2025屆安徽省江南十校高三上學期10月第一次綜合素質檢測物

理試卷

學校:姓名：班級：考號：

一、單選題

1.光電管是根據(jù)光電效應制成的，是一種可以把光信號轉化為電信號的儀器，在太陽能電

池研究、光纖通信以及自動控制等方面有廣泛的應用。小明同學用圖示電路研究光電管的性

能，其中光電管的陰極和陽極由不同的金屬材料制成，實驗時保持開關閉合，用某種波長的

光照射陰極，未發(fā)生光電效應，則以下說法正確的是（）

A.若把滑動變阻器的滑動片c向b端移動，則可以產(chǎn)生光電流

B.若只增大入射光的強度，一定可以產(chǎn)生光電流

C.若減小入射光的波長，則電流表中可能有電流通過

D.若只延長照射時間，一定可以產(chǎn)生光電流

2.圖1為一列簡諧橫波在f=0時刻的波形圖，P、Q為介質中的兩個質點，圖2為質點P

A.波速為10m/sB.簡諧橫波傳播方向為x軸正方向

C.，=0時刻P的速度小于Q的速度D.從t=0時刻之后，P比Q先到達位移最大

試卷第1頁，共8頁

處

3.如圖所示為半圓柱體形玻璃磚的橫截面，0D為直徑。一束包含紅、紫兩種單色光的光

束沿A0方向從直徑上非常靠近。點位置射入柱體，并分別到達柱體表面的B,C兩點。則

下列說法中正確的是（）

A.兩種顏色的光在玻璃中的傳播速度大小相等

B.到達8點的光可能是紅光

C.兩束光在玻璃中分別到達2、C兩點的傳播時間不相等

D.在8、C兩點中，若紫光能射出玻璃，則紅光也能射出玻璃

4.最近在武漢市街頭有一種叫做“蘿卜快跑”的無人駕駛網(wǎng)約車，因其科技含量高和較低的

乘車費用引起市民的廣泛關注。這種無人駕駛的汽車在投入運營前需要進行各種安全性能測

試。在一次剎車性能檢測中，車頭依次通過四個標志桿，測得的數(shù)據(jù)有：/8=15m,

CD=22m,車頭在/5、BC、CD段的運動時間依次為Is、0.5s、2s。若把該車從4到D的

過程近似為勻減速直線運動，則車頭經(jīng)過N標志桿時的速率為（）

A.16m/sB.17m/sC.18m/sD.18.5m/s

5.如圖所示，兩根平行的光滑金屬導軌MN、PQ,距離為3與左側尸間連接阻值為

R的電阻構成一個固定的水平。型導體框架，導軌電阻不計且足夠長。框架置于一個方向

豎直向下，范圍足夠大的勻強磁場中，磁感應強度大小為3,磁場左側邊界是O。'。質量為

加、電阻為尺、長度為工的導體棒垂直放置在兩導軌上，并與導軌接觸良好，現(xiàn)導體棒以一

個水平向右的初速度%進入磁場區(qū)域，當導體棒在磁場中運動距離為x的過程，則（）

MO'

POQ

A.通過導體棒的電量為老

B.導體棒的運動為勻變速運動

C.導體棒所受安培力在不斷增大

試卷第2頁，共8頁

D.若將磁感應強度的方向調整為豎直向上，則導體棒所受安培力方向將發(fā)生變化

6.衛(wèi)星。在某星球的赤道平面內繞該星球轉動，其軌道可視為圓，衛(wèi)星通過發(fā)射激光與星

球赤道上一固定的觀測站P通訊，已知該星球半徑為尺、自轉周期為T,衛(wèi)星軌道半徑為2尺、

周期為27。萬有引力常量為G,則下列說法正確的是（）

A.衛(wèi)星繞星球轉動比星球自轉快

B.衛(wèi)星的速度大于該星球赤道上的物體隨星球自轉的速度

C.若衛(wèi)星相對星球轉動一周時間為t,則時間t內衛(wèi)星可以與觀測站P通訊的時間為卜

D.可以通過變軌調整，使衛(wèi)星。降低到較低的圓軌道運行，且周期仍為27

7.如圖所示，用絕緣圓管做成的圓形管道固定在傾角為37。的斜面上，管道內有一個直徑

略小于管道的內徑的，帶正電的小球。小球的質量為加，帶電量為q（4>0）。空間存在有

范圍足夠大的水平向右的勻強電場，電場強度大小為警。小球以向右的速度均通過最低

5q

點C,且恰好能運動到管道的最高點2。是管道的水平直徑，不計一切摩擦，小球在運

動過程中帶電量保持不變，重力加速度為g,sin37°=0.6,cos37°=0,8,則（）

A.小球在/點時對管道的壓力大小為0.6〃陪；B.小球的最大動能為%

C.小球不能運動到管道上的。點D.小球到達3點時的機械能最小

8.如圖示電路，電源為交流電源，輸出電壓的有效值4恒定，理想變壓器的原、副線圈

匝數(shù)比為2:1,三個定值電阻片、與、片的阻值相同，開關斷開時K消耗的功率為耳；開

關閉合時4消耗的功率為4,則片上為（）

試卷第3頁，共8頁

D.5:9

二、多選題

9.如圖甲是工人師傅們在給高層住戶安裝空調時吊運空調室外機的情景。為安全起見，要

求吊運過程中空調室外機與樓墻保持一定的距離。原理如圖乙，一人在高處控制一端系在室

外機上的繩子P,另一人站在水平地面上拉住另一根系在室外機上的繩子Q。在吊運過程中

的某段時間內，地面上的人緩慢后退同時緩慢放繩，室外機緩慢豎直上升，繩子Q與豎直

方向的夾角（小于90。）近似不變，室外機視為質點，繩子的質量忽略不計，則在這段時間

內，以下說法正確的是（）

甲

A.繩子P給室外機的拉力先變大后變小B.繩子Q給室外機的拉力不斷變大

C.地面給人的摩擦力不斷變大D.繩子P、Q給室外機的拉力的合力恒定

10.如圖所示，一個固定的光滑導軌長臂水平、短臂豎直；一根不可伸長的輕繩，一端系在

質量為m的圓環(huán)上，另一端與質量為加的小球相連，圓環(huán)套在長臂上。左手扶住圓環(huán)，右

手拿起小球將細線水平拉直，已知細線長度￡=6亞m，此時圓環(huán)距離短臂x=

現(xiàn)將圓環(huán)與小球同時由靜止釋放，小球向下擺動，環(huán)與短臂碰后粘連（碰撞時間極短）。在

小球向下擺動過程中，小球與環(huán)沿繩方向速度始終相等，重力加速度為g=10m/s2。從釋放

小球到小球第一次到達最低點的過程中，下列說法正確的是（）

試卷第4頁，共8頁

---------------o

Lm

A.小球與環(huán)組成的系統(tǒng)機械能不守恒

B.小球與環(huán)組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒

C.環(huán)的最大速度大小為36n/s

D.小球運動的最大速度大小為小0(4亞-l)m/s

三、實驗題

11.中國新能源汽車技術持續(xù)創(chuàng)新，市場滲透率快速提升，產(chǎn)銷量居全球第一，2023年汽

車整車出口491萬輛，同比增長57.9%,有望首次躍居全球第一。某學生實驗小組嘗試測量

某新能源汽車上蓄電池的電動勢和內阻，通過查找相關資料，設計以下兩個方案。

?---------------(Y>

甲乙

方案一：用電流表、電壓表、滑動變阻器、待測電池等器材組成如圖甲所示實驗電路

方案二：用電壓表、電阻箱、待測電池等器材組成如圖乙所示實驗電路

(1)方案一中，根據(jù)閉合電路歐姆定律，其實驗原理關系式為E=U+。，其中。的含義為路

端電壓，/的含義為；

(2)方案二中，作5-士圖像處理實驗數(shù)據(jù)時，5與)間的關系式為；

(3)某同學在做誤差分析時發(fā)現(xiàn)，實驗中測出的某些物理量的含義與原理中的并不相同，進

而導致誤差。若在處理實驗數(shù)據(jù)的圖像上做適當修正，則可分析出測量結果的偏差情況。如

圖丙，是該同學采用方案一進行實驗得到的U-/圖像，/為圖像上一點，現(xiàn)在通過適當移

動4點，可將N移動到真正的/圖像上，具體操作：將/點沿(選填：“橫軸

正方向”或“橫軸負方向”)移動適當距離。上述操作中移動的距離代表的物理含義

為=

試卷第5頁，共8頁

12.某同學用圖示實驗裝置探究一定質量的氣體等溫變化的規(guī)律。將注射器水平固定，由于

沒有壓強傳感器，于是他把活塞和壓力傳感器相連，可測出移動活塞時，傳感器對活塞的壓

力F,然后把注射器活塞移動到體積最大的位置，并用橡皮帽封閉注射器右側的細管。在溫

度不變的條件下緩慢移動活塞壓縮氣體并記錄多組壓力廠和體積/的值，假設活塞受到的

摩擦可忽略不計。

（1）甲同學想通過作出P-：的圖像探究等溫變化的規(guī)律，則還需要測量的物理量有：（）

A.氣體的溫度B.注射器的內徑C.大氣壓強D.被封閉氣體的質量

（2）乙同學根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出尸-*的圖像如圖，已知圖像的斜率為公圖像與縱軸交點的縱

坐標的絕對值為6,假設注射器內的氣體的狀態(tài)變化遵循玻意耳定律，若細管內氣體體積可

忽略，則氣體剛被封閉時的體積為（用左和6表示）；若細管內氣體體積不可忽略,

則隨著《的增大，歹-器圖像的斜率（選填：變大、變小、不變）。

四、解答題

13.某工廠利用傳送帶連續(xù)傳送貨物，如圖所示，每個貨物可視為質點、質量均為加=1kg,

初速度為零，經(jīng)由水平順時針轉動的傳送帶從最左端/送到最右端8。已知傳送帶速度大小

恒為%=4m/s,傳送帶N8間長度Z=4m,每個貨物與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為0.4,貨

試卷第6頁，共8頁

物到B時立即脫離傳送帶，每隔0.1s就有一個貨物被放上傳送帶，不計空氣阻力,giXlOm/s2=

求:

⑴傳送一個貨物從N到B所用的時間

(2)待傳送帶穩(wěn)定工作后，傳送帶因傳送貨物多消耗的電功率

14.芯片制造中的重要工序之一是離子的注入，實際生產(chǎn)中利用電場和磁場來控制離子的運

動。如圖所示，為豎直平面內的一條水平分界線，的上方有方向豎直向下的勻強電

場，電場強度大小為￡,的下方有垂直于豎直平面向外的勻強磁場。一質量為機，電荷

量為q(q>0)的帶正電粒子從MN上的4點射入電場，從上的C點射入磁場，此后

在電場和磁場中沿閉合軌跡做周期性運動。粒子射入電場時的速度方向與VN的夾角凡速

度大小為%,不計帶電粒子受到的重力。

⑴求/、C兩點間的距離￡；

(2)求電場強度與磁感應強度大小之比；

(3)若只通過減小電場強度的大小，使粒子能從下往上經(jīng)過。點，求電場強度的最小值。

15.如圖所示，地面的左側有一個長3m的固定平臺，上表面水平，質量為機=0.5kg的物

體P靜止在平臺的左端，物體P與平臺間的動摩擦因數(shù)〃=02。在平臺的右側光滑的水平

地面上緊靠平臺放置一塊質量為M=1kg的足夠長的木板，木板的左端靜止放置一個質量也

為1kg小物體Q,木板的下表面光滑，木板的上表面粗糙且與平臺等高，木板的右端足夠遠

試卷第7頁，共8頁

處有豎直的墻壁。現(xiàn)對物體P施加一水平向右的拉力尸=1.5+,x(x為物體P的位移，式

中各物理量均取國際單位制單位)，物體P由靜止開始運動，在物體P、Q發(fā)生彈性正碰前

的瞬間撤去拉力E重力加速度g=10m/s。每一次碰撞的時間都極短，可忽略不計。求

⑴物體P、Q碰前瞬間，物體P的速度大小；

(2)木板第一次與墻碰前瞬間的速度大小：

(3)若木板每一次與墻碰后瞬間的速度大小是碰前瞬間的;，求:

①木板與墻第8次碰撞損失的動能(結果可以用分數(shù)表示)；

②木板與物體Q之間因摩擦產(chǎn)生的總熱量。

試卷第8頁，共8頁

《2025屆安彳數(shù)省江南十校高三上學期10月第一次綜合素質檢測物理試卷》參考答案

題號12345678910

答案CDDAACCBBCDAD

1.c

【詳解】ABD.入射光的頻率大于極限頻率，才能產(chǎn)生光電效應，才能產(chǎn)生光電流，故ABD

錯誤；

C.根據(jù)口=三可得若減小入射光的波長即增大入射光的頻率，有可能會產(chǎn)生光電效應，則

電流表中可能有電流通過，故C正確。

故選C。

2.D

【詳解】A.從圖中可得到該波的波長為

A=2m

周期為

7=0.4s

可得波速為

v=—=5m/s

T

A錯誤；

B.從圖2可知，0時刻P質點速度沿y軸正方向，在圖1中根據(jù)同側法可判斷波的傳播方

向為x軸負方向，B錯誤；

C.f=0時刻，質點P位于平衡位置，此時速度最大，所以P的速度大于Q的速度，C錯誤;

D.f=0時刻，P質點位于平衡位置且速度沿y軸正方向，Q質點位于平衡位置上方且速度

沿y軸負方向，所以從f=0時刻之后，P比Q先到達位移最大處，D正確。

故選D。

3.D

【詳解】A.光的顏色不同，頻率不同，對介質的折射率不同，根據(jù)

c

v=-

n

可知，在介質中的傳播速度也不同，A錯誤；

B.從圖中可看出到達8點的光折射率較大，所以到達2點的光頻率較大，即為紫光，B錯

誤；

答案第1頁，共14頁

C.如圖

設入射角為i,折射角為。，根據(jù)折射定律，有

n=-si-nz

sin。

光在玻璃中傳播的距離為

s=2Rsin6

運動時間為

s

V

又

c

v=—

n

聯(lián)立可得

2Rsini

所以兩束光在玻璃中分別到達3、。兩點的傳播時間相等，C錯誤;

D.根據(jù)B選項分析可知，到達B點的光折射率較大且為紫光，如上圖，設光線從玻璃射出

時的入射角分別為％和火,全反射臨界角為G和G,根據(jù)

■「

sinC=—1

n

可知

C1<C2

若紫光能射出玻璃，則有

%<G

如圖可知，

ax>a2

所以可得

答案第2頁，共14頁

%<G<。2

所以紅光也能從玻璃射出，D正確。

故選D。

4.A

【詳解】依題意，車頭經(jīng)過48段中間時刻的速度為

=^AB_=15m/s

，AB

車頭經(jīng)過段中間時刻的速度為

v2=nm/s

tcD

則汽車加速度大小為

a=-----------=2m/s2

弧+%+逅

22

設車頭經(jīng)過“標志桿時的速率為已，則有

tAR

W=VA-a—

解得

vA=16m/s

故選Ao

5.A

【詳解】A.由法拉第電磁感應定律

「AOBLx

E=----=------

△tNt

由閉合電路歐姆定律

1=旦

2R

則該過程中通過導體棒的電量為

q=I'\t

聯(lián)立可得

BLx

q------

2R

故A正確；

答案第3頁，共14頁

BC.規(guī)定向右為正方向，由動量定理

-BIL?及=mv-mvQ

其中

夕=/?加

聯(lián)立可得

B2I3

v=%一------X

2mR

導體棒所受安培力為

BLvB2L2B2L2

=BIL=B——L=e。-4)

2R2R2mR

所以安培力在不斷變小，加速度不斷變小，故BC錯誤;

D.若將磁感應強度的方向調整為豎直向上，根據(jù)右手定則可知回路中的感應電流順時針,

根據(jù)左手定則可知導體棒所受的安培力方向仍向左，故D錯誤。

故選Ao

6.C

【詳解】A.衛(wèi)星的周期為2T而星球自轉周期為T,衛(wèi)星的周期較大，故轉的慢，故A錯

誤;

B.衛(wèi)星的速度為

v衛(wèi)2G=27?x—=玄學

2TT

該星球赤道上的物體隨星球自轉的速度為

27r2兀R

v物=R0星=Rx亍=

兩者速度大小相等，故B錯誤;

C.如圖所示，在相對轉動:一周的時間/內，有120。的對應范圍能夠通訊，所以相對轉動一

周，通訊時長為

1

t.——t

3

故c正確；

D.根據(jù)開普勒第三定律可知，通過變軌調整，使衛(wèi)星。降低到較低的圓軌道運行，且周期

應小于27,故D錯誤。

故選C。

答案第4頁，共14頁

7.C

【詳解】A.小球恰好能運動到管道的最高點a則在/點速度為o,小球對管道的壓力為

然=mgcos37°=0.8mg

A錯誤；

B.小球從。點開始運動時，重力做負功，電場力做正功，重力沿斜面的分力與電場力的合

所以合力從C點到E點做正功，從E點到廠點做負功，動能先增加后減小，最大動能大于

萬加v；,B錯誤；

C.由于小球從￡點到b點合力做負功，動能減小，而小球到N點速度已經(jīng)為0,所以不

能運動到。點，C正確；

D.除重力外只有電場力做功，小球從C點到5點電場力做正功，機械能增加，所以8點

機械能不是最小，D錯誤。

故選C。

8.B

【詳解】設三個定值電阻均為R,電源電壓為“，分析原線圈電路，電阻片和原線圈串聯(lián),

當開關斷開時，副線圈連接的電阻阻值為2R,可把副線圈的電阻等效為原線圈的電阻

&=(2)飛|=2尺—)2

n2n2

則原線圈的電路的總電阻為

2

R&=R+R^=R+^2R=9R

?2

電阻A消耗的功率為

答案第5頁，共14頁

同理可得，開關閉合后，原線圈的電阻電路的總電阻為

R：=7?+A)27?=57?

n2

電阻4消耗的功率為

則

^25

月一iT

故選Bo

9.BCD

Fisina=Fisin/3

F[cosa=F2cos0+mg

聯(lián)立可得

Fmgsm/3F,=.；咯--

-"一cos尸

tana

由題意可知，在該過程中￡不變，a增大，所以兩根繩的拉力片、片都不斷變大，故A錯

誤，B正確;

C.對地面上的人受力分析可知，人受到的摩擦力大小為

f=F2sm/3

不斷增大，故C正確；

D.兩根繩對室外機拉力的合力與室外機的重力是一對平衡力，故繩子P、Q給室外機的拉

答案第6頁，共14頁

力的合力恒定，故D正確。

故選BCD=

10.AD

【詳解】小球與圓環(huán)釋放瞬間，小球與圓環(huán)水平方向上不受外力，水平方向動量守恒，根據(jù)

平均動量守恒有

X,X,

m—=m—

tt

相等時間里小球與環(huán)水平位移相等，所以當環(huán)與短臂碰撞時，小球的水平位移也為工,由于

L>2x

所以當圓環(huán)與短臂碰撞時，小球未到最低點，之后環(huán)與短臂粘連，小球做圓周運動到最低點。

A.環(huán)與短臂粘連時，小球與環(huán)沿繩方向的速度減為0,機械能不守恒，A正確；

B.環(huán)與短臂粘連前系統(tǒng)水平方向動量守恒，粘連后水平方向動量不守恒，B錯誤；

環(huán)與斷臂碰撞前瞬間速度最大，設最大速度為"，繩與水平方向夾角為根據(jù)水平方向動

量守恒，有

mv=mvx

可得小球的水平速度為

%=v

根據(jù)機械能守恒定律，有

答案第7頁，共14頁

mgh=—mv+—m

〃=JZ?_（￡_2X）2

在小球向下擺動過程中，小球與環(huán)沿繩方向速度始終相等，有

vcosa=vysina-vxcosa

a=45,

聯(lián)立解得

v=2V5m/s

C錯誤；

D.小球運動到最低點時速度最大，設速度為v',環(huán)與短臂粘連時，小球與環(huán)沿繩方向的速

度減為0,小球的速度為

匕=vxsina+vycosa=3J5m/s

根據(jù)動能定理，有

L

mvr2——mv.

M二530（4&-l）m/s

D正確。

故選ADo

11.(1)通過電源的電流

1r11

(2)—————x—I—

''UERE

(3)橫軸正方向通過電壓表的電流

【詳解】(1)/的含義為通過電源的電流。

(2)由閉合電路歐姆定律得

E=U+—r

R

解得

答案第8頁，共14頁

(3)口］［2］由于電壓表的分壓作用，通過電源的電流比電流表測得的電流大，將4移動到真

正的U-/圖像上，具體操作：將/點沿橫軸正方向移動適當距離；移動的距離代表的物理

含義為通過電壓表的電流。

12.(1)BC

⑵7變小

b

【詳解】(1)設大氣壓強為A,被封閉氣體的橫截面積為S,對活塞有

pS=p0S+F

氣體壓強為

F

P=A+—

若要做的圖像，還需要測量氣柱的橫截面積和大氣壓，橫截面積可以通過測量注射器

的內徑計算得出。

故選BC=

(2)［1］設氣體剛封閉時，氣體體積為%,此時的壓強為4,細管內的體積忽略不計，由玻

意耳定律得

"=，+口＞

整理得

則

k=P0V0S

b=P0S

T

［2］若細管內的氣體體積不可忽略，設細管內的體積為△廠,由玻意耳定律得

+(0為定值)

整理得

答案第9頁，共14頁

“=1^廠萬一0"!增大時，圖像斜率在變小。

1+-F廠

13.(l)1.5s

(2)160W

【詳解】(1)貨物在傳送帶上的加速度大小為

。=〃g=0.4x1Om/s2=4m/s2

貨物達到與傳送帶相同速度時，所用時間為

%=%=ls

a

貨物達到與傳送帶相同速度時的位移為

12c

x=—a^Q=2m<￡=4m

則貨物到達5端前已經(jīng)與傳送帶共速，共速后，與傳送帶一起勻速運動，則勻速運動的時

間為

八=———=0.5s

%

所以傳送一個貨物從4到5所用的時間為

%="0+4=L5s

(2)傳送一個貨物從4到5的過程貨物相對傳送帶的位移為

Ax=v0/0-x=2m

傳送一個貨物消耗的電能為

1

E=Q+-mv；7

其中

Q=jumg/^x=8J

解得

E=16J

待傳送帶穩(wěn)定工作后，傳送帶因傳送貨物多消耗的電功率為

尸=〃￡=J-X16W=160W

0.1

14.⑴^

qE

(2)V。cos6

答案第10頁，共14頁

⑶共

【詳解】(1)帶正電粒子在電場中做類斜拋運動，則水平方向有

L=v0cos0?t

豎直方向

.71t

vosm(J=a—

由牛頓第二定律

qE=ma

聯(lián)立可得，/、C兩點間的距離為

mv^sin26,

-~尤-

(2)如圖

粒子在磁場中做勻速圓周運動，由幾何關系

2Rsin0=L

由洛倫茲力提供向心力

qv0B=m^-

聯(lián)立可得電場強度與磁感應強度大小之比為

En

-=v0cos3

(3)如圖

答案第11頁，共14頁

E

粒子第一次從磁場返回電場時經(jīng)過。點，此時電場強度最小，則電場中從/點到。點，有

xAD=%cos0?(

.af

%sin”=a§

由牛頓第二定律

qE'=ma

粒子在磁場中做勻速圓周運動，半徑不變，則有

XCD=L

由幾何關系

L=XAD-XCD

聯(lián)立可得

E'=-E