1、數據通信與計算機網絡補充題題介 第一章1計算機網絡的發展經歷了幾個階段？各階段有什么特點？2.通信子網是計算機網絡的一個組成部分。試列出在計算機網絡的工作中那些是由通信子網完成的？那些不是？3簡述可以從幾種不同角度來對計算機網絡分類。第二章1.在一個n層的網絡系統中，每層協議分別要求加上Hi字節長的報頭。若送往該網絡的應用數據長度為A字節，問在物理媒體的帶寬中有多少百分比是用來傳輸有效應用數據的？解：每層協議要求加上Hi字節的報頭 n層的網絡系統中，增加的開銷為傳輸有效應用數據的有效的帶寬占、Hi又應用數據長度為A字節i 4AnA '、Hii A第二章1 簡述通信系統的模型。2 物理層

2、協議包括哪四方面的內容？3 簡述模擬數據及數字數據的模擬信號及數字信號表示方法。4. 簡述 MODEM 和CODEC的作用。5 什么是數據通信?6數據傳輸速率與信號傳輸速率的單位各是什么？它們之間有什么關系?7數據傳輸速率與信道容量的單位各是什么？它們之間有什么不同?&對于帶寬為4KHz的信道，若用8種不同的物理狀態來表示數據，信噪比為30db，試問按奈奎斯特定理，最大限制的數據速率是多少？按香農定理最大限制的數據速率是多少？解：按奈奎斯特定理C = 2H log2N/ N = 8 , H = 4KHZ C = 24 kbps按香農定理，C = H log2 (1+S/N)信噪比為 3

3、0db, 30db = 10 log S/N30S/ N =1O10 =1000H = 4KHZ C = H log 2 (1+1000) = 40 kbps 9對于帶寬為6MHz的信道，若用4種不同的狀態來表示數據，在不考慮熱噪聲的情況下，該 信道的最大數據傳輸速率是多少？解：按奈奎斯特定理：C = 2 H log2N/ N = 4 ,H = 6MHZ/ C = 2 6MHZ log24 = 24 Mbps10.某調制解調器同時使用幅移鍵控和相移鍵控，采用0、n /2、n和3/2 n四種相位，每種相位又都有兩個不同的幅度值，問波特率為1200的情況下數據速率是多少？同時使用幅移鍵控和相移鍵控

4、3解：有0,二，4種相位，每個相位又有 2個幅度2 2n = 4 X 2 = 8B = 1200 baud S = B log2N = 3600 bps 11.信道帶寬為 3KHz，信噪比為30db，每個信號兩種狀態，則每秒能發送的比特數不會超過 多少？解：按香農定理：信噪比為30db, H = 3KHZ30S1010 -1000 NC = H log2 ( 1+1000)= 30 kbps按奈奎斯特定理 C = 2H log2N/ N = 2 , H = 3KHZ C = 6 kbps所以該信道每秒能發送的比特數不會超過6 kbit。12 .采用8種相位、每種相位各有兩種幅度的PAM調制方法

5、，問在1200Baud的信號傳輸速率下能達到的數據傳輸速率為多少？解: N = 8 X 2 = 16 種，B = 1200 Band S = B log2N = 4800 bps13.采用每種相位各有兩種幅度的PAM調制方法，在帶寬為 8KHz的無噪信道上傳輸數字信號，若要達到64Kbps的數據速率，問至少要多少種不同的相位？解：按奈奎斯特定理：H = 8KHZ , C = 64 kbpsC = 2 H log2NN = 16每種相位各有兩種幅度 N/2 = 8種相位答至少要8種不同相位14簡述異步傳輸方式與同步傳輸方式的區別。15.數據速率為1200bps，采用無校驗、1位停止位的異步傳輸，

6、問 1分鐘內最多能傳輸多少個 漢字（雙字節）？解：異步傳輸漢字時，每個漢字占二個群；數據位為8位，采用無校驗，1位停止位，1位起始位每分鐘可傳輸的漢字數1200bps 60s(811) 2-3600所以1分鐘內最多能傳輸漢字 3600個。1011001的波形圖。16分別用標準曼徹斯特編碼和差分曼徹斯特編碼畫出解：數據為 1011001全寬碼v 1011001曼徹斯特碼差分曼徹斯特碼17. 采用曼徹斯特編碼的 10Mbps局域網的波特率是多少？解：采用曼徹斯編碼時，在最壞情況下，一位二進制比特需要有二次跳變，所以10Mbps局域網的波特率為 10Mbps *2 = 20 Mbaud18. 簡述異

7、步傳輸方式的字符格式，并說明各部分的所用。19. 信源以字節(8比特)為單位傳輸數據，若數據速率為B(bps)，對下列兩種情況分別計算 有效數據傳輸速率：(1) 異步串行傳輸，不用校驗位、使用1位停止位；(2) 同步串行傳輸，每幀包含 48位控制位和4096位數據位。解：(1 )異步傳輸：(傳輸數據位最多時)以字節為單位，8位數據，不用校驗，1位起始位，1位停止位8B = 0.8B8 11(2)同步傳輸：每幀包含 48位控制位和4096位數據位4096409648B =0.988B20. 在相同數據速率下，分別采用異步協議和同步協議傳輸大批量數據，問兩者的傳輸效率之 比約為百分之幾？解：在相同

8、數據速率B下，傳輸大批量數據時異步傳輸的效率最多為B=0.8B10同步傳輸的效率為接近于1X B0 8B兩者的傳輸效率之比為0.81B21. 對于帶寬為4KHz的語音信號，采用量化級別為128的PCM方法編碼，問所產生的二進制 位起碼要用多大傳輸速率的信道才能傳輸？解：語音信號帶寬為4KHZ，所以采樣頻率為 2 X 4KHZ = 8KHZ即每秒采樣8000次每次間隔時間為125US，量化級為128，故每次采樣要用七位二進制來表示所以數據速率為7bit x 8KHZ = 56 kbps 或 7bit / 125us = 56 kbps22. 簡述FDM和TDM的實現原理。23. 分別計算T1載波

9、和E1載波的編碼效率和開銷率。解：載波：每幀由24路聲音，每路聲音7位數據，1位控制，每幀1位標志7 漢 24168編碼效率為0.878x24+1193開銷率為 空 0.1295 ： 0.13193E1載波：每幀由30路聲音，每路聲音8位數據，每幀有8位同步，8位控制30 漢 8240編碼效率為0.937530 匯8+8 +8256開銷為丄60.062525624. 若要在采用兩種物理狀態傳輸的50 Kbps信道上傳輸1.544Mbps的T1載波，問信道的信噪 比至少要多少？解：在兩種物理狀態下傳輸50 kbps，即C1 = 2 H log2N/ N = 2 , C1 = 50 kbps H

10、= 25 KHZ現要傳輸1.544 Mbps的T1載波 C2 = H log2 （1+S/N ）C2 = 1.544 Mbps/. leg2 （ 1+S/N） = 61.76S/N = 2 61.76-1S信噪比為10 lg 185.9dbN25. 試比較電路交換、報文交換、虛電路分組交換及數據報分組交換方式的特點。26. 對于交換網定義如下參數：N -兩個給定站點間轉接的節點數；L -報文長度（比特）；B -鏈路上的數據傳輸速率（bps）;P -每個分組的長度（比特）；H -每個分組的開銷（比特）；S -電路交換或虛電路分組交換的呼叫建立時間（秒）；D -每個轉接點的轉接延遲時間 （秒）。M

11、 -兩個節點之間的傳播延遲時間（秒）。假設不需要確認，請分別計算電路交換、報文交換、虛電路分組交換和數據報分組交換的 端到端延遲時間。解：（1 ）電路交換，有電路的建立時間，報文傳輸延遲和傳播延遲時間T電路交換=S(N亠1) M(M為兩站點之間的傳播延遲)B(2)報文交換，無電路的建立時間，但采用存貯轉發T報文交換 = (N +1) (丄 + M ) + N DB分組交換：分組個數I己為X個分組(可能最后一個分組中數據量不足P-H)P H最后一個分組長度為L- (x -1) ( P-H ) +H記為Y(3) 虛電路分組交換：有虛電路的建立時間，延遲時間可為T虛電路交換=虛電路的建立時間 +第一

12、個分組的到達時間+后續分組的到達時間P(x 2)，p + yS (N 1)( M ) N D -BB(4) 數據報分組交換：無虛電路的建立時間T數據報交換達時間 +后續分組的到達時間P(x 2) p + y=(N 1)( M ) N D -BB27. 若兩個端系統之間有三個轉接點，要傳送的報文為4800bits，所有鏈路上的數據速率為10Mbps若采用虛電路分組交換技術，呼叫建立的時間為0. 001秒，每個分組的最大長度為1200bits，每個分組要有 40bits的開銷，每個轉換點的處理時延為0. 0002秒。兩個站點之間的傳播時延為 0. 00001秒，試計算從端到端的延遲時間。解：每個分

13、組的最大長度為1200bits，每個分組要有 40bits的開銷，所以每個分組只能攜帶1160bits 數據。分組個數為 X=4800- 1160 4.1個，為5個分組。最后一個分組長度為 Y=L- (x -1) ( P-H) +H=200bits呼叫建立的時間為 S=0. 001秒=1ms每個轉換點的處理時延為D=0. 0002秒=0. 2ms；兩個站點之間的傳播時延為M=0 00001秒=0. 01ms； N=3; B=10Mbps=10bit/卩sT虛電路交換=虛電路的建立時間 +第一個分組的到達時間+后續分組的到達時間二 S (N 1)(P M) N D2)p yBB=2.5ms28.

14、 若在相隔1000公里兩地之間要傳送 3K位的數據。可以通過地面電纜以4.8kbps的數據速率傳送或通過衛星信道以50kbps的數據速率傳送，問從開始發送到接受方收到全部數據為止用那種方式傳送時間較短？解：地面電纜：T =傳輸延遲+傳播延遲3k 1000 103m=T 4.8kbps 200m/ us=625 ms + 5 ms = 630 ms衛星信道：衛星的單向傳播延遲時間約為270msT =傳輸延+傳播延遲3k270ms50kbps=60ms + 270ms = 330ms所以用衛星信道傳送的時間較短。29個簡單的電話系統由二個終端局和一個長途局組成，每個終端局用1MHZ的全雙工中繼解：

15、按頻分多路1MHZ= 250按時分多路4KHZ個子信道8 604 6 10%= 200個用戶線連到長途局，平均每臺電話機在 8小時的工作日中使用 4次，每次通話平均持續 6分鐘, 其中10%的通話是長途電話局。（即經過長途局的），若設每路話音帶寬為 4KHZ，問每個 終端局能夠支持的電話機最多臺數是多少？可支持的電話機的最多臺數為250 X 200 = 50000臺30 假如你訓練你的急救用狗，方法是傳送一個裝有三片軟盤的盒子，每個盤片上存有250,000字節的信息，不管你在那里，狗都能以18公里/小時的速度跑到你跟前，問在什么距離范圍內，狗的數據傳輸率比電路交換的數據傳輸率300 bps高？

16、的 3漢250000漢8bit、-/、八咔*斗八中、解：300bps （設距離為X公里）x/18公里/小時300bpsx 3 250000 8bit 18 10咕=100公里3600 s31.若某運載工具能以每小時 80公里的速度一次傳遞 10盒8mm的磁帶，每盒3盤帶，每盤帶 容量為7GB。問在什么距離范圍內，該運載工具的數據傳輸率比155M b/s的ATM網絡要高？解：設距離為Y公里10 3 7GBy/80公里/小時155M bpsy 10 3 7呼8 80 1嘰240公里155103600s32.解:某信道誤碼率為 105，每幀長度為10 000 bits，試問：a）若差錯都是單個錯，則

17、在該信道上傳送的幀的平均出錯率是多少？b）若差錯大多為突發錯，平均突發長度為100bits，則在該信道上傳送的幀的平均出錯率是多少？Pe = 10-5，每幀長度為（1）若為單個錯:Pe104 bit且NNe = 1 N = 105有多少個幀:（2）若為突發錯:105104Ne = 100 bit=10個幀的錯誤率為10% NNePe=10有多少幀104 =1000個幀，但突發錯誤可能影響一個幀，也可能影響二個幀;104所以幀的平均錯誤率為100021000第四章1. 比較ARQ和FEC方法的工作原理，說明他們的不同之處。4322. 已知生成多項式為：X + X + X +1,求信息位10101

18、01的CRC碼。解：生成多項式g (x) = x4+x3+x2+1對應的二進制位串為11101(r = 4)信息位1010101對立的二進制多項式為k (x)求X4 k(x)的余式 g(x)1110101余式 r (x) = x 3 + 1 t 100111101 .'10101010000 丿111011000011101C (x) = x4 k (x) + r (x)1101111101t對應的CRC碼為11000111011010011101101010110011001已知(7, 3)循環碼的校驗關系式為：C6+C3+C2+C1=0C5+C2+C1+C0=0C6+C5+C1=0

19、C5+C4+C0=0 求該循環碼的生成多項式G( X)和信息碼110的余式r(x) ?解：在(7, 3)循環碼中前 k-1位為0的信息位是001，即有C6 C5 C4 C3 C2 C1 C00 0 1 X X X X代入校驗方程組：C6+C3+C2+C1=0T C3=1;C5+C2+C1+C0=0t C2=1;C6+C5+C1=0t C1=0;C5+C4+C0=0t C0=1;生成多項式對應的二進制位串為0011101(r = 4);生成多項式為g (x) = x4+x3+x2+1信息位110對立的二進制多項式為k (x)g(x)的余式3余式 r (x) = x + 1 t 1001C (x)

20、 = x4 k (x) + r (x)101 11101 ；110 0000 /111 0110100111011001 t對應的CRC碼為 11010014.設有一個(7,3)碼，其生成多項式G(X) =x4+x3+x2+1,當傳輸信息為 解：生成多項式g (x) = x4+x3+x2+1對應的二進制位串為11101(r = 4)信息位101對立的二進制多項式為k (x)101時，求循環冗余碼。求山兇g(x)的余式111余式 r (x) = x + 1 t 0011C (x) = x4 k (x) + r (x)11101 .'1010000 丿1110110010111011110

21、10011t 對應的CRC碼為 1010011435 .設信息為7位，冗余位為4位，生成多項式 G( X) =x +x +1,試計算傳輸信息為 1011001和 1101001 的 CRC編碼。解：生成多項式g (x) = x4+x余式 r (x) = x +x t 1010C (x) = x4 k (x) + r (x)t對應的CRC碼為 +1對應的二進制位串為11001(r = 4)信息位1011001對立的二進制多項式為k (x)33求山兇g(x)的余式3110101011001 '10110010000/ 110011111011001111110011110011001101

22、0310110011010信息位1101001對立的二進制多項式為k (x)100100111001 '11010010000 / 1100111010余式 r (x) = 111001100110010001T 0001C (x) = X 4 k (x) + r (x)t 對應的CRC碼為110100100016.試比較四種幀定界方法的特點。7若發送窗口尺寸為 4,在發送3號幀并收到2號幀的確認幀后，發送方還可發幾幀？請給出 可發幀的序號。解：發送窗口尺寸為4,即不必等待確認幀的到來，最多可連續發送4個幀。發送了 3號幀，即前面一共發送了0，1，2，3號4個幀。收到了 2號幀的確認幀

23、，即表示0號，1號，2號幀均已收妥，故發送窗口可刪除 0號，1號，2 號幀，即還留下一個幀： 3號幀；所以發送方還可以發送 3個幀，可發送幀的序號為 4號，5 號和6號幀。&若窗口序號位數為 3,發送窗口尺寸為 2,采用Go-back-N法，請畫出由初始態出發相繼下 列事件發生時的發送及接收窗口圖：發送幀0、發送幀1、接收幀0、接收確認幀0、發送幀2、幀1接收出錯、幀1確認超時、重發幀1、接收幀1、發送幀2、接收確認幀1。解：窗口序號位數為3,即占三位二進制，幀序號為 07 ;采用G0 -back-N法，發送窗口為2,接 收窗口為1,即可以連續發送2個幀，而接收為順序接收。解：窗口序號

24、位數為3,即占三位二進制，幀序號為 07 ;采用G0 Hback-N法，發送窗口為2,接 收窗口為1,即可以連續發送2個幀，而接收為順序接收。發送窗口接受窗口同左發1收0同左0同左012發送窗口同前接受窗口重發1同左同左接收幀19.若幀序號位數為3, 窗口尺寸為2，采用選擇重發協議，請畫出由初始態出發相繼下列事件發生時的發送及接收窗口圖：發送幀0、發送幀1、接收幀0、接收確認幀0、發送幀2、接收否定確認幀1、接收幀2、重發幀1、接收幀1、接收確認幀2。解：窗口序號位數為3,即占三位二進制，幀序號為 07;采用選擇重發協議，發送窗口為 2,接 收窗口為2,即可以連續發送2個幀，而接收為不按順序接

25、收。初態發送窗口接受窗口12發0發1接收幀0 接收確認幀0發20同左同左同左同左同左接收幀1同左同左發送窗口接受窗口重發1同左61M接收確認幀210. 若BSC幀數據段中出現下列字符串：“ A<DLE><STX>BC<DLE><DLE>DE<DLE><ETB>問字符填充后的輸出是什么？ 解：BSC幀數據段中出現下列字符串：“ A<DLE><STX>BC<DLE><DLE>DE<DLE><ETB>字符填充后為：“ A<DLE><DLE&

26、gt;<STX>BC<DLE><DLE><DLE><DLE>DE<DLE><DLE><ETB>11. HDLC幀數據段中出現下列比特串：“ 010000011111110101111110問比特填充后的輸出是 什么？解：HDLC幀數據段中出現下列比特串：010000011111110101111110'比特填充后為：01000001111101101011111010'12. 一個信道的數據速率為4Kbps,單向傳播延遲時間為 20ms,問幀在什么范圍內，才能使停等協議的效率至少是

27、50% ?解：題中未提確認幀，即確認幀很短，可以忽略，不占時間停等協議的信道利用率為UB 2RLL 2RB/ B = 4 kbps ; R = 20 msL50%L 2RB答：幀長要大于等于160 bit13. 個信道的數據速率為 1Mbps，往返傳播延遲時間為 4ms，幀長度為1000比特，幀的順序 號用三位，并假設確認不采用捎帶方式，并且不占時間，問若不考慮差錯重發和幀頭所造成的 信道損失時，采用選擇重發協議，信道可能達到的最大有效利用率是多少？解：確認方式：單獨的確認幀，幀長為 L '（不采用捎帶方式）單獨的確認幀，幀長很短，可以忽略，不占時間；L ' =0（不采用捎帶方

28、式）采用捎帶方式，幀長為數據幀，故為L3幀的順序號為三位，故最大幀序號為Smax = 2 - = 7 ；又因為采用選擇重發協議，信道上發送方的發送窗口的最大尺寸為序號范圍的一半，即23- = 4信道的最大利用率:4LL L' 2RB/ L=1000bit ; 2R = 4 ms; B=1Mbps34 1033104 10=4 =80%514.使用后退n協議在3000km長的1.544Mbps的T1干線上發送64字節的幀，若信號傳播速 度是6s/km,問幀的順序號應有多少位？解：設幀的順序號為n位，則后退n協議的發送窗口的最大尺寸為Smax = 2 n- = m即可連續發送m個幀，并設確

29、認幀不占時間后退n協議的信道利用率（L ' =0）一m-L: 要使U為最大，即接近于1L 2D BVm L y1V- (m -1) L=2D BVDm _1 = 2V m = 109n2 -1 = m答幀的順序號應有3B/l= 2 3000 10 m n = leg27位二進制.31.544Mbps /(64 8) =108.5610 m/6us15.在50K bps的衛星信道上發送1Kbit長的幀，確認信號總是由數據幀捎帶，幀頭很短，使用三位順序號，對于下面三種協議，最大可能達到的信道有效利用率是多少？（1）停等協議（2）后退n協議 （3）選擇重發協議解：確認信號總是由數據幀捎帶，故

30、確認幀長等于數據幀長, L' = L ,幀頭很短，故幀的開銷可忽略不計。使用三位幀順序號，則Smax = 23 - = 7衛星信道的單向傳播延遲時間約為270ms（1）停等協議，發送窗口為 1,只能發送1個幀U3.45%L+L 卄2RB 2L+2RB 29(2) 后退n協議，發送窗口的最大尺寸為 Smax = 77 L7L7U24.15%L L 2RB 2L 2RB 29UL L 2RB 2L 2RB13.8%29（3）選擇重發協議，發送窗口的最大尺寸為序號范圍的一半，即為416用BSC規程傳輸一批漢字（雙字節），若已知采用不帶報頭的分塊傳輸，且最大報文塊長 為129字節，共傳輸了 5

31、幀，其中最后一塊報文為 101字節。問每個報文最多能傳多少漢字? 該批數據共有多少漢字？（假設采用單字節的塊校驗字符。）解：BSC規程中幀的格式為SSSEBYYT報文TCNNXBC每個報文可以最多傳輸的漢字數：（129B -B） / 2 = 62個漢字共有多少個漢字：4X 62 + （101B-5B） / 2 = 296個漢字17. 用HDLC幀傳輸12個漢字（雙字節）時，幀中的信息字段占多少字節？總的幀長占多少 字節？解：HDLC幀的格式為8 88 16 801111110ACIFCS01111110信息字段為 12 X 2 = 24B，信息字段占24字節總的幀長為24B + 6B = 30

32、B18. 數據傳輸速率2400 bps、最大分組長度1024位（未含分組頭），傳輸長度為256K字節的報 文，試計算：（1）總共傳輸的分組數；（2）總共傳輸的比特數；（3）傳輸所用的總時間。解：最大分組長度為1024 bit （未含分組頭）;傳輸長度為256K字節的報文256 疋 1024 漢 8（1） 總共傳輸的分組數：2048個分組1024（2）每個分組要加上3個字節的分組頭（24 bit）總共傳輸的比特數：2048* （1024 + 24） = 2146304 bit2048 "<1048bit宀2400bit/s（3） 傳輸所用的總時間：894.3秒若題目改為網絡層的分

33、組在數據鏈路層被組裝成幀（ HDLC ）傳輸問（4） 總共傳輸的幀數？ （ 5）總共傳輸的比特數？ （ 6）傳輸所用的總時間？（4）總共傳輸的幀數為2048個幀（5） 總共傳輸的比特數 2048*（ 1024+ 24 + 48）= 2244608 bit2048>d096bit宀（6）傳輸所用的總時間：935.25秒2400bps第四章1. 為什么CSMA/CD有最短幀長度的要求？解：對于基帶的CSMA / CD，沖突檢測要求分組長度必須大于兩站點最大傳播延遲時間的2倍,否則，當檢測到沖突后，站點已經將分組傳送結束，無法進行沖突檢測；另外，傳送長的 分組，可以相對地減少沖突。2. 簡述非

34、堅持、1-堅持及P-堅持算法的特點。3. 長1Km、10Mbps的802.3 LAN，其信號傳播速度為 200m/s，數據幀長度為 256位（包括32位開銷）。一個成功發送后的第一位時間片留給接收方以捕獲信道來發送一個32位的確認幀。假設不考慮沖突、問不包括開銷的有效數據速率為多少？解：基帶傳輸時，時間片的長度等于往返傳播延遲時間（即2a）,否則不能確保信道是否空閑1km200m/us=10us發送一個數據分組的時間為L/B = 256 bit / 10 X 106 bps = 25. 6us發送一個確認分組的時間為（10 us）,發送數據分組；接收者獲得信道（10 us）,L/B = 32

35、bit / 10X 106 bps = 3. 2us 一次成功能發送：包括發送者獲得信道 發送確認分組的時間。總時間 T = 10 us + 25 . 6us + 10 us + 3 . 2us = 48. 8us在一次成功的發送中，共發送的有效數據為L= 256- 32 = 224位L 224bit所以有效數據速率為一二:4.59MbpsT 48.8us4. 長1Km、10Mbps的基帶總線LAN，信號傳播速度為 200m/七 計算一個1000比特的幀從 發送開始到接收結束的最大時間是多少？若兩相距最遠的站點在同一時刻發送數據，則經過多 長時間兩站發現沖突。解：幀從發送開始到接收結束的最大時

36、間是多少T = T傳輸+ T傳播=L D 1000bit r =B V 10Mbps1km200m/us=100 us + 5 us = 105 us若相距最遠的兩站點在同時發送5usV在1匸-2.5us時發生沖突，檢測到沖突的時間為2 V5. 100個站點的時槽環，任意兩站間的平均距離為10 m,數據傳輸速率為10 Mbps，信號傳播速度為200 mMs,，若每個站引入1位延遲，試計算：（1）兩站點間鏈路的位長度為多少位？（ 2）整個環路的有效位長度為多少位？ （3）此環上最多允許有幾個 37位長的時槽？解：（1）兩站點間鏈路的位長度為d B一 10Mbps = 0.5bitv 200m/u

37、s（2）整個環路的等效位長度為10Mbps 100 1bit =150bit200m/us（3）此環上最多允許有幾個 37位長的時槽150 - 37 = 4. 05所以有4個時槽6. 長1Km、10Mbps、50個站點的令牌環，每個站引入1位延遲，信號傳播速度為200m/s, 令 牌長8位，數據幀長度位 256位（包括32位開銷），確認在數據幀捎帶，問該環不包括開銷的 有效數據速率為多少？解：（1）在輕負荷時，只有一個站點要發送數據最壞情況下發送一幀的時間 =空令牌繞環一周的時間+ 一個數據幀繞環一周的時間L'Dn 1LDn 1T =（）（）BV BBVB81km502561km50=

38、（ ）（ ） 10bit / us 200m/us 10bit / us 10bit / us 200m/us 10bit/us=46.4us數據位數256- 32 = 224位所以有效數據速率為 224 bit /T = 224 bit /46 . 4 us = 4. 83 Mbps（2）重負荷的令牌環，可看為每一個站點都有數據要傳送，即每個站點在發送完數據幀后，再發一個令牌幀；確認是在數據幀中捎帶， 這樣就省去了專門的確認幀 （假設每一個站點都 只發一個幀，并且所發的幀的長度都相等）。在重負荷時，每個站點都要發送數據，n個站點發n個數據幀；所使用的總時間=空令牌繞環一周的時間 + n個數據

39、幀各繞環一周的時間)+ n ( + D + n)B VBB V B=10. 8us + n 35. 6us = 1790. 8us總的數據位數 n（256- 32 ） = 224 n位=11200 bit 所以有效數據速率為 n 224 / T = 6.25 Mbps7. 長10Km、16Mbps、100個站點的令牌環，每個站引入1位延遲，信號傳播速度為 200m/s。問：（1）該環上1位的延遲相當于多少米長度的電纜？（2）該環的有效位長度為多少位？解：（1） 1位的延遲相當于多少米長的電纜1 1V200m/us =12.5mB16bit / us(2)有等效位長度(兩種方法)10i) B 1

40、00 1bit -900bit200 m/usii) 等效的媒體長度10km - V 100 = 11.250kmB等效的位長度11.250km200m/usB = 900bit&長1Km、4Mbps、50個站點的令牌環，每個站引入1位延遲，信號傳播速度為 200m/._s,設數據幀最大長度為100字節。問該環上檢查令牌丟失的超時計數器的值至少要設置為多少微秒？解:100 8 1km 50 1+4bit / us 200m /us 4bit / us=200us 5us 12.5us = 217.5us9. 一個10Mbps的令牌環，其令牌保持計數器的設置值為10七，在此環上可發送的最

41、長幀為多 少位？解：L _D .Lj題中沒有給出環的長度，故D 省略B V BV題中沒有給出站點的延遲時間（n i ） /B省略L T二 L w T B = 10 us x 10 Mbps = 100 bitB10. 10Mbps、100個站點的令牌總線網， 令牌長度為12字節，當只有一個站點要求發送報文時， 問該站發送報文的最大等待時間為多少？（忽略信號傳播時延。）解：T為空令牌繞環一周所需的時間。但是在總線網絡令牌是廣播到總線的U DT =n （站點處理時間）此題中傳播時延忽略，站點處理時延略B V12漢8-100（） = 960us10bit/us11. 考慮把一個1兆字符的文件從一個站傳到另一個站。在下述情況下，總的經過時間和有效 吞吐量各是多少？（1）線路交換的星形拓撲結構局域網。呼叫建立時間可以忽略不計，媒體上的數據傳送速 率為64Kbps （媒體上的傳播時延不計）。（2）帶有