1、第II卷（非選擇題）請點擊修改第II卷的文字說明評卷人得分四、填空題（題型注釋）1聯歡會上，某同學帶來40只規格為“6V 0.5W”的彩燈，通過計算說明他最少應將_只彩燈接在220V的照明電路中，且應該_（選填“串”或“并”）聯如果晚會開了5小時，假設這些彩燈都正常發光，則使用這些彩燈一共用了_kW·h電能。【答案】【解析】考點：電功的計算；串聯電路的電壓規律專題：應用題分析：（1）由彩燈的銘牌可知彩燈的額定電壓與額定功率；把彩燈接在220V的照明電路中，應把彩燈串聯起來，串聯彩燈的總電壓應大于等于照明電路的電壓220V據此求出串聯彩燈的個數；（2）根據公式W=Pt可求出彩燈消耗的電

2、能解答：解：為了保證燈泡安全，彩燈應串聯在電路中；串聯彩燈的數量n=37只，彩燈5h消耗的電能W=Pt=0.0005kw×37×5h=0.0925kwh故答案為：37，；串聯；0.0925點評：本題考查消耗電能的計算，關鍵是公式的應用，重點是知道串聯分壓的道理，解題過程中要注意單位的換算2如圖是一頂太陽能風扇涼帽，涼帽的頂部裝有一個太陽能電池板，帽沿裝有一個小型電風扇。電池板在太陽光的照射下，將 能轉化為電能，驅動電風扇工作。電風扇工作時的電壓為1.2V，電流為50mA，若電風扇正常工作了l小時，電流做功為 焦。【答案】太陽能、216 【解析】試題分析：太陽能電池板是將太陽

3、能轉化為電能的裝置，讀題知:U=1.2v，I=50mA=0.05A，t=1h=3600s,電流做功為:W=UIt=1.2v×0.05A×3600s=216J.考點：太陽能電池，電功計算。3一個電能表標有：220V 、 10A 、50Hz、3000R/KWh等字樣，這個電能表最多能容納_瓦的用電器同時工作.【答案】2200【解析】試題分析：若求電能表所能容納的用電器最大功率，則根據用電器的總電流不能超過電能表允許通過的最大電流，所以電能表最多能容納的功率P=UI=220V×10A=2200W。考點：電能表參數4電能是_(填“一次”或“二次”)能源如圖是一個家用電能表

4、，此時計數為_kW·h.若該電能表轉盤轉過200轉，則接在該表上的用電器消耗的電能為_kW·h.【答案】二次；152.7；0.1；4400【解析】試題分析：（1）電能是由一次能源經過加工轉換以后得到的能源產品，屬于二次能源；（2）觀察圖示知：圖示中電能表的示數是152.7kwh；（3）電能表的參數2000r/kwh，表示每消耗1kw?h的電能，電能表的轉盤轉2000轉；若該電能表轉盤轉過200轉，則接在該表上的用電器消耗的電能為（4）電能表的額定電壓是220V，額定電壓是20A，P=UI=220V×20A=4400W所以答案為：二次；152.7；0.1；4400考

5、點：能源的分類、電能表的讀數。點評：（1）一次能源是指可以從自然界直接獲取的能源，如：風能、太陽能、地熱能、核能；由一次能源經過加工轉換以后得到的能源產品，稱為二次能源，例如：電力、蒸汽、煤氣、汽油、柴油等（2）電能表的讀數：電能表是測量消耗電能的多少的儀器，使用的單位是kwh，最后一位是小數5用如圖中的測電筆可辨別_，圖示操作方法是_（選填“正確”、“錯誤”）的。【答案】火線和零線；錯誤【解析】試題分析：使用測電筆時，筆尖接觸要檢測的導線，手接觸筆尾金屬體，才能在接觸火線時氖管發光，接觸零線時氖管不發光而在此題中，手沒有接觸筆尾的金屬體；這樣不能辨別火線與零線（可能會因為誤判引發觸電事故）故

6、答案為：火線和零線；錯誤考點：測電筆的使用6電暖氣接入電路時需用三孔插座，將用電部分連入電路的同時，也將金屬外殼與_相連，它與其他家用電器間的連接方式為_。只將一個“220V 800W”的電暖氣接入示數為的電能表所在的電路中，正常工作5 h，消耗電能_ kWh，此時電能表示數變為。 【答案】大地；并聯；4；0366.0【解析】試題分析：電暖器的外殼是金屬，接入電路時需用三孔插座，將其用電部分連入電路的同時，也將它的金屬外殼與大地相連，它與其他家用電器間的連接方式為并聯（家庭電路中所有用電器都是并聯的）電能表的示數最后一位是小數，單位是“kW·h”，題中的示數為362.0 kW

7、3;h 。“220V 800W”的電暖器接入電路中，正常工作5 h，電暖器消耗電能W=Pt=0.8kW×5h=4kWh，所以電能表示數變為0362.0+4=0366.0考點：家庭電路的連接；電能表參數的理解與電能的求法7小明家電能表和電冰箱的銘牌如下，根據表中的信息可知：電冰箱每天消耗的電能是_kw.h；若電能表后只有電冰箱在工作，每天電能表的指示燈閃爍_次。【答案】0.5、1600。【解析】試題分析：銘牌中的耗電量就是指電冰箱平均每天消耗的電能，該電冰箱每天耗電0.5kwh，電能表上標有3200imp/kwh，耗電0.5kwh時，指示燈閃爍的次數。考點：8把標有

8、“36V 15W”的甲燈和標有“36V 5W”的乙燈串聯后接在電壓是36V的電路中，則此時電路中的電流為 A。（不考慮燈絲電阻變化）【答案】0.1【解析】甲、乙兩燈泡的電阻為：，；電路中的總電阻為：=86.4+259.2=345.6，故電路中的電流為故答案為：0.19小明再測量燈泡電阻實驗中得到了如圖曲線，燈絲電阻改變的原因是  。如果將這個小燈泡與一個10歐的定值電阻串聯接入8v的電源中，則此時電路的總功率為    W。【答案】燈絲電阻隨溫度變化 4w【解析】試題分析：如圖曲線，說明燈絲電阻是變化的，燈絲電阻改變的原因是燈絲電阻受溫度的影響；分析圖像，在電流為0

9、.5A時，燈泡的電壓為3V，如果此時電源為8V，則定值電阻為：，則此時電路的總功率為：。考點：溫度影響電阻；電功率的計算。點評：本題考查了溫度對電阻的影響及電功率的計算，要明確通常情況下溫度越高，電阻越大，并且能圖線中找出有用的作息進行判斷。10小明在老師指導下，用一個標明“1800revs/（kWh）”的電能表測量某盞燈的電功率，他讓其它用電器停止工作，在10min內測得轉盤轉過的轉數為30轉，則這盞燈的電功率為 W若這盞燈正常工作42min消耗的電能全部被水吸收，則可使質量為 kg的水溫度從20升高到70（c水=4.2×103J/（kg）【答案】100 1.2 【解析】試題分析：

10、轉過30轉，消耗的電能，時間，那么這盞燈的電功率，正常工作42min消耗的電能，若被水全部吸收，則有，整理可得m=1.2kg。考點：電功率 比熱容 11某電子式電能表表盤上標有“3200imp/(kW·h)”字樣（imp表示電能表指示燈閃爍次數）。將一個標有“220V 100W”字樣的用電器單獨接在該電能表上，正常工作15min用電_度，電能表指示燈閃爍_次。【答案】0.025；80【解析】試題分析：用電器正常工作15min消耗的電能：，電能表指示燈閃爍次數：。考點：電能的計算；電功率的計算點評：解決本題需要知道3200imp/kWh表示的是電路中每消耗1kWh的電能，電能表指示燈閃

11、爍3200次。12家用電水杯利用了電流的 效應.某型號電水杯銘牌標有“220V 400W”字樣，它正常工作時，發熱元件的阻值為 。正常工作5分鐘，電水杯消耗的電能為 J。【答案】熱 121 1.2×105【解析】試題分析：電水杯是用來加熱水的，所以是利用了電流的熱效應；電水杯的電阻為：R=U2/P=（220V）2/400W=121；正常工作5分鐘，電水杯消耗的電能為：W=Pt=400W×300s=1.2×105J。【考點定位】電流的熱效應；熱量的計算13一臺電爐通電后，電爐絲熱得發紅，與電爐絲連接的導線卻不怎么熱，這臺電爐的額定電壓為220V，額定功率為1100W

12、，與電爐絲連接的導線的電阻為0.1，電爐正常工作10min，通過導線的電流為  A，導線上產生的熱量是    J。【答案】5；1500。【解析】試題分析：這臺電爐的額定電壓為U=220V，額定功率為P=1100W，與電爐絲連接的導線的電阻為r=0.1，電爐正常工作時間t=10min=600s，通過導線的電流為I=P/U=1100W/220V=5A，導線上產生的熱量Q=I2rt=（5A）2×0.1×600s=1500J。考點：電功率、電熱的相關計算14小明家里的電飯鍋銘牌上標有“220V 1100W”的字樣，正常工作時電流為 A，電阻為 ，正常工

13、作30min消耗的電能為 kWh【答案】5；44；0.55【解析】試題分析：（1）根據P=UI求出電飯鍋正常工作時的電流；（2）根據I=求出電阻；（3）根據W=Pt求出電飯鍋消耗的電能（1）P=UI正常工作時電流：I=5A；（2）I=電阻：R=44；（3）P=正常工作30min消耗的電能：W=Pt=1.1kW×0.5h=0.55kWh考點：電功的計算；電功率的計算點評：此題主要考查的是學生對歐姆定律、電功率、電功計算公式的理解和掌握，基礎性題目15兩電阻R1=6，R2=9，當它們串聯接在電源電壓為3V的電路兩端，通過它們的電流I= A，加在R1、R2兩端的電壓之比U1：U2= ；當R

14、1、R2并聯接在原電路中，通過R1、R2的電流之比I1：I2= ，通過R1、R2的發熱之比Q1：Q2= 【答案】0.2；23；32；32【解析】試題分析：兩電阻串聯時通過它們的電流相等，根據I= 即通過它們的電流為0.2A；根據歐姆定律和串聯電路的電壓特點，兩電阻兩端的電壓之比等于電阻之比即U1U2= R1R2=69=23；兩電阻并聯時兩端的電壓相等，根據歐姆定律求出通過它們的電流之比I1I2=32，根據Q=W= t求出在相同的時間內電流通過R1、R2所產生的熱量之比Q1：Q2=32；考點：歐姆定律的應用；焦耳定律16某電熱飲水機有加熱和保溫兩種功能，可由機內溫控開關S0進行自動控制，如圖為其

15、電路原理圖。通電開關S0閉合時，飲水機處于_狀態，開關S0斷開時，飲水機處于_狀態。已知飲水機的保溫功率為40W，加熱功率為920W，則R1與R2之比是_。【答案】加熱；保溫；1:22【解析】試題分析：通電開關S0閉合時，兩個電阻并聯，根據電功率公式，電源電壓不變，電阻最小，電功率最大，處于加熱狀態，開關S0斷開時，電路中的電阻最大，電功率最小，飲水機處于保溫狀態；保溫功率P2=40W，電阻R1的功率，R1與R2之比。考點：電功率的計算點評：解決本題需要靈活應用功率的變形公式、并聯電路的特點，知道飲水機處于保溫和加熱狀態時開關的閉合情況。17如圖所示是電阻甲和乙的UI圖象若將甲、乙串聯在某一電

16、路中，當電流為0.1A時，電源電壓為 V；若將甲、乙并聯在電源電壓為1.5V電路中，電路消耗的總功率為 W【答案】2；0.6【解析】電阻甲、乙串聯在電路中，通過它們的電流都為0.1A，從UI圖象可知，當I=0.1A時，電阻甲和乙兩端的電壓分別為：U甲=0.5V，U乙=1.5V，電源電壓為：U=U甲+U乙=0.5V+1.5V=2V電阻甲、乙并聯在電路中，它們兩端的電壓等于電源電壓為1.5V，從UI圖象可知，當U=1.5V時，通過電阻甲、乙的電流分別為：I甲=0.3A，I乙=0.1A，電路中的總電流：I=I甲+I乙=0.3A+0.1A=0.4A，則電路消耗的總功率為：P=UI=1.5V×

17、0.4A=0.6W18已知兩只電阻R1R2=32，當它們串聯在電路中，它們的電壓U1:U2= 。并聯時，兩電阻消耗的功率P´1P´2= 。【答案】3:2 2:3 【解析】試題分析：串聯電路中：；并聯電路中：考點：串并聯電路19一個玩具車使用的電動機，當把它接入0.2V電壓的電路時，電動機不轉，測得流過電動機的電流是0.4A：若把它接入2V電壓的電路中，電動機正常工作，測得此時流過電動機的電流是1A那么該電動機正常工作1min時做機械功 _J。【答案】90【解析】試題分析：電動機線圈的電阻為：；電動機正常工作時1min消耗的電能為：線圈產生的熱量為：該電動機所做的機械功為：考

18、點：非純電阻電路20小明家的電能表上標有“600r/kW·h”的字樣，只開某用電器，他用表記錄了10min內電能表上的轉盤轉過120r，那么此用電器的電功率是_w。【答案】600【解析】解：轉盤轉過1轉消耗的電能為kwh；轉過60轉消耗的電能W=60×kwh=0.1kwh；該用電器的電功率是P=0.6kw=600W故答案為：60021學習了電學知識之后，小亮研究家中具有保溫功能的電飯鍋，畫出電飯鍋的電路原理圖如圖所示，電飯鍋的銘牌上部分內容如下表要使電飯鍋加熱，開關S    （選填“閉合”或“斷開”），電飯鍋正常加熱時，電路的電流是&

19、#160;    A【答案】閉合；5【解析】試題分析：分析電路圖可知，與串聯，開關與并聯。電飯鍋有加熱和保溫兩種功能，且加熱功率大于保溫功率，由/R可知，在電源電壓一定的情況下，電路中的總電阻越小，總功率就會越大，所以要使電飯鍋加熱，電路中的總功率就最大，總電阻就最小，當開關閉合后，被短路，電路中的總電阻最小，故開關應該閉合。由飯鍋的銘牌知：電飯鍋正常加熱時的電壓是220，功率是1100，由功率的計算公式得出：/U=1100W/220V=5A.考點：電功率的計算22電能表是測量 的儀表，某電能表的盤面上標有“3000R/kWh”的字樣，如果在1min內轉

20、盤轉過15圈，則電路中用電器的功率是 W【答案】電功 300【解析】試題分析：電功的大小可用電能表測量；因為W=(15/3000)kWh=1/200kWh=1.8×104J，t =1min=60s，所以PW/t =1.8×104J/60s=300W考點：電功率23（1）科學家的每次重大發現，都有力地推動了人類文明的進程. 丹麥物理學家 首先發現了電流周圍存在著磁場，第一個揭示了電和磁之間的聯系. 小明同學自制了一個用開關來控制電磁鐵南北極的巧妙裝置，如圖所示. 當開關S接 （選填“a”或“b”）點時，電磁鐵的A端是N極.（2）如圖是某同學家中的電能表，現用它測量一只燈泡的實

21、際功率. 他關掉其他用電器只讓該燈泡工作，電能表轉盤轉過30轉用時10min，這段時間燈泡消耗的電能是 kW·h，燈泡的實際功率是 W.【答案】（1）奧斯特a（2）0.01 60【解析】試題分析：在1820年，丹麥物理學家奧斯特發現了電流周圍存在著磁場。知道電磁鐵的A端是N極，根據安培定則判定出線圈中的電流方向，由此可判斷出線圈中電流的方向，從而可以判斷出電壓的正負極，最后便可以判斷出開關S接哪一個點。奧斯特把通電直導線放在水平方向靜止的小磁針上，小磁針發生偏轉，說明受到磁力作用，實驗表明電流周圍存在磁場。從圖可知，電磁鐵的A端是N極，B端是S極，用右手握住電磁鐵，大拇指指向N極，則

22、四指指向電磁鐵線圈中的電流方向，則電流從電磁鐵的A端流進，從B端流出，由此可知，A端應接電源的正極，B端接電源的負極，所以，當開關S接a點。“3000r/kwh”的意義為：每消耗1kwh的電能，電能表的轉盤就轉過3000r，從而可以計算出電能表的轉盤轉過30r消耗的電能，又知道工作時間，可利用公式計算出燈泡的實際功率。每消耗1kwh的電能，電能表的轉盤就轉過3000r，電能表的轉盤轉過30r消耗的電能為：，而t=10min=600s，燈泡的實際功率為：考點：此題考查的是電磁鐵NS判斷和運用電能表測量電功率。點評：注意安培定則不但可以由電流方向判斷磁極方向，也可由磁極方向判斷電流的方向，在電能和

23、電功率的計算的關鍵是公式及其變形的應用，要學會對電能表參數的理解，解題過程中要注意單位的換算。24把5的電阻R1與10 的電阻R2串聯接在一電壓不變的電源上，如果通過電阻R1的電流為04 A，則該電源的電壓為_V.若把R1、R2分別串聯、并聯或單獨連接到該電源上，則電路中的最大功率為_W. 【答案】6 10.8W 【解析】把5的電阻R1與10 的電阻R2串聯接在一電壓不變的電源上，如果通過電阻R1的電流為04 A，則該電源的電壓為（5+10 ）0.4A=6V，電路中的功率最大時電阻是最小的，即并聯時。最大功率是P=(6V)2/R=10.8W.25（3分）如圖甲電路中，電源電壓不變，R2規格為“

24、20 2A”閉合開關，將滑片移到某一位置時，電壓表示數為6V，兩塊電流表指針的位置均如圖乙所示，則R1= ，電路的最小總功率是 W，R1通電1min產生的熱量是 J【答案】20；3.6；108【解析】試題分析：由電路圖可知，R1與R2并聯，電壓表測電源的電壓，電流表A1測干路電流，電流表A2測R1支路的電流因并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，且兩塊電流表指針的位置均如圖乙所示，所以電流表A1的量程為03A，分度值為0.1A，則干路電流為1.5A，電流表A2的量程為00.6A，分度值為0.02A，通過R1的電流為0.3A，所以，R1的阻值：；（2）由可知，電路中總電阻越大，電路中的總功率越小

25、，當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時電路消耗的總功率最小，此時電路中的總電阻：R=10，電路消耗的最小功率：；（3）R1通電1min產生的熱量：Q1=W1=UI1t=6V×0.3A×60s=108J考點： 歐姆定律、電功和電功率的計算26將一個標有“3V 3W”字樣的燈泡L接到9V的電源上，若要讓它正常發光，需串聯一個電阻R；則當燈泡L正常發光時，串聯電阻R消耗的功率為_W。【答案】6【解析】試題分析：燈泡正常發光時的電壓UL=3V，功率PL=3W，燈泡L與電阻R串聯，串聯電路中各處的電流相等，電路中的電流：I=，串聯電路中總電壓等于各分電壓之和，電阻R兩端的電壓：UR=U

26、UL=9V-3V=6V，串聯電阻R消耗的功率：PR=URI=6V×1A=6W考點：電功率的計算；串聯電路的電流規律；串聯電路的電壓規律27小王家中的電能表如圖所示，從表盤信息可知，他家接入的用電器總功率不能超過 w。當家里只有電磁爐工作時，電能表在1min內轉15轉，則該電磁爐的額定功率為_w。【答案】4400 1500【解析】試題分析：由電能表銘牌可知，電能表正常工作時的電壓是220V，允許通過的最大電流是10A，由P=UI可以求出電能表允許的最大功率；由電能表銘牌可知，每消耗1kWh的電能，電能表轉盤轉過3600轉，根據電能表轉盤轉過的圈數可以求出電磁爐消耗的電能，然后由電功率公

27、式求出電磁爐的功率該電能表允許通過的最大功率P最大=UI=220V×20A=4400W，則小王家接入的用電器總功率不能超過4400W；電磁爐工作1min消耗的電能：W=0.025kWh，電磁爐的功率：P電磁爐=1.5kW=1500W考點：電能和電功率的計算 28如圖所示是某款電吹風內部電路圖，正常工作時電熱絲的電流為5A。電動機工作是主要將電能轉化為 能。若電吹風吹熱風時的總功率為1200W，則吹冷風時的總功率為 。【答案】機械；100.【解析】試題分析：電動機工作過程中，將電能主要轉化為機械能；觀察電路圖可知，電熱絲R與電動機并聯在電路中，吹熱風時，電熱絲與電動機同時工作，吹冷風時

28、，電動機工作，電熱絲不工作；因此，當電吹風吹熱風時干路中的電流為：，因為電熱絲正常工作時的電流為5A，因此電動機中的電流為：，所以當電吹風吹冷風時，電路的總功率為：.考點：并聯電路電流、電壓的規律；電功率的計算.29為了測出空調在待機時的電功率，小夏在出差期間，關閉家里其它用電器的電源，用電能表測出待機時空調所消耗的電能，數據見表則空調待機時的電功率為 W若江蘇省有2000萬戶家庭，按每戶家庭兩臺空調，每天空調待機20小時，每度電0.5元計算，江蘇家庭一天額外支付的電費為 元時間電能表示數2015年4月20日中午12點2015年4月24日下午16點【答案】3 1.2 ×106【解析】

29、試題分析：由圖示可知，消耗的電能為0.3kWh，所用的時間是100h，所以空調待機時的電功率為3W；江蘇省有2000萬戶家庭，按每戶家庭兩臺空調，每天空調待機20小時，消耗的電能為W=Pt=6×105 kWh，江蘇家庭一天額外支付的電費為1.2 ×106元。考點：電能的計算30如圖所示是一個“電熱驅蚊器”，它是利用了電流的_效應工作的，發熱元件是一個阻值為1.0×104的電阻。當發熱元件兩端的電壓為220V時，通電100s產生的熱量為_J。【答案】熱 484【解析】J。31兩盞額定電壓都是U的電燈,它們的額定功率分別為P1和P2，如果將它們串聯后接到電壓為U的電路

30、中,則兩盞燈的總功率為 。【答案】【解析】試題分析：兩燈的燈絲電阻分別為： 串聯時電路的總電阻為： 兩盞燈的總功率為： 考點：電功率32如圖，電源電壓為15V，燈L的電阻是10，滑動變阻器的最大值是40。閉合開關后，滑片從a端向b端移動時，電壓表對應的示數變化范圍是_，燈L消耗的電功率_。（選填“變大”、“變小”或“不變”）【答案】3V-15V；不變【解析】試題分析：由圖示可知，燈泡與電阻是串聯關系，當滑片在a端時，電壓表的示數最小，等于燈泡兩端的電壓，根據串聯電路的分壓可知，燈泡兩端的電壓為3V，當滑片位于b端時，電壓表的示數最大，等于電源的電壓15V，所以電壓表示示數的變化范圍是3V-15

31、V；在滑片移動過程中，對于電路中的總電阻和電流沒有影響，所以燈泡消耗的電功率不變。【考點定位】電學綜合判斷33為踐行“低碳理念”，LED節能燈在生活中使用越來越廣泛，它可以直接把電能轉化為光能。現有一盞標有“24V 12W”LED燈，其亮度與“220V 100W”的普通白熾燈相當。（1）若上述LED燈和白熾燈都正常工作相同時間，兩燈消耗的電能之比是 ；（2）某種白熾燈工作時的能量轉化情況如圖，則該白熾燈的發光效率是 ；試推測12W LED燈與100W白熾燈照明效果相同的可能原因是 。【答案】325 20% 相同時間內將電能轉化成的光能一樣多【解析】試題分析：（1）兩燈正常工作時實際功率分別為

32、根據W=Pt知兩燈消耗的電能之比為：WLEDW白熾燈=PLEDtP白熾燈t=PLEDP白熾燈=12W100W=325；（2）根據圖21可知白熾燈的發光效率：通過計算，看出白熾燈消耗的電能轉化為光能的效率很低，則12WLED燈與100W的白熾燈照效果相同的原因是節能燈的電能轉化為光能的效率比白熾燈的高很多考點：電功計算，發光效率，能量轉化示意圖。34如圖所示電路，電壓U不變，電流表的示數為1A如果R1與R2的等效電阻為R，并且R1：R=5：3，電阻R2消耗的電功率為24W，則電阻R1= 【答案】100【解析】試題分析：由圖可知：R1、R2并聯，根據并聯電路的電流特點可得：I=I1+I2=U/R1

33、+U/R2=1A；由歐姆定律可得：電路的總電阻R=U/I=U/1A；已知R1：R=5：3，所以R=0.6R1由兩式可得R2=1.5R1；已知P2=U2/R2=24W；把兩式代入可得：R1=100。【考點定位】電能和電功率35湛江市正創建國家環境保護模范城市，某中學“STS”小組的同學為了探究南橋河的河水污染問題，他們采集了污水樣品250ml，樣品的質量如圖（a）所示.將樣品倒入圖（b）所示的密封隔熱裝置中，用恒定功率為144W的電熱器加熱（不計熱損失和其它物體吸收），并將加熱時間和對應的溫度記錄在下表請回答下列問題: （1）由圖（a）可知污水樣品的質量 g，由此計算出污水的密度為 g/cm3.

34、（2）用此裝置加熱的過程中，污水上方的氣壓 ，致使污水沸點 .（3）他們想測出常壓下污水的沸點，在上述裝置中，該如何改進？ （4）請你計算出污水的比熱容為 J/(kg·).（小數點后保留2為數字）（5）他們對污水樣品的成分進行了檢測，發現污水中許多重金屬嚴重超標，如汞、鎘、鉛、鎳等，原因可能是人們將廢舊電池隨意仍入南橋河造成的，為了保護環境，關于電池的使用，請談談你的看法或做法（談一點即可）【答案】 （1）252.5 1.01 （2）變大 升高（3）密閉的變為開口的容器（4）（5）舊電池不能隨便亂扔，應該集中回收【解析】（1）天平讀數為砝碼加游碼，注意游碼分度值為0.5g。注意單位換

35、算，如果不換算，直接用質量單位g和體積單位計算也可，ml就是（2）密閉容器，氣體體積不變，溫度升高而且水蒸氣進入，導致壓強變大，而氣壓越大，水的沸點越高。（3）由于密閉容器導致污水上方氣壓高于常壓，因此應變密閉為開口，使污水上方氣壓等于大氣壓。（4）依據列表可知道，每2分鐘溫度升高16攝氏度。而電熱器輸出電能為，而污水吸收的熱量等于電熱器釋放的熱量則有計算出（5）舊電池不能隨便亂扔，應該集中回收36如圖是一個玩具汽車上的控制電路，小明對其進行測量和研究發現：電動機的線圈電阻為1，保護電阻R為4，當閉合開關S后，兩電壓表的示數分別為6V和2V，則電路中的電流為 A，電動機的功率為 W。V1RSM

36、V2【答案】0.5 2【解析】如圖，電動機和電阻R串聯，UR=2V，U=6V，UM=U-UR=6V-2V=4V，電路中的電流：I=UR/R =2V/ 4 =0.5A，電動機的功率：P=UMI=4V×0.5A=2W37如圖所示電路中，燈泡L標有“3V 0.9W”，滑動變阻器R上標有“50 1A”的字樣，電壓表量程為03V，電流表量程為00.6A，電源電壓4.5V在保證電路中各元件安全工作的前提下，移動滑動變阻器滑片的位置，以調節燈泡L的亮度，實驗中，燈泡L實際功率的最大值可達 W，最小值可達 W（不計燈泡燈絲電阻的變化）【答案】0.9W；0.225W【解析】試題分析：（1）燈泡正常發光

37、時：燈絲電流為 ，燈絲電阻為 此時 ，滑動變阻器接入電路的阻值為，此時電壓表的示數為，在這種情況下，電壓表、電流表都沒有超過量程，0.3A的電流也小于滑動變阻器能承受的最大電流，所以各用電器、電表都是安全的，燈泡的最大實際功率可以達到其額定功率0.9W；（2）滑片向右移動時，滑動變阻器接入電路的阻值增大，使電路中電流減小，燈泡的實際功率減小，若滑動變阻器接入電路的阻值為其最大阻值50，則 這已超過了電壓表的量程，所以滑動變阻器不能全部接入電路。當電壓表示數為3V時，此時小燈泡的實際功率最小，最小值為考點：歐姆定律 電功率38兩只燈泡L1和L2的額定電壓相同，額定功率之比P1：P2=2：1，并聯

38、后接在電路中總電流為3安培，則通過L1的電流為 安；若將兩只燈泡L1和L2串聯后，仍接在原來的電路中，則通過L1的電流為 安【答案】2；0.67【解析】試題分析：（1）根據兩燈泡的功率關系及歐姆定律求出兩燈泡并聯時的電流關系；根據并聯電路的電流特點及電路總電流求出流過L1的電流；由歐姆定律求出兩燈泡的電阻關系（2）由串聯電路的特點及歐姆定律，求出兩燈泡串聯時燈泡L1兩端的電壓與電源電壓的關系；由歐姆定律求出燈泡串聯時流經L1的電流解：（1）兩燈泡并聯時，它們兩端的電壓U相等，流過它們的電流之比=，即I1=2I2 ；由并聯電路特點知I1+I2=I ；由題意知：I=3A ，由得I1=2A；兩燈泡的

39、電阻之比=，即R2=2R1（2）量燈泡串聯在電路中，流過它們的電流I相等，即I1=I2=I；由歐姆定律得：U1=IR1； U2=IR2=I×2R1=2U1，由串聯電路特點知；U1+U2=U1+2U1=U；所以U1=；則通過L1的電流I1=×=I1=×2A0.67A故答案為：2；0.67點評：本題考查了串并聯電路的特點、歐姆定律、功率公式，涉及的內容較多；熟練掌握串并聯電路的特點、歐姆定律、功率公式是正確解題的前提39將R1 =12、R2 =6兩電阻串聯在某一電源上，R1、R2消耗的功率之比P1P2=_，此時電路消耗的總功率為P；再將它們并聯后接入同一電源上，電路的

40、總電阻R=_，此時電路消耗的總功率為P；則PP=_。【答案】21，4，2:9【解析】試題分析：將R1 =12、R2=6兩電阻串聯在某一電源上，電流處處相等，由P=I2R可知，R1與R2消耗的功率之比P1P2= R1R2=126=21；電路消耗的總功率為P=U2/（R1+R2）。再將它們并聯后接入同一電源上，電路的總電阻R=R1R2/（R1+R2）=12×6/（12+6）=4；電路消耗的總功率為P=U2/R，則PP=RR1+R2=29。40如圖表示白熾電燈將電能轉化為光能和內能的大致比例，由此可以計算出白熾電燈的發光效率為 ，一般節能燈的發光效率為30%，它只要有 W的功率就可以達到6

41、0W的白熾燈的亮度。【答案】10%、20【解析】白熾燈的發光效率：=W光/W電 =10J/100J =10%，根據題意有30%P=60W，節能燈的功率P=20W.41導體兩端的電壓為3伏，10秒內通過導體橫截面的電荷量為5庫，這段時間內電流做功 焦，導體的電阻為 歐。若導體兩端電壓增加到6伏，則通過導體的電流變為 安。【答案】15；6；1【解析】試題分析：電流所做的功為：；通過導體的電流為 導體的電阻為： 電壓變為6V后，通過導體的電流為：考點：電流 電功 電阻42圖所示儀表的名稱為 （7） ，可以用來測量家庭每月消耗的 （8） ，它的功率容量值為 （9） 瓦。【答案】（7）電能表； （8）電

42、能； （9）2200【解析】分析：本題首先要清楚電能表參數的意義，電功率的計算公式P=UI求出最大功率解答：解：右圖為電能表，可以用來測量家庭每月消耗的電能；額定電壓為220V，標定電流為10A；最大功率P=UI=220V×10A=2200W；故答案為：電能表；電能；220043人類正面臨能源危機，為選用節能交通信號燈的燈源,實驗室通過實驗發現，下表中LED燈和白熾燈在正常工作時光照強度相同。有關數據如下表：兩種燈LED燈白熾燈發光原理二極管發光鎢絲高溫發光額定電壓24伏220伏響應時間10-9秒10-3秒額定功率12瓦100瓦（1）請根據以上材料說明使用LED燈的一個優點： ；（2

43、）LED燈與白熾燈各一盞都正常工作1h，一個月按30天計算可節約電能 kwh。【答案】（1）響應時間短；（2）2.64【解析】試題分析：（1）閱讀題目中的文字和表格可以發現，LED燈和白熾燈相比有明顯的優點：在光照強度相同的情況下，LED燈不必要達到很高的溫度就能發光，電能基本上不轉化成內能，幾乎全部轉化光能，因而發光效率高；LED燈的額定電壓低，人直接接觸不會觸電；LED燈響應時間短，也就是從開始發光到正常發光所用的時間短；LED燈額定功率小，節約能源故優點可從發光效率高、節能降耗，響應時間短、環保、額定電壓低（安全電壓）以上任意寫出一點均可；（2）白熾燈功率比LED燈功率高，則正常工作1h

44、，一個月30天節約的電能為。考點：電功計算點評：隨著科技創新，傳統的紅綠交通信號燈逐漸被發光二極管（LED）燈所替代如果同學們仔細觀察會發現，現在一些手電筒的燈泡也被LED燈所取代LED燈是怎樣發光的？使用LED燈有什么優點？等等問題相信很早就縈繞在你的心頭，通過本題會幫助你解開一些謎團你也可以在生活中尋找還有哪些用電裝置可以用來節約電能？44王偉家的空調機上貼著“中國能效標識”，經查閱資料，王偉弄清“能效比”就是在規定條件下，空調機進行制冷運行時實際制冷量與實際輸入功率之比。王偉家空調機能效比為“2.59”，可知他家空調機在規定條件下，每消耗1W的電功率，制冷量為_W。【答案】2.59【解析

45、】考點：能效比的概念。分析：由于題中已知了能效比的概念，即能效比=，現在已知能效比為2.59，輸入功率是1W，故制冷量為2.59W。45某同學家的電能表本月末抄表時的示數如圖所示，若本月應交電費45元，且電價為05元度，則上次抄表時的示數應為 kWh；從本電能表面板上你還能看到的信息有 （只要寫出一條即可） 【答案】2728.7，工作電壓220V【解析】：電能表是用來測量電路消耗電能的儀表，本月用電W1=上次抄表時的示數W=W2-W1=2818.7kWh-90kWh=2728.7kWh工作電壓220V答案：2728.7；工作電壓220V46小明使用電烤箱1500W的檔位烤制食品，設定烤箱工作時

46、間為30min，那么這段時間共消耗的電能為_度。【答案】0.75【解析】試題分析：已知電烤箱的功率和烤箱工作時間即可求出它消耗的電能。小明使用電烤箱1500W的檔位烤制食品，設定烤箱工作時間為30min，那么這段時間共消耗的電能為w=pt=1.5kW×0.5h=0.75kwh。考點：此題考查的是電能。點評：本題考查了電能的計算，即運用公式w=pt可以求出電烤箱在這段時間共消耗的電能。注意單位要統一。47我國家庭電路中，電視機正常工作的電壓 V冬季家里的空調開的越多，電路主干路中的總電流 （ “越大”、“不變”或“越小”），容易發生火災【答案】220；越大【解析】試題分析：（1）我國家

47、庭電路的電壓是220V，家用電器的額定電壓是220V，各家用電器之間只有并聯，各家用電器才能正常工作，并且互不影響，電視機是一種家用電器，所以電視機正常工作的電壓是220V（2）家庭電路中各家用電器之間是并聯的，干路中的電流等于各支路電流之和因此冬季空調開的越多，電路主干路中的總電流越大考點：電壓；并聯電路的電流規律48兩個電阻的阻值分別為R1=30，R2=60，它們與電壓為9V的電源組成電路，那么若R1 R2串聯則電路中電流為 A,若R1 R2并聯則干路電流為 A，電路消耗最大功率是 W。【答案】0.1A，0.45A，4.05W；【解析】若R1 R2串聯時，總電阻為90，總電壓為9V，所以電

48、路中電流I=U/R=9V/90=0.1A；若R1 R2并聯則干路電流：I1=U/R1+U/R2=9V/30+9V/60=0.3A+0.15A=0.45A;電路中消耗的功率最大，即電流最大，是并聯時，所以P=UI1=9V×0.45A=4.05W49小華發現家里電能表的示數在3h內由 變成，則他家在這段時間用電 kWh，用電器消耗的實際功率是 W如果電能表標有“220V 3A”字樣，則電路中 （選填“能”或“不能”）再接入一個額定功率為800W的電飯煲【答案】【解析】分析：（1）用末時間的示數減去初時間的示數即為電能表該段時間的示數；注意電能表最后一位是小數而且單位是kWh（2）根據公式

49、P= 即可計算出用電器消耗的實際功率（3）從電能表上找出電壓和允許通過的最大電流值，利用公式P=UI計算出電路能承受的最大功率；將電路允許的最大功率與電飯煲及原來用電器的和對比即可判斷能否再接電飯煲解答：解：（1）電能表是測量用電器在一段時間內消耗電能多少的儀表；小華家這段時間用電為2139.4kwh-2138.2kwh=1.2kwh（2）因為3h消耗的電能為1.2kwh；所以，根據P=可得：用電器消耗的實際功率是：P=0.4kW=400W（3）電能表允許接的最大電功率為：P=UI=220V×10A=2200W而電路中的總功率為：400W+800W2200W；故電路中能再接入一個額定

50、功率為800W的電飯煲故答案為：1.2；400；能50小洪同學在探究并聯電路電流規律時，通過如圖所示的電路完成實驗后，他只記錄了兩個電流表的讀數分別為0.2A和0.lA，則0.2A應當是電流表 的讀數；若電阻R1和R2的阻值均為2，則電路的總電阻 2（選填“大于”、“等于”或“小于”）；通電1分鐘R1產生的熱量是 J。【答案】A2 小于 1.2【解析】試題分析：由圖可知，電流表A2測量干路電流，電流表A1測量R1的電流。因為并聯電路干路電流等于各支路電流之和，所以，電流表A2的示數大于電流表A1的示數，則0.2A應當是電流表A2的讀數；并聯電路的等效電阻的倒數等于各支路電阻的倒數之和（1/R=

51、1/R1+1/R2），并聯電路的等效電阻小于任意一個并聯電阻，所以，若電阻R1和R2的阻值均為2，則電路的總電阻小于2；通電1分鐘R1產生的熱量是Q=I12R1t=（0.lA）2×2×60s=1.2J。考點：并聯電路中的電流特點；焦耳定律51家庭中使用的電燈、電冰箱等用電器的正常工作電壓為_V；某小區居民在參加“地球一小時”活動中，自覺將總功率為2000千瓦的用電器停止工作1小時，可節約用電_千瓦·時。【答案】220 2000（2×103）【解析】試題分析：在我國規則，家庭電路的電壓為220V，所以用電器正常工作時的電壓為220V；可節約的電能為W=Pt

52、=2000kW×1h=2000kWh。【考點定位】家庭電路的電壓；電能的計算52在圖(甲)所示的電路中，閉合開關S后，電壓表的示數為2V，兩個電流表的指針指在圖(乙)所示的同一位置，則電燈L2的電阻R2 ，電燈L2消耗的電功率P2= w。 【答案】【解析】分析：開關閉合后，兩燈泡并聯，一電流表測量總電流，一電流表測量燈泡L1電流，電壓表測量測量燈泡L1兩端電壓，兩個電流表的指針指在圖乙所示的同一位置，說明測量總電流的量程是03A，測量燈泡L1電流的量程是00.6A已知通過燈泡L1的電流和兩端的電壓，根據歐姆定律可求燈泡L1電阻已知總電壓和總電流，根據歐姆定律可求總電阻已知總電流和通過

53、燈泡L1的電流，可求通過燈泡L2的電流，根據公式P=UI可求兩只燈泡消耗的電功率之比解答：解：測量燈泡L1電流的量程是00.6A，所以電流表示數為0.2A，也就是電燈L1中的電流I1=0.2A，測量總電流的量程是03A，所以電流表示數為1A，也就是電路總電流I=1A，兩燈并聯，電源電壓等于燈泡L2兩端電壓，U=U1=2V，通過燈泡L2的電流I2=I-I1=1A-0.2A=0.8A，所以電阻R2=2.5，電燈L2消耗的電功率P2=U2I2=2×0.8=1.6w故答案為2.5 1.653太陽能路燈的燈桿頂端是太陽能電池板，它能將太陽能轉化為電能，并向燈桿下方的蓄電池充電，將電能轉化為 能

54、儲存起來，供夜晚路燈照明若在一定時間內，太陽光輻射到該太陽能電池板的能量為2.7×107J，這與完全燃燒 kg的煤放出的熱量相當；這些能量經轉化后，可供功率為35W的路燈工作60h，那么該太陽能路燈的能量轉化效率是 %（煤的熱值為3.0×107J/kg）【答案】化學；0.9；28【解析】試題分析：太陽能路燈的燈桿頂端是太陽能電池板，它能將太陽能轉化為電能，并向燈桿下方的蓄電池充電，將電能轉化為化學能儲存起來；燃燒煤的質量：，該太陽能路燈的能量轉化效率。考點：熱量的計算；效率54家用照明電路中，燈與電視機之間的連接是 的（選填“串聯”或“并聯”）。若同時開啟的用電器越多，電路消耗的電功率越 （選填“大”或“小”）。【答案】并聯 大【解析】試題分析：家庭電路中的用電器都是并