1、第 1 頁共 8 頁第三章高頻考點真題驗收全通關第三章高頻考點真題驗收全通關高頻考點一：物理學史高頻考點一：物理學史超重與失重超重與失重1(多選多選)(2013山東高考山東高考)伽利略開創了實驗研究和邏輯推理相結合探索自然規律的科伽利略開創了實驗研究和邏輯推理相結合探索自然規律的科學方法，利用這種方法伽利略發現的規律有學方法，利用這種方法伽利略發現的規律有()A力不是維持物體運動的原因力不是維持物體運動的原因B物體之間普遍存在相互吸引力物體之間普遍存在相互吸引力C忽略空氣阻力，重物與輕物下落得同樣快忽略空氣阻力，重物與輕物下落得同樣快D物體間的相互作用力總是大小相等、方向相反物體間的相互作用力

2、總是大小相等、方向相反解析：解析：選選 AC伽利略利用理想斜面實驗和邏輯推理相結合的方法否定了亞里士多德伽利略利用理想斜面實驗和邏輯推理相結合的方法否定了亞里士多德“力是維持物體運動狀態的原因力是維持物體運動狀態的原因”的錯誤結論，正確地指出力不是維持物體運動狀態的原的錯誤結論，正確地指出力不是維持物體運動狀態的原因因，A 項正確項正確；牛頓提出萬有引力定律牛頓提出萬有引力定律，B 項錯項錯；伽利略首先運用邏輯推理的方法發現物體伽利略首先運用邏輯推理的方法發現物體下落的快慢和它的重量無關，下落的快慢和它的重量無關，C 項正確；牛頓提出了物體間的相互作用力總是等大反向的項正確；牛頓提出了物體間的

3、相互作用力總是等大反向的結論，結論，D 項錯。項錯。2. （2014北京高考北京高考）應用物理知識分析生活中的常見現象應用物理知識分析生活中的常見現象，可以使物理學習更加有趣可以使物理學習更加有趣和深入。例如平伸手掌托起物體，由靜止開始豎直向上運動，直至將物體拋出。對持現象和深入。例如平伸手掌托起物體，由靜止開始豎直向上運動，直至將物體拋出。對持現象分析正確的是分析正確的是A手受托物體向上的運動過程中，物體始終保持超重狀態手受托物體向上的運動過程中，物體始終保持超重狀態B手受托物體向上的運動過程中，物體始終保持超重狀態手受托物體向上的運動過程中，物體始終保持超重狀態C在物體離開手的瞬間，物體的

4、加速度大于重力加速度在物體離開手的瞬間，物體的加速度大于重力加速度D在物體離開手的瞬間，手的加速度大于重力加速度在物體離開手的瞬間，手的加速度大于重力加速度解析：解析：選選 D D手托物體由靜止開始向上運動，一定先做加速運動，物體處于超重狀態手托物體由靜止開始向上運動，一定先做加速運動，物體處于超重狀態；而后可能勻速上升而后可能勻速上升，選項選項 A A、B B 錯誤錯誤。在物體離開手的瞬間在物體離開手的瞬間，二者分離二者分離，不計空氣阻力不計空氣阻力，物物體只受重力，物體的加速度一定等于重力加速度；要使手和物體分離，手向下的加速度一體只受重力，物體的加速度一定等于重力加速度；要使手和物體分離

5、，手向下的加速度一定大于物體向下的加速度，即手的加速度大于重力加速度，選項定大于物體向下的加速度，即手的加速度大于重力加速度，選項 C C 錯誤，錯誤，D D 正確。正確。高頻考點二：牛頓運動定律的應用高頻考點二：牛頓運動定律的應用3.3.（20132013海南高考海南高考）一質點受多個力的作用，處于靜止狀態，現使其中一個力的大一質點受多個力的作用，處于靜止狀態，現使其中一個力的大小逐漸減小到零，再沿原方向逐漸恢復到原來的大小。在此過程中，其他力保持不變，則小逐漸減小到零，再沿原方向逐漸恢復到原來的大小。在此過程中，其他力保持不變，則質點的加速度大小質點的加速度大小 a a 和速度大小和速度大

6、小 v v 的變化情況是的變化情況是A.A.a a 和和 v v 都始終增大都始終增大B.B.a a 和和 v v 都先增大后減小都先增大后減小C.C.a a 先增大后減小，先增大后減小，v v 始終增大始終增大D.D.a a 和和 v v 都先減小后增大都先減小后增大解析解析：選選 C C 質點受到的合外力先從質點受到的合外力先從 0 0 逐漸增大逐漸增大，然后又逐漸減小為然后又逐漸減小為 0 0，合力的方向始終合力的方向始終第 2 頁共 8 頁未變，故質點的加速度方向不變，先增大后減小，速度始終增大，本題選未變，故質點的加速度方向不變，先增大后減小，速度始終增大，本題選 C C。4. (2

7、014全國卷全國卷)一物塊沿傾角為一物塊沿傾角為的斜坡向上滑動的斜坡向上滑動。當物塊的初速度為當物塊的初速度為 v 時時，上升的最上升的最大高度為大高度為 H，如圖，如圖 4 所示；當物塊的初速度為所示；當物塊的初速度為v2時，上升的最大高度記為時，上升的最大高度記為 h。重力加速度大。重力加速度大小為小為 g。物塊與斜坡間的動摩擦因數和。物塊與斜坡間的動摩擦因數和 h 分別為分別為()圖圖 4Atan 和和H2B.v22gH1tan 和和H2Ctan 和和H4D.v22gH1tan 和和H4解析解析：選選 D物塊沿斜坡向上運動過程中物塊沿斜坡向上運動過程中，對其受力分析對其受力分析，如圖所如

8、圖所示示，根據牛頓第二定律可得根據牛頓第二定律可得 FNmgcos ，FNmgsin ma，可得可得 agcos gsin 。由圖中幾何關系和運動學公式可得由圖中幾何關系和運動學公式可得 v22aHsin ，v242ahsin ，可得，可得 hH4，v22gH1tan ，選項，選項 D 正確，選項正確，選項 A、B、C 錯誤。錯誤。高頻考點三：動力學的圖像問題高頻考點三：動力學的圖像問題5(多選多選)(2014山東高考山東高考)一質點在外力作用下做直線運動，其速度一質點在外力作用下做直線運動，其速度 v 隨時間隨時間 t 變化的變化的圖像如圖圖像如圖 2。在圖中標出的時刻中，質點所受合外力的方

9、向與速度方向相同的有。在圖中標出的時刻中，質點所受合外力的方向與速度方向相同的有()圖圖 2At1Bt2Ct3Dt4解析解析：選選 AC已知質點在外力作用下做直線運動已知質點在外力作用下做直線運動，根據它的速度時間圖像可知根據它的速度時間圖像可知，在在圖中標出的圖中標出的 t1時刻所在的過程中，質點的速度越來越大，但斜率越來越小，說明質點做加時刻所在的過程中，質點的速度越來越大，但斜率越來越小，說明質點做加速度越來越小的變加速直線運動，因此速度越來越小的變加速直線運動，因此 t1時刻質點所受合外力的方向與速度方向相同，因時刻質點所受合外力的方向與速度方向相同，因此此 A 選項正確；在圖中標出的

10、選項正確；在圖中標出的 t2時刻所在的過程中，質點在做勻減速直線運動，因此質點時刻所在的過程中，質點在做勻減速直線運動，因此質點所受合外力方向與速度方向相反，故所受合外力方向與速度方向相反，故 B 選項不正確；在圖中標出的選項不正確；在圖中標出的 t3時刻所在的過程中，時刻所在的過程中，質點在做反向的勻加速直線運動，所以質點在做反向的勻加速直線運動，所以 t3時刻質點所受合外力的方向與速度方向也相同，時刻質點所受合外力的方向與速度方向也相同，由此可知由此可知 C 選項正確；同理選項正確；同理 t4時刻所在的過程中，質點在做反向變減速直線運動，因此合時刻所在的過程中，質點在做反向變減速直線運動，

11、因此合第 3 頁共 8 頁外力的方向與速度的方向相反，故外力的方向與速度的方向相反，故 D 選項錯誤。選項錯誤。6(2014福建高考福建高考)如圖如圖 3，滑塊以初速度滑塊以初速度 v0沿表面粗糙且足夠長的固定斜面沿表面粗糙且足夠長的固定斜面，從頂端從頂端下滑下滑，直至速度為零直至速度為零。對于該運動過程對于該運動過程，若用若用 h、s、v、a 分別表示滑塊的下降高度分別表示滑塊的下降高度、位移位移、速度和加速度的大小，速度和加速度的大小，t 表示時間，則下列圖像最能正確描述這一運動規律的是表示時間，則下列圖像最能正確描述這一運動規律的是()圖圖 3解析：解析：選選 B滑塊沿斜面下滑過程中，受

12、重力、支持力和滑動摩擦力作用，做勻減速滑塊沿斜面下滑過程中，受重力、支持力和滑動摩擦力作用，做勻減速直線運動，故速度圖像為向下傾斜的直線，直線運動，故速度圖像為向下傾斜的直線，C 項錯；滑塊加速度保持不變，項錯；滑塊加速度保持不變，D 項錯；設滑項錯；設滑塊的加速度大小為塊的加速度大小為 a，則滑塊的位移，則滑塊的位移 sv0t12at2，st 圖像為開口向下的拋物線，圖像為開口向下的拋物線，B 項對；項對；設斜面傾角為設斜面傾角為，滑塊下降高度，滑塊下降高度 hssin ，所以，所以 ht 圖像也是開口向下的拋物線，圖像也是開口向下的拋物線，A 項錯。項錯。7.(2014重慶高考重慶高考)以

13、不同初速度將兩個物體同時豎直向上拋出并開始計時，一個物體以不同初速度將兩個物體同時豎直向上拋出并開始計時，一個物體所受空氣阻力可忽略，另一物體所受空氣阻力大小與物體速率成正比，下列用虛線和實線所受空氣阻力可忽略，另一物體所受空氣阻力大小與物體速率成正比，下列用虛線和實線描述兩物體運動的描述兩物體運動的 vt 圖像可能正確的是圖像可能正確的是()解析解析：選選 D不受空氣阻力的物體不受空氣阻力的物體，整個上拋過程中加速度恒為整個上拋過程中加速度恒為 g，方向豎直向下方向豎直向下，題題圖中的虛線表示該物體的速度時間圖像圖中的虛線表示該物體的速度時間圖像； 受空氣阻力的物體在上升過程中受空氣阻力的物

14、體在上升過程中， mgkvma，即即 agkvm，隨著物體速度的減小隨著物體速度的減小，物體的加速度不斷減小物體的加速度不斷減小，故故 A 項錯誤項錯誤；受空氣阻力的受空氣阻力的物體上升到最高點時物體上升到最高點時，速度為零速度為零，此時物體的加速度也是此時物體的加速度也是 g，方向豎直向下方向豎直向下，故圖中實線故圖中實線與與t 軸交點處的切線的斜率應與虛線的斜率相同，故軸交點處的切線的斜率應與虛線的斜率相同，故 D 項正確，項正確，B、C 項錯誤。項錯誤。高頻考點四：整體法與隔離法高頻考點四：整體法與隔離法第 4 頁共 8 頁8(2011大綱卷大綱卷)如圖如圖 4，在光滑水平面上有一質量為

15、在光滑水平面上有一質量為 m1的足夠長的木板的足夠長的木板，其上疊放一其上疊放一質量為質量為 m2的木塊的木塊。假定木塊和木板之間的最大靜摩擦力和滑動摩擦力相等假定木塊和木板之間的最大靜摩擦力和滑動摩擦力相等。現給木塊施加現給木塊施加一隨時間一隨時間 t 增大的水平力增大的水平力 Fkt(k 是常數是常數)，木板和木塊加速度的大小分別為，木板和木塊加速度的大小分別為 a1和和 a2。下列。下列反映反映 a1和和 a2變化的圖線中正確的是變化的圖線中正確的是()圖圖 4解析解析： 選選 A本題中開始階段兩物體一起做加速運動本題中開始階段兩物體一起做加速運動， 有有 F(m1m2)a， 即即 aF

16、m1m2，兩物體加速度相同且與時間成正比。當兩物體間的摩擦力達到兩物體加速度相同且與時間成正比。當兩物體間的摩擦力達到m2g 后兩者發生相對滑動。后兩者發生相對滑動。對對 m2有有 FFfma2，在相對滑動之前，在相對滑動之前 Ff逐漸增大，相對滑動后逐漸增大，相對滑動后 Ffm2g 不再變化，不再變化，a2FFfm2，故其圖像斜率增大故其圖像斜率增大；而對而對 m1，在發生相對滑動后在發生相對滑動后，有有m2gm1a1，故故 a1m2gm1為定值。故為定值。故 A 選項正確。選項正確。9(2012江蘇高考江蘇高考)如圖如圖 5 所示所示，一夾子夾住木塊一夾子夾住木塊，在力在力 F 作用下向上

17、提升作用下向上提升。夾子和木夾子和木塊的質量分別為塊的質量分別為 m、M，夾子與木塊兩側間的最大靜摩擦力均為夾子與木塊兩側間的最大靜摩擦力均為 f。若木塊不滑動若木塊不滑動，力力 F 的的最大值是最大值是()圖圖 5A.2f mM MB.2f mM mC.2f mM M(mM)gD.2f mM m(mM)g解析：解析：選選 A當夾子與木塊兩側間的摩擦力達到最大摩擦力當夾子與木塊兩側間的摩擦力達到最大摩擦力 f 時，拉力時，拉力 F 最大，系統最大，系統向上的加速度為向上的加速度為 a。先以。先以 m 為研究對象，進行受力分析，根據牛頓第二定律可知：為研究對象，進行受力分析，根據牛頓第二定律可知

18、：F2fmgma，第 5 頁共 8 頁再以再以 M 為研究對象，進行受力分析，根據牛頓第二定律可知：為研究對象，進行受力分析，根據牛頓第二定律可知：2fMgMa，兩式聯立可解得兩式聯立可解得 F2f mM M，A 正確。正確。高頻考點五：牛頓運動定律的綜合應用高頻考點五：牛頓運動定律的綜合應用10(2012上海高考上海高考)如圖如圖 6，將質量將質量 m0.1 kg 的圓環套在固定的水平直桿上的圓環套在固定的水平直桿上。環的直環的直徑略大于桿的截面直徑。環與桿間動摩擦因數徑略大于桿的截面直徑。環與桿間動摩擦因數0.8。對環施加一位于豎直平面內斜向上。對環施加一位于豎直平面內斜向上，與桿夾角與桿

19、夾角53的拉力的拉力 F， 使圓環以使圓環以 a4.4 m/s2的加速度沿桿運動的加速度沿桿運動， 求求 F 的大小的大小。 (取取 sin530.8，cos 530.6，g10 m/s2)圖圖 6解析：解析：令令 Fsin 53mg0，解得，解得 F1.25 N。由于。由于Fcos m7.5 m/s24.4 m/s2，則則F1.25 N，它的取值分大于和小于，它的取值分大于和小于 1.25 N 兩種情況。兩種情況。當當 F1.25 N 時，環與桿的上部接觸，受力示意圖如圖甲所示時，環與桿的上部接觸，受力示意圖如圖甲所示甲甲由牛頓第二定律得由牛頓第二定律得 Fcos FNma又又 Fsin F

20、Nmg聯立解得聯立解得 Fm ag cos sin 代入數據得代入數據得 F1 N當當 F1.25 N 時，環與桿的下部接觸，受力示意圖如圖乙所示時，環與桿的下部接觸，受力示意圖如圖乙所示乙乙由牛頓第二定律得由牛頓第二定律得Fcos FNma又又 Fsin mgFN聯立解得聯立解得 Fmagcos sin 代入數據得代入數據得 F9 N。答案：答案：1 N 或或 9 N第 6 頁共 8 頁11(2013全國卷全國卷)一長木板在水平地面上運動，在一長木板在水平地面上運動，在 t0 時刻將一相對于地面靜止的時刻將一相對于地面靜止的物塊輕放到木板上，以后木板運動的速度時間圖像如圖物塊輕放到木板上，以

21、后木板運動的速度時間圖像如圖 7 所示。已知物塊與木板的質量所示。已知物塊與木板的質量相等，物塊與木板間及木板與地面間均有摩擦。物塊與木板間的最大靜摩擦力等于滑動摩相等，物塊與木板間及木板與地面間均有摩擦。物塊與木板間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且物塊始終在木板上。取重力加速度的大小擦力，且物塊始終在木板上。取重力加速度的大小 g10 m/s2，求：，求：圖圖 7(1)物塊與木板間、木板與地面間的動摩擦因數；物塊與木板間、木板與地面間的動摩擦因數；(2)從從 t0 時刻到物塊與木板均停止運動時，物塊相對于木板的位移的大小。時刻到物塊與木板均停止運動時，物塊相對于木板的位移的大小。解析解析：(

22、1)從從 t0 時開始時開始，木板與物塊之間的摩擦力使物塊加速木板與物塊之間的摩擦力使物塊加速，使木板減速使木板減速，此過程此過程一直持續到物塊和木板具有共同速度為止。一直持續到物塊和木板具有共同速度為止。由圖可知由圖可知，在在 t10.5 s 時時，物塊和木板的速度相同物塊和木板的速度相同。設設 t0 到到 tt1時間間隔內時間間隔內，物塊物塊和木板的加速度大小分別為和木板的加速度大小分別為 a1和和 a2，則，則a1v1t1a2v0v1t1式中式中 v05 m/s、v11 m/s 分別為木板在分別為木板在 t0、tt1時速度的大小。時速度的大小。設物塊和木板的質量均為設物塊和木板的質量均為

23、 m，物塊和木板間、木板與地面間的動摩擦因數分別為，物塊和木板間、木板與地面間的動摩擦因數分別為1、2，由牛頓第二定律得，由牛頓第二定律得1mgma1(122)mgma2聯立聯立式得式得10.2020.30(2)在在 t1時刻后，地面對木板的摩擦力阻礙木板運動，物塊與木板之間的摩擦力改變方時刻后，地面對木板的摩擦力阻礙木板運動，物塊與木板之間的摩擦力改變方向。設物塊與木板之間的摩擦力大小為向。設物塊與木板之間的摩擦力大小為 Ff，物塊和木板的加速度大小分別為，物塊和木板的加速度大小分別為 a1和和 a2，則由牛頓第二定律得則由牛頓第二定律得Ffma122mgFfma2假設假設 Ff1mg，則，

24、則 a1a2；由；由式得式得 Ff2mg1mg，與假設矛盾。，與假設矛盾。故故 Ff1mg第 7 頁共 8 頁由由式知，物塊加速度的大小式知，物塊加速度的大小 a1等于等于 a1；物塊的；物塊的 vt 圖像如圖中點畫線所示。圖像如圖中點畫線所示。由運動學公式可推知，物塊和木板相對于地面的運動距離分別為由運動學公式可推知，物塊和木板相對于地面的運動距離分別為 x12v212a1x2v0v12t1v212a2物塊相對于木板的位移的大小為物塊相對于木板的位移的大小為xx2x1聯立聯立式得式得x1.125 m。答案：答案：(1)0.200.30(2)1.125 m12(2013江蘇高考江蘇高考)如圖如圖 8 所示，將小砝碼置于桌面上的薄紙板上，用水平向右的拉所示，將小砝碼置于桌面上的薄紙板上，用水平向右的