2024-2025學年北京專家高三適應性調研考試物理試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在鐵芯上、下分別繞有匝數n1=800和n2=200的兩個線圈，上線圈兩端u=51sin314tV的交流電源相連，將下線圈兩端接交流電壓表，則交流電壓表的讀數可能是

A．2.0V B．9.0VC．12.7V D．144.0V2、如圖所示，一個質量為m的鐵球處于靜止狀態，鐵球與斜面的接觸點為A,推力F的作用線通過球心O，假設斜面、墻壁均光滑，若讓水平推力緩慢增大，在此過程中，下列說法正確的是()A．力F與墻面對鐵球的彈力之差變大B．鐵球對斜面的壓力緩慢增大C．鐵球所受的合力緩慢增大D．斜面對鐵球的支持力大小等于3、如圖，一圓形閉合銅環由高處從靜止開始下落，穿過一根質量為m、豎直懸掛的條形磁鐵，細繩對磁鐵的拉力為F。若線圈下落過程中，銅環的中心軸線與條形磁鐵的中軸始終保持重合，則下列圖中能正確描述拉力F隨時間t變化的圖像是（）A． B．C． D．4、戰斗機離艦執行任務，若戰斗機離開甲板時的水平分速度大小為40m/s，豎直分速度大小為20m/s，離艦后它在水平方向做加速度大小為1m/s2的勻加速運動，在豎直方向做加速度大小為2m/s2的勻加速運動，以戰斗機離開甲板時的位置為坐標原點，水平方向為x軸，豎直方向為y軸建立直角坐標系，則在它離艦后的一段時間內，下列軌跡正確的是（）A． B．C． D．5、如圖所示，實線表示某電場中的電場線，但方向未知，虛線是某一帶負電的粒子通過該電場區域的運動軌跡，A、B是運動軌跡上的兩點。若帶電粒子在運動中只受電場力作用，在A、B兩點的電勢分別為、，加速度大小分別為、，速度大小分別為、，電勢能大小分別為、，則下列說法正確的是（）A．，> B．>，<C．>，< D．<，>6、如圖所示，在光滑的水平面上放有兩個小球A和B，其質量，B球上固定一輕質彈簧。A球以速率v去碰撞靜止的B球，則（）A．A球的最小速率為零B．B球的最大速率為vC．當彈簧恢復原長時，B球速率最大D．當彈簧壓縮量最大時，兩球速率都最小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，某時刻將質量為10kg的貨物輕放在勻速運動的水平傳送帶最左端，當貨物與傳送帶速度恰好相等時，傳送帶突然停止運動，貨物最后停在傳送帶上。貨物與傳送帶間的動摩擦因數為0.5，貨物在傳送帶上留下的劃痕長為0.1m，重力加速度取10m/s2。則貨物（）A．總位移為0.2mB．運動的總時間為0.2sC．與傳送帶由摩擦而產生的熱量為5JD．獲得的最大動能為5J8、如圖所示，某空間存在一豎直方向的電場，其中的一條電場線如圖甲所示，一個質量為m。電荷量為q的帶正電小球，從電場線中O點由靜止開始沿電場線豎直向上運動x1的過程中，以O為坐標原點，取豎直向上為x軸的正方向，小球運動時電勢能ε與位移x的關系如圖乙所示，運動忽略空氣阻力，則（）A．沿x軸正方向的電場強度大小可能增加B．從O運動到x1的過程中，如果小球的速度先增后減，則加速度一定先減后增C．從O點運動x1的過程中，每經過相等的位移，小球機械能的增加變少D．小球運動位移x1時，小球速度的大小為9、如圖所示，在邊界MN右側是范圍足夠大的勻強磁場區域，一個正三角形閉合導線框ABC從左側勻速進入磁場，以C點到達磁場左邊界的時刻為計時起點（t=0），已知邊界MN與AB邊平行，線框受沿軸線DC方向外力的作用，導線框勻速運動到完全進入磁場過程中，能正確反映線框中電流i、外力F大小與時間t關系的圖線是（）A． B． C． D．10、如圖所示，靜止于水平面上的傾角為θ的斜面上有一質量為M的槽，槽的內部放一質量為m的光滑球，已知槽和球起沿斜面下滑，球的大小恰好能和槽內各面相接觸，不計空氣阻力，重力加速度為g,則下列說法正確是()A．若槽和球一起勻速下滑，則槽對球的作用力大小為B．若槽和球一起下滑的加速度大小為,則槽對球的作用力大小一定為C．若槽和球一起下滑的加速度大小為,地面對斜面的摩擦力方向可能向左D．若槽和球一起勻速下滑，則球和槽之間只有兩個接觸點有彈力的作用三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在做“用單擺測定重力加速度”的實驗過程中：(1)小李同學用游標卡尺測得擺球的直徑如圖所示，則擺球直徑d＝________cm。(2)小張同學實驗時卻不小心忘記測量小球的半徑，但測量了兩次擺線長和周期，第一次測得懸線長為L1，對應振動周期為T1；第二次測得懸線長為L2，對應單擺的振動周期為T2，根據以上測量數據也可導出重力加速度的表達式為_________________。12．（12分）某同學想測出濟南當地的重力加速度g，并驗證機械能守恒定律。為了減小誤差，他設計了一個實驗如下：將一根長直鋁棒用細線懸掛在空中（如圖甲所示），在靠近鋁棒下端的一側固定電動機M，使電動機轉軸處于豎直方向，在轉軸上水平固定一支特制筆N，借助轉動時的現象，將墨汁甩出形成一條細線。調整筆的位置，使墨汁在棒上能清晰地留下墨線。啟動電動機待轉速穩定后，用火燒斷懸線，讓鋁棒自由下落，筆在鋁棒上相應位置留下墨線。圖乙是實驗時在鋁棒上所留下的墨線，將某條合適的墨線A作為起始線，此后每隔4條墨線取一條計數墨線，分別記作B、C、D、E。將最小刻度為毫米的刻度尺的零刻度線對準A，此時B、C、D、E對應的刻度依次為14.68cm，39.15cm，73.41cm，117.46cm。已知電動機的轉速為3000r/min。求：(1)相鄰的兩條計數墨線對應的時間間隔為________s；(2)由實驗測得濟南當地的重力加速度為________m/s2（結果保留三位有效數字）；(3)該同學計算出劃各條墨線時的速度v，以為縱軸，以各條墨線到墨線A的距離h為橫軸，描點連線，得出了如圖丙所示的圖像，據此圖像________（填“能”或“不能”）驗證機械能守恒定律，圖線不過原點的原因__________________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，平面直角坐標系第一象限中，兩個邊長均為L的正方形與一個邊長為L的等腰直角三角形相鄰排列，三個區域的底邊在x軸上，正方形區域I和三角形區域Ⅲ存在大小相等，方向沿y軸負向的勻強電場。質量為m、電量為q的帶正電粒子由正方形區域I的頂點A以初速度v0沿x軸正向射入區域I，離開電場后打在區域Ⅱ底邊的中點P。若在正方形區域Ⅱ內施加垂直坐標平面向里的勻強磁場，粒子將由區域Ⅱ右邊界中點Q離開磁場，進入區域Ⅲ中的電場。不計重力，求：(1)正方形區域I中電場強度E的大小；(2)正方形區域Ⅱ中磁場磁感應強度的大小；(3)粒子離開三角形區域的位置到x軸的距離。14．（16分）2019年12月27日晚，“實踐二十號”衛星被成功送入預定軌道。運載這一衛星的長征五號運載火箭在海南文昌航天發射場進行多次調試，在某次實驗中該發動機向后噴射的氣體速度約為3000m/s，產生的推力約為4.8×106N，則它在1s時間內噴射的氣體質量約為多少千克？15．（12分）如圖甲所示，真空中的電極被連續不斷均勻地發出電子（設電子的初速度為零），經加速電場加速，由小孔穿出，沿兩個彼此絕緣且靠近的水平金屬板、間的中線射入偏轉電場，、兩板距離為、、板長為，兩板間加周期性變化的電場，如圖乙所示，周期為，加速電壓為，其中為電子質量、為電子電量，為、板長，為偏轉電場的周期，不計電子的重力，不計電子間的相互作用力，且所有電子都能離開偏轉電場，求：(1)電子從加速電場飛出后的水平速度大小？(2)時刻射入偏轉電場的電子離開偏轉電場時距、間中線的距離；(3)在足夠長的時間內從中線上方離開偏轉電場的電子占離開偏轉電場電子總數的百分比。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

由得，其中，得，因此題中兩線圈并非處于理想狀態，會出現漏磁，所以交流電壓表的讀數小于9.0V，故選項A正確．2、D【解析】

對小球受力分析，受推力F、重力G、墻壁的支持力N、斜面的支持力N′，如圖：根據共點力平衡條件，有：x方向：F-N′sinθ-N=0豎直方向：N′cosθ=mg解得：；

N=F-mgtanθ；A.故當F增加時，墻壁對鐵球的作用力不斷變大，為N=F-mgtanθ；可知F與墻面對鐵球的彈力之差不變，故A錯誤；BD.當F增加時，斜面的支持力為，保持不變，故球對斜面的壓力也保持不變，故D正確，B錯誤；C.鐵球始終處于平衡狀態，合外力始終等于0；故C錯誤；3、B【解析】

銅環閉合，銅環在下落過程中，穿過銅環的磁通量不斷變化，銅環中產生感應電流；由楞次定律可知，當銅環在磁鐵上方時，感應電流阻礙銅環靠近磁鐵，給銅環一個向上的安培力，則銅環對磁鐵的力向下，細繩對磁鐵拉力大于重力；當銅環位于磁鐵下方時，銅環要遠離磁鐵，感應電流阻礙銅環的遠離，對銅環施加一個向上的安培力，則銅環對磁鐵的力向下，細繩對磁鐵拉力大于重力；當銅環處于磁鐵中央時，磁通量最大，沒有感應電流，鈾環對磁鐵沒有力的作用，細繩對磁鐵拉力等于重力。A.靠近和遠離時拉力都小于重力，與上述結論不符，故A錯誤；B.靠近和遠離時拉力都大于重力，與上述結論相符，故B正確；C.靠近時拉力大于重力，遠離時拉力小于重力，與上述結論不符，故C錯誤；D.靠近時拉力小于重力，遠離時拉力大于重力，與上述結論不符，故D錯誤。4、D【解析】

AB．戰斗機在水平方向和豎直方向分別做勻加速直線運動，且豎直方向的加速度大于水平方向的加速度，其軌跡應該向上彎曲，故AB錯誤；CD．根據勻變速直線運動位移公式，豎直方向即當y=200m時解得水平方向結合CD圖象，D圖象更加符合軌跡圖象，故D正確。故選D。5、C【解析】

虛線是某一帶負電的粒子通過該電場區域的運動軌跡，帶電粒子在運動中只受電場力作用，粒子的受力方向和場強方向如圖：若粒子由A運動到B，電場力方向和運動方向成鈍角，電場力做負功，粒子的電勢能增大，即；粒子在運動中只受電場力作用，電場力做負功，粒子動能減小，；，粒子帶負電，。A處電場線比B處密集，粒子在A處受到的電場力比B處大，則粒子在A處的加速度大于B處，即。故C項正確，ABD三項錯誤。6、C【解析】

分析小球的運動過程：A與彈簧接觸后，彈簧被壓縮，彈簧對A產生向左的彈力，對B產生向右的彈力，A做減速運動，B做加速運動，當B的速度等于A的速度時壓縮量最大，此后A球速度繼續減小，B球速度繼續增大，彈簧壓縮量減小，當彈簧第一次恢復原長時，B球速率最大，A球速度最小，此時滿足解得因為，可知A球的最小速率不為零，B球的最大速率大于v，選項ABD錯誤，C正確。

故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】

令傳送帶的速度為v，根據題意可知，貨物在傳送帶上先加速后做減速運動，加速運動階段，其加速度大小為當貨物加速到和傳送帶速度相等時，所用時間為貨物發生的位移為傳送帶發生的位移為減速運動過程中貨物的加速度大小為a′=a=5m/s2當貨物速度減為零，所用的時間為貨物發生的位移為根據題意可知，貨物在傳送帶上留下的劃痕長為所以傳送帶的速度為v=1m/s貨物發生的總位移為x=x1+x3=0.2m運動的總時間為t=t1+t2=0.4s與傳送帶由摩擦而產生的熱量Q=μmg（x2-x1+x3）=10J貨物獲得的最大動能為Ek＝mv2＝5J故B錯誤，ACD正確。

故選ACD。8、BC【解析】

A．電勢能??與位移x的圖象??-x圖象的斜率的絕對值表示小球所受電場力的大小，由圖乙可知圖象沿x軸正方向的斜率越來越小，說明小球所受電場力沿x軸越來越小，即沿x軸正方向的電場強度大小一直減小，故A錯誤；

B．從O運動x1的過程中，如果小球的速度先增后減，說明開始時小球所受電場力F大于重力mg向上做加速運動，后來電場力小于重力，向上做減速運動。當加速運動時，根據牛頓第二定律可得加速度因為F逐漸減小，故a逐漸減小。當向上減速運動時，有因為F逐漸減小，故a'逐漸增大。所以從O運動x1的過程中，如果小球的速度先增后減，加速度一定是先減后增，故B正確；

C．根據能的轉化和守恒定律可知，在小球向上運動的過程中電場力做正功，電勢能減小，減小的電勢能轉化為機械能。由圖乙可知從O點運動x1的過程中，每經過相等的位移，小球所受電場力逐漸減小，則電勢能減小的越來越少，則小球機械能的增加變少，故C正確；

D．規定O點所在的水平面為零重力勢能面，設小球運動位移x1時的速度為v，根據能量守恒定律得??0＝??1+mgx1+mv2解得故D錯誤。

故選BC。9、AD【解析】

AB．t時刻，線框有效切割長度為L=2vt?tan30°知L∝t，產生的感應電動勢為E=BLv知E∝t，感應電流為故I∝t，故A正確，B錯誤；

CD．導線框勻速運動，所受的外力與安培力大小相等，則有F-t圖象是過原點的拋物線，故C錯誤，D正確。

故選AD。10、BD【解析】

A.若槽和球一起勻速下滑，則槽對球的作用力大小等于球的重力，即為mg，故A錯誤；B.若槽和球一起下滑的加速度大小為gsinθ，則槽對球的作用力大小為故B正確；C.若槽和球一起下滑的加速度大小為gsinθ，則系統在水平方向有向右的加速度，地面對斜面的摩擦力方向向右，故C錯誤．D.若槽和球一起勻速下滑，則球受力平衡，球對前壁的彈力為mgsinθ，對底部的壓力為mgcosθ，所以球和槽之間只有兩個接觸點有彈力的作用，故D正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.030【解析】

(1)[1]游標卡尺的主尺讀數為20mm，游標尺讀數為0.05×6mm＝0.30mm，則擺球的直徑d＝20.30mm＝2.030cm(2)[2]設小球的半徑為r，根據單擺的周期公式得T1＝2πT2＝2π聯立方程組解得12、0.19.79能墨線A對應的速度不為零【解析】

(1)[1]由于電動機的轉速為3000r/min，則其頻率為50Hz，故每隔0.02s特制筆N便在鋁棒上畫一條墨線，又每隔4條墨線取一條計數墨線，故相鄰計數墨線間的時間間隔是0.1s(2)[2]由題可知可知連續相等時間內的位移之差根據△x=gT2得(3)[3]鋁棒下落過程中，只有重力做功，重力勢能的減小等于動能的增加，即mgh＝mv2得若圖線為直線，斜率為g，則機械能守恒，所以此圖像能驗證機械能守恒[4]圖線不過原點是因為起始計數墨線A對應的速度不為0四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）（3）【解析】

（1）帶電粒子在區域Ⅰ中做類平拋，根據平拋運動的規律列式求解場強E；（2）粒子在磁場中做勻速圓