1、導數中求參數的取值范圍求參數取值范圍的方法1. 分離參數，恒成立轉化為最值問題2. 分離參數，結合零點和單調性解不等式3. 將參數分成若干個區間討論是否滿足題意1已知函數（，為自然對數的底數）（）討論函數的單調性；（）若，函數在上為增函數，求實數的取值范圍解：（）函數的定義域為，當時，在上為增函數；當時，由得，當時，函數在上為減函數，當時，函數在上為增函數4分（）當時，在上為增函數；在上恒成立，即在上恒成立， 6分令，則，令，在上恒成立，即在上為增函數，即，即在上為增函數，所以實數的取值范圍是 12分2(2016·全國甲卷)已知函數f(x)(x1)ln xa(x1)(1)當a4時，求

2、曲線yf(x)在(1，f(1)處的切線方程；(2)若當x(1，)時，f(x)0，求a的取值范圍解：(1)f(x)的定義域為(0，)當a4時，f(x)(x1)ln x4(x1)，f(1)0，f(x)ln x3，f(1)2.故曲線yf(x)在(1，f(1)處的切線方程為2xy20.(2)當x(1，)時，f(x)0等價于ln x0.設g(x)ln x，則g(x)，g(1)0.當a2，x(1，)時，x22(1a)x1x22x10，故g(x)0，g(x)在(1，)上單調遞增，因此g(x)0；當a2時，令g(x)0得x1a1，x2a1.由x21和x1x21得x11，故當x(1，x2)時，g(x)0，g(x

3、)在(1，x2)上單調遞減，因此g(x)0.綜上，a的取值范圍是(，23(2016·全國乙卷)已知函數f(x)(x2)exa(x1)2有兩個零點(1)求a的取值范圍；(2)設x1，x2是f(x)的兩個零點，證明：x1x2<2. 解：(1)f(x)(x1)ex2a(x1)(x1)(ex2a)設a0，則f(x)(x2)ex，f(x)只有一個零點設a>0，則當x(，1)時，f(x)<0；當x(1，)時，f(x)>0，所以f(x)在(，1)內單調遞減，在(1，)內單調遞增又f(1)e，f(2)a，取b滿足b<0且b<ln ，則f(b)>(b2)a(b

4、1)2a>0，故f(x)存在兩個零點設a<0，由f(x)0得x1或xln(2a)若a，則ln(2a)1，故當x(1，)時，f(x)>0，因此f(x)在(1，)內單調遞增又當x1時，f(x)<0，所以f(x)不存在兩個零點若a<，則ln(2a)>1，故當x(1，ln(2a)時，f(x)<0；當x(ln(2a)，)時，f(x)>0.因此f(x)在(1，ln(2a)內單調遞減，在(ln(2a)，)內單調遞增又當x1時，f(x)<0，所以f(x)不存在兩個零點綜上，a的取值范圍為(0，)(2)證明：不妨設x1<x2，由(1)知，x1(，1)，

5、x2(1，)，2x2(，1)，又f(x)在(，1)內單調遞減，所以x1x2<2等價于f(x1)>f(2x2)，即f(2x2)<0.由于f(2x2)x2e2x2a(x21)2，而f(x2)(x22)ex2a(x21)20，所以f(2x2)x2e2x2(x22)ex2.設g(x)xe2x(x2)ex，則g(x)(x1)(e2xex)所以當x>1時，g(x)<0，而g(1)0，故當x>1時，g(x)<0.從而g(x2)f(2x2)<0，故x1x2<2.4已知函數f(x)ax1ln x(aR)(1)討論函數f(x)在定義域內的極值點的個數；(2)若

6、函數f(x)在x1處取得極值，x(0，)，f(x)bx2恒成立，求實數b的取值范圍解：(1)由已知得f(x)a(x0)當a0時，f(x)0在(0，)上恒成立，函數f(x)在(0，)上單調遞減，f(x)在(0，)上沒有極值點當a0時，由f(x)0，得0x，由f(x)0，得x，f(x)在上單調遞減，在上單調遞增，即f(x)在x處有極小值當a0時，f(x)在(0，)上沒有極值點，當a0時，f(x)在(0，)上有一個極值點(2)函數f(x)在x1處取得極值，f(1)0，解得a1，f(x)bx21b，令g(x)1，則g(x)，令g(x)0，得xe2則g(x)在(0，e2)上單調遞減，在(e2，)上單調遞

7、增，g(x)ming(e2)1，即b1，故實數b的取值范圍為5(2015·全國卷)已知函數f(x)ln xa(1x)(1)討論f(x)的單調性；(2)當f(x)有最大值，且最大值大于2a2時，求a的取值范圍解：(1)f(x)的定義域為(0，)，f(x)a.若a0，則f(x)>0，所以f(x)在(0，)上單調遞增若a>0，則當x時，f(x)>0；當x時，f(x)<0.所以f(x)在上單調遞增，在上單調遞減(2)由(1)知，當a0時，f(x)在(0，)上無最大值；當a>0時，f(x)在x處取得最大值，最大值為flnaln aa1.因此f>2a2等價于l

8、n aa1<0.令g(a)ln aa1，則g(a)在(0，)上單調遞增，g(1)0.于是，當0<a<1時，g(a)<0；當a>1時，g(a)>0.因此，a的取值范圍是(0,1)6(2016·全國甲卷)已知函數f(x)(x1)ln xa(x1)(1)當a4時，求曲線yf(x)在(1，f(1)處的切線方程；(2)若當x(1，)時，f(x)0，求a的取值范圍解：(1)f(x)的定義域為(0，)當a4時，f(x)(x1)ln x4(x1)，f(1)0，f(x)ln x3，f(1)2.故曲線yf(x)在(1，f(1)處的切線方程為2xy20.(2)當x(1，

9、)時，f(x)0等價于ln x0.設g(x)ln x，則g(x)，g(1)0.當a2，x(1，)時，x22(1a)x1x22x10，故g(x)0，g(x)在(1，)上單調遞增，因此g(x)0；當a2時，令g(x)0得x1a1，x2a1.由x21和x1x21得x11，故當x(1，x2)時，g(x)0，g(x)在(1，x2)上單調遞減，因此g(x)0.綜上，a的取值范圍是(，27.(2016·山東高考)設f(x)xln xax2(2a1)x，aR(1)令g(x)f(x)，求g(x)的單調區間；(2)已知f(x)在x1處取得極大值，求實數a的取值范圍解：(1)由f(x)ln x2ax2a，

10、可得g(x)ln x2ax2a，x(0，)所以g(x)2a當a0，x(0，)時，g(x)0，函數g(x)單調遞增；當a0，x時，g(x)0，函數g(x)單調遞增，x時，g(x)0，函數g(x)單調遞減所以當a0時，g(x)的單調增區間為(0，)；當a0時，g(x)的單調增區間為，單調減區間為(2)由(1)知，f(1)0當a0時，f(x)單調遞增，所以當x(0,1)時，f(x)0，f(x)單調遞減；當x(1，)時，f(x)0，f(x)單調遞增所以f(x)在x1處取得極小值，不合題意當0a時，1，由(1)知f(x)在內單調遞增，可得當x(0,1)時，f(x)0，當x時，f(x)0所以f(x)在(0

11、,1)內單調遞減，在內單調遞增，所以f(x)在x1處取得極小值，不合題意當a時，1，f(x)在(0,1)內單調遞增，在(1，)內單調遞減，所以當x(0，)時，f(x)0，f(x)單調遞減，不合題意當a時，01，當x時，f(x)0，f(x)單調遞增，當x(1，)時，f(x)0，f(x)單調遞減所以f(x)在x1處取極大值，符合題意綜上可知，實數a的取值范圍為8.(2016·海口調研)已知函數f(x)mx，g(x)3ln x(1)當m4時，求曲線yf(x)在點(2，f(2)處的切線方程；(2)若x(1，(e是自然對數的底數)時，不等式f(x)g(x)3恒成立，求實數m的取值范圍解：(1)

12、當m4時，f(x)4x，f(x)4，f(2)5，又f(2)6，所求切線方程為y65(x2)，即y5x4(2)由題意知，x(1，時，mx3ln x3恒成立，即m(x21)3x3xln x恒成立，x(1，x210，則m恒成立令h(x)，x(1，則mh(x)minh(x)，x(1，h(x)0，即h(x)在(1，上是減函數當x(1，時，h(x)minh()m的取值范圍是9.(2017·福建省質檢)已知函數f(x)axln(x1)，g(x)exx1曲線yf(x)與yg(x)在原點處的切線相同(1)求f(x)的單調區間；(2)若x0時，g(x)kf(x)，求k的取值范圍解：(1)因為f(x)a(

13、x1)，g(x)ex1，依題意，f(0)g(0)，即a10，解得a1，所以f(x)1，當1x0時，f(x)0；當x0時，f(x)0故f(x)的單調遞減區間為(1,0)，單調遞增區間為(0，)(2)由(1)知，當x0時，f(x)取得最小值0，所以f(x)0，即xln(x1)，從而exx1設F(x)g(x)kf(x)exkln(x1)(k1)x1，則F(x)ex(k1)x1(k1)，()當k1時，因為x0，所以F(x)x120(當且僅當x0時等號成立)，此時F(x)在0，)上單調遞增，從而F(x)F(0)0，即g(x)kf(x)()當k1時，因為f(x)0，所以f(x)kf(x)由()知g(x)f(x)0，所以g(x)f(x)kf(x)，故g(x)kf(x)