1）30(2)och3取代反應腿鍵、酰胺基och3(3)二(4)OCH350OCH3+H9二防止后續步驟得到過多副產物(或提高目標產物的純度)【解析】N(CH.3)2【分析】由題干合成流程圖中信息可知，由A和C的結構簡式結合A到B,B到C的轉化條件并結合信息O可知B的結構簡式為：*och3,已知A的分子式為：C10H12O4,不飽和度為:OCH3210+2-12=5,則A符合條件含有兩個酚疑基、苯環上有三個取代基、能發生銀鏡反應含有醛基或2甲酸酯基.能發生水解反應含有酯基，故先考慮兩個酚疑基有鄰、間、對三種位置關系，再連第三個取代基則分別有2種,3種和1種位置關系，即每一組均有2+3+1=

51、6種,第三個取代基可以：.CH2CH2CH2OOCH.-CH2CH(CH3)OOCH.-CH(CH2CH3)OOCH.-c(ch3)2oocH和.CH(CH3)CH2OOCH五種可能，故符合條件的A的同分異構體有6x5=30種，(5)本題采用正向合成法，根據題干已知信息可知H2NoN在一定條件下可知轉化為/0,根據題干D到E的轉化信N(CH3)2N(CH3)2NNH與NaBH4作用可以轉化為：/,根據F到G的轉n(ch3)2N(CH.3)2n(ch3)2與HCHO作用可以生成,據此確定合成路線，據此分析解題。【小問1詳解】2。10+2-12已知A的分子式為：C10H12O4,不飽和度為：=5,

52、則A符合條件含有兩個酚疑基.苯壞上2有三個取代基、能發生銀鏡反應含有醛基或甲酸酯基、能發生水解反應含有酯基，故先考慮兩個酚疑基有鄰、間、對三種位置關系，再連第三個取代基則分別有2利I,3種和1種位置關系，即每一組均有2+3+1=6種，第三個取代基町以為:-CH2CH2CH2OOCH.-CH2CH(CH3)OOCH.-CH(CH2CH3)OOCH.C(CH3)2OOCH和.CH(CH3)CH2OOCH五種可能，故符合條件的A的同分異構體有6x5=30種，故答案為:30；【小問2詳解】o由分析可知，B的結構簡式為Cloch3,BtC即och3Cloch3och3nh2和HCh故該反應的反應類型為取代反應,由題干中C的結構簡式可知，c中官能團的名稱是瞇鍵和酰胺基，故答案為：C1OCH3;取代反應;OCH3瞇鍵和酰胺基:【小問3詳解】OCH3轉化為50OCH3OCH3,則該反應的化學方：、oOCH3+H2O，故fr案為：【小問4詳解】由題干流程圖比較F和G的結構簡式可知，FtG中，參與反應的位點是，由于F中Er所在的位置和點位對稱即等效，如果不設計步驟EtF則在F到G的轉化中將發生更多的副反應，降低原料的轉化率，使目標產物純度降低，