1、題號一一三四總分得分考試范圍：xxx;考試時間：100分鐘；命題人：xxx第I卷（選擇題）請點擊修改第I卷的文字說明評卷人得分、單選題絕密啟用前【校級聯考】廣東省肇慶聯盟校2018-2019學年高二上學期末考試物理試題試卷副標題注意事項：1 .答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息2 .請將答案正確填寫在答題卡上1 .下列現象中屬于電磁感應現象的是（）A.磁場對電流產生力的作用B.變化的磁場使閉合電路中產生電流C.插在通電螺線管中的軟鐵棒被磁化D.通電直導線使其旁邊的小磁針發生偏轉2 .如圖所示（橫截面圖），兩根平行細導線分別通有大小相等、方向相反的電流，b為它們連線中點，則（）1tA. b

2、點磁感應強度大小為零B. b點磁感應強度大小不為零，方向沿連線向右C. b點磁感應強度大小不為零，方向垂直連線向上D. b點磁感應強度大小不為零，方向垂直連線向下3 .如圖所示的四種情況中，滿足磁鐵與線圈相互排斥且通過R的感應電流方向從 b到a的是（）4 .將長為2L、粗細均勻的導線 ab,從中點。處折成如圖所示形狀，aOb0, ab連線與水平方向成45。夾角，導線所在位置處有范圍足夠大方向垂直紙面向里、磁感應強度大小為B的勻強磁場?，F將導線在紙面內以相同大小的速度v,分別以垂直ab斜向上和水平向左兩個方向運動，則兩種情況下a、b兩點間的電勢差之比為（）M M XA.-B.-C. 1: 2D.

3、 2: 15 .將一段長L = 0.2m、通有電流I = 2.5A的直導線放入磁感應強度為B的磁場中，則關于其所受安培力 F的說法正確的是（）A.若B= 2T,則F可能為1NB.若F=0,則B也一定為零C.若B = 4T,則F一定為2ND.當F為最大值時，通電導線一定與B平行6 .如圖所示，光滑絕緣水平面內將三個帶電小球分別固定在a、b、c三點，且ab=6cm,ac= cm, bc= cm,三小球均可視為點電荷。已知c點處小球所受庫侖力的合力方向平行于ab連線由a指向b,則a、b兩點處小球所帶電量比值的絕對值為（）/A. -B. - C. - D.7 .如圖所示的圓形區域內有垂直于紙面向里的勻

4、強磁場，兩個比荷相同、速率不同的帶電粒子正對圓心 O射入磁場，分別從 a、b兩點射出，下列說法正確的是（）力* M % / X M .-7BUjfJ,泥 ，K H 匕rA. b點射出的粒子運動半徑較小B. a點射出的粒子速率較大C. b點射出的粒子運動時間較長D. a點射出的粒子速度偏轉角較大VJ ) 上一工。 ) ,、打】 】 】 C - - - - 韭 - - - - C 】 】 】 八夕題答內線訂裝在要不請派評卷人 得分 二、多選題O線O線OO號訂 考:訂 O級 班O 裝姓裝 核O 學O 外 O 內O8.在如圖所示的電路中，電源電動勢為 E,內阻為r,燈泡電阻恒定且小于電源內阻，電表均為

5、理想電表，閉合開關S,將滑動變阻器的滑片 P從右端向左端移動，下列說法正確的是（）A.電容器C上電荷量增加8 .燈泡L變亮C.電源輸出功率一定先增大再減小D.電壓表讀數的變化量與電流表讀數的變化量之比恒定9 .某勻強電場中的 4個平行且等距的等勢面如圖中的虛線A、B、C、D所示，其中等勢面C電勢為零一電子僅在靜電力作用下運動，經過等勢面A、D時的動能分別為21eV和6eV,則下列說法正確的是（）A.電場方向垂直于等勢面由D指向AB.等勢面D的電勢為-5VC.該電子可以到達電勢為-12V的等勢面D.若該電子運動到某位置時的電勢能為8eV,則它的動能為3eV10.如圖甲所示，水平導軌 abd所在空

6、間存在有垂直導軌平面的勻強磁場，從某時刻開始計時磁場的磁感應強度隨時間變化的規律如圖乙所示（垂直導軌平面向上為磁場正方向）。已知導體棒PQ放置在導軌上且始終靜止不動，下列說法正確的是（）A.導軌一定粗糙B. t1時刻PQ中電流方向發生改變C.導體棒PQ受安培力大小先減小后增大D. t1時刻PQ中電流為0試卷第9頁，總7頁O線題答內線訂裝在要不請派O線O 訂 O 裝 O O 訂 O 裝 O 內O外O評卷人得分三、實驗題第II卷（非選擇題）請點擊修改第II卷的文字說明11 .某同學練習使用多用電表，請完成下列問題。（1）如圖所示是一多用電表的簡化電路圖，當轉換開關S旋轉至位置3時，可用來測量;旋轉

7、至位置2時，多用表為一個倍率為“X1的歐姆表，若該多用電表歐姆表盤刻度的中央刻度值為 15則此時歐姆表內阻為 .若表頭A的滿偏電流為50mA, 則圖中電源的電動勢為 V。（2）將一個二極管的兩極分別標記為 a和b,轉換開關S置于位置2,用紅表筆接a端， 黑表筆接b端，指針幾乎不動；紅表筆接 b端，黑表筆接a端，指針偏轉角度很大，則 該二極管白正極是 （填“破 1端。fOr-r利凡*J I*IJST.12 .在 測定一節干電池的電動勢和內阻 ”的實驗中，提供如下實驗器材：一節干電池（電動勢約為 1.5V,內阻約為1Q）電壓表V （量程02V,內阻約為3kQ）電流表A （量程00.6A,內阻為0.

8、2 Q滑動變阻器R1 （阻值為0- 10Q）滑動變阻器 R2 （阻值為0 - 50 ）開關、導線若干（1）若考慮電流表、電壓表內阻的影響，現希望能準確地測出這節干電池的電動勢和 內阻，則應選擇 （填 甲”或 乙”）電路進行實驗。為了調節方便，則滑動變阻器 應該選擇 （填%”或12）。（2）在進行了正確的選擇和操作后，某同學通過調節滑動變阻器的滑片得到兩組電流表與電壓表的示數，分別為U1=1.0V, I1 = 0.3A; U2=0.7V, I2=0.5A.由此可求得該干電池的電動勢E =V,內阻r=Q。評卷人 得分 四、解答題13.如圖所示，空間有水平向右的勻強電場，A、B是電場中兩點，相距 L

9、=20cm,且兩點連線與電場線的夾角0= 37.現將一質量 m = 4.0 M011kg、電荷量q=- 1.0 1010C的帶電粒子從 A點移至B點電場力做功 W=- 1.6 109J.粒子重力及空氣阻力均 不計,sin37 = 0.6, cos37 =0.8.求：三(1) A、B兩點間電勢差；(2)勻強電場的電場強度大?。?3)若勻強電場的電場強度大小不變，將方向逆時針旋轉37。，在A點給該粒子一個沿AB方向的初速度，使其能夠到達B點，則此初速度的最小值。14.如圖所示，電荷量為 +q、質量為 m的粒子，由靜止開始從正極板出發，經電場加 速后射出，從 M點進入勻強磁場后做勻速圓周運動，從N點

10、離開磁場。兩平行金屬板間距為d,電勢差大小為 U ,板間電場可視為勻強電場；金屬板上方勻強磁場的磁感應 強度為B,方向垂直紙面向內。忽略重力的影響。求：111n. H JI二 . J 見 一千.i.116r*(1)勻強電場場強E的大小；(2)粒子從電場射出時速度v的大小；(3)若設M、N兩點間距為L,粒子不變，仍由靜止開始從正極板出發，經電場加速 后從M點進入磁場再由 N點離開磁場，請你說出一種增大該粒子在勻強磁場中射入點 與射出點間距L的方法。15.某電磁緩沖車是利用電磁感應原理進行制動緩沖，它的緩沖過程可等效為：小車車底安裝著電磁鐵，可視為勻強磁場，磁感應強度大小為B,方向豎直向下；水平地

11、面固定著閉合矩形線圖 abcd,線圈的總電阻為 R, ab邊長為L, ad邊長為2L ,如圖所示示 (俯視)。緩沖小車(無動力)水平通過線圈上方，線圈與磁場的作用使小車做減速運動，從而實現緩沖。已知小車總質量為m,受到地面的摩擦阻力為f,小車磁場剛抵達線圈ab邊時，速度大小為 V0,小車磁場剛抵達線圈 cd邊時，速度為零，求：題答內線訂裝在要不請派 rkr 八 夕 一(1)小車緩沖過程中的最大加速度am的大小。O線O線OO號訂 考:訂 O級 班O 裝姓裝核O 學O 外O內O(2)小車緩沖過程中通過線圈的電荷量q及線圓產生的焦耳熱X X X X X !x X X X X X ；x X X X X

12、 X x X X X X X 祥本卷由系統自動生成，請仔細校對后使用，答案僅供參考參考答案1. . B【解析】【分析】明確電磁感應現象是指閉合回路中磁通量發生變化時，線圈中會產生感應電流的現象，從而選出正確答案?！驹斀狻緼、磁場對電流產生力的作用屬于安培力，不是電磁感應現象，故 A錯誤；B、變化的磁場使閉合電路中產生電流屬于電磁感應現象；故B正確；C、鐵棒被磁化屬于磁化現象，故 C錯誤；D、通電直導線使其旁邊的小磁針發生偏轉屬于帶電粒子在磁場中的偏轉，故D錯誤。故選：B?！军c睛】本題考查電磁感應現象的應用，要能分清哪些現象屬于電磁感應現象，同時注意和安培力等進行區分.2. D【解析】【分析】本

13、題考查了磁場的疊加， 根據導線周圍磁場分布可知，與導線等距離地方磁感應強度大小相等，根據安培定則判斷出兩導線在兩直導線形成磁場方向，磁感應強度B是矢量，根據矢量分解合成的平行四邊形定則求解?！驹斀狻坑砂才喽▌t可知， 左側的電流在b處產生的磁場方向豎直向下，右側的電流在b處產生的磁場方向豎直向下，方向相同，所以合磁場的方向向下。故D正確，ABC錯誤；故選：D?！军c睛】磁感應強度為矢量， 合成時要用平行四邊形定則，因此要正確根據安培定則判斷導線周圍磁場方向是解題的前提。3. B【解析】由 來拒去留”可知，磁鐵靠近線圈時磁鐵與線圈相互排斥，故選項 CD錯誤；由B圖可知， 當磁鐵N極豎直向下運動時，穿

14、過線圈的磁場方向向下增大，由楞次定律可知感應電流的磁場向上，則由右手螺旋定則可知電流方向從a經過R到bo故B正確，A錯誤；故選B。點睛：在判斷電磁感應中磁極間的相互作用時可以直接利用楞次定律的第二種表示：來拒去留”直接判斷，不必再由安培定則判斷線圈中的磁場，再由磁極間的相互作用判斷力的方向.4. B【解析】【分析】應用E=BLv求出感應電動勢，然后求出a、b兩點間的電勢差，再求出電勢差之比?！驹斀狻恳源怪盿b斜向上勻速運動時，感應電動勢：水平向左勻速運動時，感應電動勢：a、b兩點間的電勢差之比 一，故B正確，ACD錯誤；故選：B?！军c睛】本題考查了求電勢差之比，應用E=BLv求出感應電動勢是解

15、題的前提與關鍵，E=BLv中的L是切割磁感線的有效長度。5. A【解析】【分析】通電導線在磁場中的受到安培力作用，由公式F=BILsin。求出安培力大小，當夾角為零時沒有安培力；當夾角為90。時，安培力最大；則安培力在最大值與零之間。【詳解】解：長度為0.2m的通電直導線，若放置于勻強磁場的磁感應強度中，通入電流為 2.5A,A、如果B = 2當直導線垂直于磁場時， 則由公式可得安培力的大小為F=BIL =2X2.5 0.2N= 1N.若不垂直，則通電導線受到的安培力小于1N,故A正確；B、如果F=0,直導線可能與磁場平行，則 B不一定為零，故 B錯誤；C、如果B = 4 T,若垂直放置時，則

16、安培力大小為F=BIL =4X2.5 0.2N=2N.不垂直時安培力小于2N ,故C錯誤；D、如果F有最大值，通電導線一定與 B垂直，故D錯誤，故選：A?！军c睛】學會運用F=BIL計算安培力的大小，注意公式成立的條件是 B與I相互垂直。若不垂直則 可將磁感應強度沿直導線與垂直導線兩方向進行分解，則平行的沒有安培力，垂直的安培力可用F=BIL計算安培力的大小。6. B【解析】【分析】對小球c受力分析，根據庫侖定律，與矢量的合成法則，結合幾何關系，及三角知識，即可求解?！驹斀狻扛鶕N電荷相斥，異種電荷相吸，且小球c所受庫侖力的合力的方向平行于a, b的連線，可知，a, b的電荷異號，對小球c受力

17、分析，如下圖所示：因 ab=6cm, bc=cm, ac=cm, 因止匕 abac,那么兩力合成如圖所示，依據相似三角形之比，則有：一 一-;而根據庫侖定律，而 一綜上所得，-，故ACD錯誤，B正確；故選：B。【點睛】考查庫侖定律與矢量的合成法則，掌握幾何關系，與三角形相似比的運用，注意小球c的合力方向是解題的關鍵。7. D【解析】【分析】分別畫出從a、b兩點射出的粒子軌跡過程圖，利用洛倫茲力提供向心力求出半徑公式，分析運動半徑以及粒子速度大小， 利用周期公式結合粒子轉過的圓心角判斷粒子在磁場中運動的時間的大小關系?！驹斀狻緼、粒子在磁場中做勻速圓周運動，粒子運動軌跡如圖所示，由圖示可知，從

18、b點出射的粒子軌道半徑較大，故 A錯誤；B、粒子在磁場中做圓周運動， 洛倫茲力提供向心力， 由牛頓第二定律得：-，解得：一，bb點出射的粒子軌道半徑大，從 b點出射的粒子速率 較大，故B錯誤；CD、由圖示粒子運動軌跡，由幾何知識可知，從a點出射的粒子在磁場中的速度偏角。較大，粒子在磁場中做圓周運動的周期：一相等，粒子在磁場中的運動時間：一，粒子在磁場中的偏角 。越大，粒子在磁場中的運動時間越長，從a點出射的粒子速度偏角較大，從a點出射的粒子在磁場中的運動時間較長，故C錯誤，D正確；故選：D?！军c睛】本題考查帶電粒子在有界磁場中的運動，解題關鍵是要畫出粒子軌跡過程圖，運用洛倫茲力提供向心力求出半

19、徑公式，注意對稱性的運用，粒子沿半徑方向入射一定沿半徑方向出射，運用粒子在磁場中轉過的圓心角，結合周期公式，求解粒子在磁場中運動的時間。8. AD【解析】分析電路連接，得到各電壓、電流的關系；由滑片移動得到滑動變阻器電阻變化，進而得到 總電阻變化，即可得到總電流、路端電壓變化；根據電流變化得到燈泡電壓變化，進而得到 變阻器電壓變化，即電容器電壓變化， 即可得到電荷量變化； 根據閉合電路歐姆定律得到總 電流表達式，即可得到輸出功率表達式，從而根據電壓變化得到輸出功率變化?！驹斀狻侩姛鬖、滑動變阻器串聯，然后接在電源上，電流表測量總電流，電壓表測量路端電壓；電容器兩端電壓和滑動變阻器上的電壓相等；

20、A、滑動變阻器的滑片 P向左移動，那么，滑動變阻器接入電路的電阻增大，故總電阻增大，那么總電流減小，內壓減小，燈泡電壓變小，則滑動變阻器分壓變大，電容器兩板間電壓變 大，電量增加，故 A正確；B、總電流減小，那么，小燈泡 L的電流減小，燈泡變暗，故 B錯誤；C、設外阻為 R,那么，電源的輸出功率，當 時P最大,故 R減小，輸出功率變化情況不能確定，故 C錯誤；D、U= E Ir,則一，則 D 正確。故選：AD?！军c睛】在動態電路問題中，一般根據電阻變化由閉合電路的歐姆定律得到總電流、路端電壓的變化，從而得到各支路電流、各電阻上的電壓變化，進而得到功率變化。9. BD【解析】【分析】根據動能定理

21、，結合電勢差等于電勢之差，及能量守恒定律，及只有電場力做功，導致動能與電勢能相互轉化，從而即可一一求解。【詳解】A、因電子只在靜電力的作用下運動，經過A、D等勢面點的動能分別為 21eV和6eV,根據動能定理，則有：，解得：，A點的電勢高，則電場線的方向垂直于等勢面由 A指向D,故A錯誤；B、，可解得：，故B正確；C、因只有電場力做功，動能與電勢能之和保持不變，當電子的速度為零時，由能量守恒定律，可知，解得：4= - 10V,則該電子不可以到達電勢為-12V的等勢面，故C錯誤；D、同理，由能量守恒定律，可知，解得：，故D正確；故選：BD。【點睛】本題考查等勢面、動能定理，及其相關的知識點，目的

22、是為了考查學生的分析綜合能力，同時理解能量守恒定律的應用。10. AC【解析】【分析】根據法拉第電磁感應定律公式列式求解感應電動勢，根據閉合電路歐姆定律列式求解感應電流，根據安培力公式求解安培力大小?！驹斀狻緼、根據題意，在 ti時刻后，沒有磁場，導體棒依然可以靜止不動，說明導軌不是光滑的，故A正確；BCD、在0-ti時間內，一固定，根據法拉第電磁感應定律，感應電動勢一固定，故感應電流固定，故C正確，BD錯誤；故選：AC?！军c睛】本題考查滑軌問題，關鍵是結合法拉第電磁感應定律分析感應電動勢的變化情況，根據歐姆定律和安培力公式分析安培力大小變化情況，基礎題目。11. 電壓 1507.5 a【解析

23、】【分析】(1)當轉換開關S旋轉到位置3時，相當于給電流表加了一個分壓電阻，可以測電壓；中值電阻等于歐姆表的內阻；根據閉合電路歐姆定律求電動勢；(2)歐姆表內置電源的正極與-插孔相連，即與黑表筆相連，使用歐姆表測電阻時，電流從黑表筆流出，紅表筆流入；用歐姆表測電阻時，紅表筆接電源的負極，黑表筆接電源的正 極分析即可?！驹斀狻?1)當轉換開關S旋轉到位置3時，相當于給電流表加了一個分壓電阻，改裝成了電壓表；當轉換開關S旋轉到位置2時，多用電表為一個倍率為“X1的歐姆表，若圖甲中歐姆表刻度盤的中間刻度值為 15,則中值電阻為1505內阻與中值電阻相等，故內阻為150Q;根據閉合電路歐姆定律得：E=

24、 IR = 50X10 3x150V=7.5V；(2)將紅、黑表等分別插入正、負表筆插孔，二極管的兩個極分別記作a和b,將紅表筆接a端時，表針幾乎不偏轉，說明電阻很大，二極管反向偏壓，接 b端時偏轉角度很大，說 明電阻很小，二極管正向偏壓，則a端為二極管的正極，b為二極管的負極；故答案為：(1)電壓；150; 7.5;(2) a?！军c睛】本題考查了歐姆表的使用方法與注意事項、考查了二極管的特點， 要掌握歐姆表的使用方法及注意事項，二極管正向偏壓很小，二極管反向偏壓電阻很大，相當于斷路。12. 乙 R11.451.3【解析】【分析】(1)根據題意與實驗誤差來源分析選擇實驗電路；為方便實驗操作應選擇最大阻值較小的滑動變阻器；(2)根據實驗數據，應用閉合電路歐姆定律求出電源電動勢與內阻?！驹斀狻?1)圖甲所示電路實驗誤差來源是電壓表分流，圖乙所示實驗電路誤差來源是電流表分壓，由于電流表內阻已知，為減小實驗誤差，應選擇圖乙所示實驗電路；為方便實驗操作，滑動 變阻器應選擇R1。(2)根據圖乙所示電路圖，由閉合電路歐姆定律可知：根據實驗數據得：，解得：E=1.45V, r=1.3Q