2024學年第一學期高一年級學業質量調研

物理試卷

考生注意：

1.本卷滿分10分，考試時間60分鐘。

2.本卷中g取10m/s2

3.綜合分析題要求寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案，而未寫

出主要演算過程的，不能得分。

一、單選題（1-8每小題3分，9-12每小題4分，共40分）

L“平均速度”概念建立時用到的物理方法是（）

A.等效替代法B.控制變量法C.理想模型法D.極限思想法

【答案】A

【解析】

【詳解】平均速度概念的建立體現的科學思想是等效替代的思想。

故選Ao

2.當你坐在以350km/h的時速勻速行駛的復興號高鐵上，身體不會有什么特別的感覺，而你坐在一架正在

起飛的C919客機上，明顯感覺身體有一種特別的變化，甚至會被嚇一跳。根據以上事實推斷，你的身體比

較“敏感”的物理量是（）

A.位移B.速度C.時間D.加速度

【答案】D

【解析】

【詳解】當坐在以350km/h的時速勻速行駛的復興號高鐵上，身體不會有什么特別的感覺，此時復興號高

鐵的加速度為0;而坐在一架正在起飛的C919客機上，明顯感覺身體有一種特別的變化，甚至會被嚇一跳。

此時客機的加速度不為0；所以身體比較“敏感”的物理量是加速度。

故選D。

3.2024年5月28日，歷時約8.5小時，神舟十八號載人飛船的航天員刷新了中國航天員單次出艙活動時間

紀錄，完成了空間站空間碎片防護裝置安裝、艙外設備巡檢等任務。下列說法正確的是（）

A.執行載人飛船與核心艙交會對接時，可將載人飛船看作質點

B.研究宇航員出艙太空行走的姿態，可將宇航員看作質點

C.操作機械臂旋轉的工作過程，可將機械臂看作質點

D.研究載人飛船繞地球一圈的時間，可將載人飛船看作質點

【答案】D

【解析】

【詳解】A.執行載人飛船與核心艙交會對接時，載人飛船的形狀大小不能忽略不計，不可以將載人飛船看

作質點，故A錯誤；

B.研究宇航員出艙太空行走的姿態，宇航員的形狀大小不能忽略不計，不可以將宇航員看作質點，故B錯

誤；

C.操作機械臂旋轉的工作過程，機械臂的形狀大小不能忽略不計，不可以將機械臂看作質點，故C錯誤；

D.研究載人飛船繞地球一圈的時間，載人飛船的形狀大小能忽略不計，可將載人飛船看作質點，故D正

確。

故選D。

4.伽利略在研究自由落體運動時，首先研究銅球在斜面上的運動，然后通過合理外推，得出自由落體運動

是勻變速直線運動的結論.伽利略用“斜面實驗”研究自由落體運動的原因是（）

A,便于測量位移B.便于測量時間

C.便于測量速度D,便于測量加速度

【答案】B

【解析】

【詳解】在伽利略時代，沒有先進的計時儀器，還采用的是用水鐘計時，無法直接測定運動時間，所以伽

利略用“斜面實驗”研究自由落體運動的原因是便于測量時間.

A,便于測量位移與分析不符，故A錯誤.

B.便于測量時間與分析相符，故B正確.

C.便于測量速度與分析不符，故C錯誤.

D,便于測量加速度與分析不符，故D錯誤.

5.如圖所示，一只貓在桌邊猛地將桌布從魚缸下水平向右拉出，魚缸在桌面上繼續向右滑行了一段距離后

停下來，則下列敘述正確的是（）

A.魚缸在桌布上滑動時,桌布對魚缸底的滑動摩擦力是阻力

B.魚缸在桌布上滑動時，魚缸底對桌布的滑動摩擦力是動力

C.魚缸在桌面上滑動時，魚缸底對桌面的滑動摩擦力水平向左

D,魚缸在桌面上滑動時，桌面受到的壓力是由于魚缸發生彈性形變產生的

【答案】D

【解析】

【詳解】A.魚缸在桌布上滑動時，魚缸相對于桌布向左運動，桌布對魚缸底的滑動摩擦力向右，與魚缸的

運動方向相同，所以桌布對魚缸底的滑動摩擦力是動力，故A錯誤；

B.魚缸在桌布上滑動時，魚缸底對桌布的滑動摩擦力向左，與桌布的運動方向相反，所以魚缸底對桌布的

滑動摩擦力是阻力，故B錯誤；

C.魚缸在桌面上滑動時，魚缸相對于桌面向右運動，桌面對魚缸底的滑動摩擦力水平向左，則魚缸底對桌

面的滑動摩擦力水平向右，故C錯誤；

D.魚缸在桌面上滑動時，桌面受到的壓力是由于魚缸發生彈性形變產生的，故D正確。

故選D。

6.蝶泳運動員在加速沖刺時，關于池水對他的作用力下的方向，下圖中大致正確的是（）

【答案】C

【解析】

【詳解】蝶泳運動員在加速沖刺時，加速度方向大致為水平向前方向，則池水對他的作用力有水平向前的

分力。

故選C。

7.在1960年，第11屆國際計量大會制訂了一種國際通用的、包括一切計量領域的單位制，叫作國際單位

制。國際單位制中的七個基本單位，構成了整個國際單位制的基礎，下列單位中，不屬于基本單位的是

()

A.開爾文（K）B.安培（A）C.牛頓(N)D.摩爾（mol）

【答案】C

【解析】

【詳解】A.開爾文（K）是溫度的國際單位，是基本單位，A不符合題意；

B.安培（A）是電流強度的國際單位，是基本單位，B不符合題意；

C.牛頓（N）是力的國際單位，不是基本單位，C符合題意；

D.摩爾（mol）是物質的量的國際單位，是基本單位，D不符合題意。

故選C。

8.如圖所示，某學習小組利用直尺估測反應時間：甲同學捏住直尺上端，使直尺保持豎直，直尺零刻度線

位于乙同學的兩指之間，當乙看見甲放開直尺時，立即用手指捏住直尺，根據乙手指所在位置計算反應時

間。為簡化計算，某同學將直尺刻度進行了改進，以相等時間間隔在直尺的反面標記反應時間的刻度線，

制作了“反應時間測量儀”，下列四幅圖中刻度線標度正確的是（）

甲同學

T

乙同學

——

0.4—0.4—

0.3—

0.2—

0.3—

A,0.1B.

0.2—

0.1—

0—0—

0—0-

0.1-

0.2-

C,0.3-D.

0.2—

0.3—

0.4-

0.4—

【答案】B

【解析】

【詳解】由題可知，手的位置在開始時應放在0刻度處,所以0刻度要在下邊.物體做自由落體運動的位

移為

,12

h=

位移與時間的平方成正比，所以隨時間的增大，刻度尺上的間距增大.由以上的分析可知，只有圖B是正

確的。

故選B。

9.一小車沿直線運動，從f=0開始由靜止勻加速至/=G時刻，此后做勻減速運動，至時刻速度降為

零。在下列小車位移x與時間/的關系曲線中，可能正確的是（）

【答案】D

【解析】

【詳解】x—f圖像的斜率表示速度，小車先做勻加速運動，因此速度變大即0—G圖像斜率變大，打做勻

減速運動則圖像的斜率變小，在72時刻停止圖像的斜率變為零。

故選D。

10.如圖，物塊A、B處于靜止狀態，已知豎直墻壁粗糙，水平地面光滑，則關于物塊A的受到的靜摩擦力,

說法正確的是（）

A.A不受靜摩擦力B.A受到兩個靜摩擦力

C.A受到一個靜摩擦力D.無法確定

【答案】C

【解析】

【詳解】以物塊A、B為整體，由于水平地面光滑，根據受力平衡可知豎直墻壁對A沒有彈力作用，則豎

直墻壁對A沒有摩擦力作用；以A為對象進行受力分析，可知A受到重力、B的支持力和摩擦力作用，所

以A受到一個靜摩擦力。

故選C。

II.如圖所示，兩個小球A和B之間用輕彈簧連接，然后用細繩懸掛起來，A的質量為協B的質量為2加,

剪斷細繩的瞬間，A球和B球的加速度分別是（）

////////

O

A

B

A.0和gB.g和0C.2g和0D.3g和0

【答案】D

【解析】

【詳解】繩剪斷前，對B,由平衡條件得

kx=2mg

繩剪斷后瞬間，彈簧彈力來不及變化，對A有

kx+mg=ma人

解得

穌=3g

由于彈力不變，則B的受力情況不變，其加速度為0。

故選D。

12.一質點做直線運動，其位置坐標與時間的關系為x=2/-r+1（x、，分別以m、s為單位），則該質點

（）

A.初速度％=lm/sB.加速度a=-hn/s2

C.第Is內的位移石=2mD.前2s內的平均速度4=0向s

【答案】D

【解析】

【詳解】AB.t=0時刻的位置坐標為

x0=1m

則從。?，時間內質點通過的位移為

2

/^x=x-x0=2t-t

結合勻變速直線運動位移時間關系

、12

Ax=vot+—at

可知該質點的初速度和加速度分別為

2

v0=2m/s,a=-2m/s

故AB錯誤；

C.第Is內的位移為

12

X,=2x1m——x2xlm=Im

12

故C錯誤；

D.前2s內的位移為

12-

x2=2x2m--x2x2m=Om

則前2s內的平均速度為

v2=—=Om/s

故D正確。

故選D。

二、填空題（每小題4分，共20分）

13.如圖所示，小車放在水平地面上，甲、乙二人用力向相反方向拉小車，不計小車與地面之間的摩擦力,

小車靜止時甲拉小車的力和乙拉小車的力是一對（選填“平衡”或“相互作用”）力。若小車加速向

右運動，此時小車拉甲的力—（選填“大于”“等于”或“小于”）甲拉小車的力。

【答案】①.平衡②.等于

【解析】

【詳解】［1］根據題意可知，小車靜止時受到甲和乙的拉力而處于平衡狀態，則這兩個拉力是一對平衡力；

⑵小車拉甲的力跟甲拉小車的力是作用力和反作用力，兩力大小是相等的。

14.小安同學想測量地鐵在平直軌道上啟動的加速度。他在一根細繩的下端綁上一支圓珠筆，細繩的上端用

膠布固定在地鐵的豎直扶手上。在地鐵啟動后的某段加速過程中，細繩偏離了豎直方向，并與豎直扶手之

間有一穩定的夾角如右圖，拍攝方向跟豎直扶手和細繩所在平面垂直。已知當地重力加速度為g,圖中

該地鐵的加速度方向為，加速度大小為0

【答案】①.水平向左②.gtand

【解析】

【詳解】[1]⑵以圓珠筆為對象，其受力如圖所示

1

\X

X\

XX

\

\\

mg

可知合力方向水平向左，根據牛頓第二定律可得

F臺=mgtan0-ma

解得

a=gtan0

則該地鐵的加速度方向為水平向左，加速度大小為gtan。。

15.在高度180m處有兩只氣球（氣球。和氣球6）,以相同速度10m/s分別勻速上升和勻速下降，此時，在

這兩只氣球上各掉出一物體，則這兩個物體落到地面時的時間差為s,所經過的路程差為mo

（物體空氣阻力不計）

【答案】①.2②.10

【解析】

【詳解】[1]⑵根據題意可得氣球。上掉出的物體先做豎直上拋運動，當回到初始位置時以同樣大小的速度

向下做勻加速直線運動，氣球6掉出的物體從掉出后就開始向下做勻加速直線運動，所以可得兩個物體落

到地面時的時間差即為氣球。上掉出的物體從掉出到回到掉出位置時的時間，即

AAz—2cx—V=2cx—10s=2cs

g10

同理所經過的路程差為氣球a上掉出的物體從掉出到回到掉出位置時經過的路程，即

AcV2c102

As=2x——=2x------m=110Am

2g2x10

16.如圖，質量為的物塊在與水平面成6角的恒力P作用下，沿水平面向左做勻加速運動。

(1)則E與滑動摩擦力的合力方向為(選涂"A.豎直向上”、“B.斜向左上”或“C.斜向右

上”)o

(2)若要物塊不脫離水平面，恒力R需滿足的條件為0

【答案】(1)B(2)F<-^-

sin，

【解析】

【小問1詳解】

由于物塊沿水平面向左做勻加速運動，則恒力廠的水平分力與滑動摩擦力的合力方向水平向左，而恒力/

的豎直分力豎直向上，所以E與滑動摩擦力的合力方向為斜向左上。

故選B。

【小問2詳解】

若要物塊不脫離水平面，恒力廠需滿足的條件為

Fsin6*<mg

可得

F工工

sin。

17.如圖，用力傳感器4、5共同支起一個質量為加的光滑球。其中4對球的作用力方向與水平方向間夾角

始終為30。，5對球的作用力方向可調。為使球保持平衡，傳感器3對球作用力的作用點所在范圍為

（在區域①、②、③、④、⑤中選填），作用力的最小值為。（重力加速度為g）

【解析】

【詳解】［1］以球為研究對象，受重力G和力傳感器N對它的支持力用作用，如圖:

為使球保持平衡，傳感器B對球作用力的作用點所在范圍應在②③區域內。

［2］當傳感器8對球作用力晶與傳感器/對它的支持力月垂直的時候作用力的最小，最小值為

FB=mgcos30°=-mg。

三、綜合分析題（共40分）

18.在“探究求合力的方法”實驗中：

O

K

H

-

/

AB

圖①

（1）需要用到帶細繩套的橡皮筋，下①圖中最合適的是;

（2）某次用彈簧秤拉橡皮筋時彈簧秤的指針位置如圖②所示，彈簧秤示數為N；

（3）若選用量程為5N的彈簧測力計做該實驗。下圖中尸i=B=3.0N,甲同學的分與凡方向的夾角約為60°,

乙同學的尸1與尸2方向的夾角約為90。，丙同學的E與尸2方向的夾角約為120。，其中操作不合適的是

【解析】

【詳解】（1）[1]為減小實驗誤差，方便實驗操作，細繩套應適當長些，故選C。

（2）[2]由圖示彈簧測力計可知，其分度值為0.1N,示數為2.65N。

（3）[3]對于甲同學，合力

牛=2x4cosl5°>5N

對于乙同學

%=信+32N-4.2N

對于丙同學

心=2x3cos60°=3N

可見操作不合適的是甲同學，因為他的兩個力的合力超過了彈簧測力計的最大值，下面再用一個彈簧測力

計拉時就拉不到。點。

故選甲。

①如圖是本實驗的裝置圖，圖中①是位移傳感器的部分（填“發射”或“接收”）

②實驗中，要求所掛小盤和鉤碼的質量（填“遠小于”或“遠大于”）小車和所加配重片的質

量，此時才能認為小盤和鉤碼所受重力大小等于繩對小車的拉力大小；

③如圖為小車質量不變時實驗所得的代尸圖像，從圖像上可以看到直線不過原點。這是由引起

的，由圖可知小車的質量為kgo

【答案】①.發射②.遠小于③.小車與軌道間的摩擦力④.0.83

【詳解】①[1]圖中①是位移傳感器的發射器的發射部分，接收器固定在軌道上;

②⑵本實驗是探索“加速度和力的關系”，所以應保持小車的總質量不變，小盤和鉤碼所受重力作為小車

所受外力；在質量不變的條件下，加速度與外力成正比；對整體，根據牛頓第二定律有

mg=[M+m^a

解得

a=*-

M+m

對小車，根據牛頓第二定律有

F=Ma

將。代入上式，可得

F_Mmg_mg

M+m]]m

M

可見當滿足加《M時才能認為小盤和鉤碼所受重力大小等于繩對小車的拉力大小，即

F=mg

③[3]在圖中，當繩子的拉力大于零時，小車的加速度仍然是零，說明小車還受到摩擦力的作用，所以從圖

像上可以看到直線不過原點，這是由小車與軌道間的摩擦力引起的；

[4]對小車，根據牛頓第二定律有

F=Ma

變形得

a=—F

M

則圖線的斜率

13.40-1.00

M—3-1

解得

M=0.83kg

20.如圖甲，質量為加的物塊，掛在一根橡皮筋下端靜止時，橡皮筋伸長/。如圖乙，將此物塊放在傾角

為37。的固定斜面上，仍用該橡皮筋拉住物塊，使其沿斜面勻速下滑，橡皮筋伸長包。已知sin37°=0.6,

2

cos37°=0.8,重力加速度為g。

□

甲

(1)在甲圖中畫出物塊受力示意圖，并求橡皮筋的勁度系數上;

(2)在乙圖中畫出物塊受力示意圖，并求物塊與斜面間的動摩擦因數〃。

AF

【答案】(1)

X。

''mg

(2)

【解析】

【小問1詳解】

物塊受力示意圖如圖所示

IF

mg

根據受力平衡可得

F=mg

根據胡克定律可得

F=kx0

聯立可得橡皮筋的勁度系數為

小螫

X。

【小問2詳解】

物塊受力示意圖如圖所示

mg

根據平衡條件可得

mgsin37°=F1+f,mgcos37°=N

又

Fx=k^-=^mg,f=W

聯立解得物塊與斜面間的動摩擦因數為

〃=0.125

21.小安同學住在一座25層的高樓內，每天乘電梯上下樓，經過多次觀察和測量，發現電梯啟動后的運動

速度符合如圖所示的規律，根據這一特點，小安在電梯內用臺秤、重物和停表測量樓房的高度。他將臺秤

放在電梯內，將重物放在臺秤的托盤上，電梯從第一層開始啟動，經過不間斷地運行，最后停在最高層。

在整個過程中，他記錄了臺秤的不同時間段內的示數，數據如下表所示。由于疏忽，漏記了某次臺秤示數

突變的時刻。假設在每個時間段內臺秤的示數是穩定的，重力加速度g取10m/s2。

電梯啟動