第21頁/共21頁漢中市2023年普通高中聯盟學校高三聯考物理試題注意事項：1．試卷分為第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分，共100分，考試時間90分鐘，共6頁。2．答第Ⅰ卷前考生務必在每小題選出答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。3．第Ⅱ卷答在答卷紙的相應位置上，否則視為無效。答題前考生務必將自己的班級、姓名、學號、考號座位號填寫清楚。第Ⅰ卷（選擇題，共40分）一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個選項中，第1~6題只有一個選項符合題目要求，第7~10題有多個選項符合題目要求，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1.第24屆冬季奧林匹克運動會將于2022年在北京舉行．高山滑雪是冬奧會的一個比賽項目，因速度快、驚險刺激而深受觀眾喜愛．在一段時間內，運動員始終以如圖所示的姿態加速下滑．若運動員受到的阻力不可忽略，則這段時間內他的A.重力勢能增加，動能減少，機械能守恒B.重力勢能增加，動能增加，機械能守恒C.重力勢能減少，動能減少，機械能減少D.重力勢能減少，動能增加，機械能減少【答案】D【解析】【詳解】下滑過程中，運動員加速下滑，動能增加，重力做正功，重力勢能減小，運動員要克服阻力做功，要消耗機械能，機械能減小，故D正確，ABC錯誤．故選D2.兩物體甲和乙在同一直線上運動，它們在0~0.4s時間內的v-t圖像如圖所示。若僅在兩物體之間存在相互作用，則物體甲與乙的質量之比和圖中時間t1分別為（）A.和0.30s B.3和0.30s C.和0.28s D.3和0.28s【答案】B【解析】分析】【詳解】由圖，根據數學三角形相似法得得到t1=0.3s甲的加速度為乙的加速度為其大小為10m/s2，則甲與乙的加速度大小之比為。據題，僅在兩物體之間存在相互作用，根據牛頓第三定律得知，相互作用力大小相等，由牛頓第二定律得：兩物體的加速度與質量成反比，則有質量之比為故選B。3.如圖所示，在豎直平面內用甲、乙兩根筷子夾一個小球，甲傾斜，乙始終豎直。甲與豎直方向的夾角為（0°<<90°），筷子與小球間的摩擦忽略不計。隨著緩慢減小，小球始終保持靜止，則下列說法正確的是（）A.筷子甲對小球的彈力變小B.筷子乙對小球的彈力不變C.兩根筷子對小球的彈力均增大D.兩根筷子對小球彈力的大小可能相等【答案】C【解析】【分析】【詳解】對物體受力分析如圖，由平衡條件可知，隨著緩慢減小，，兩根筷子對小球的彈力均增大。故選C。4.如圖所示，光滑水平面上放置質量分別為m和2m的四個木塊，其中兩個質量為m的木塊間用一不可伸長的輕繩相連，木塊間的最大靜摩擦力是μmg．現用水平拉力F拉其中一個質量為2m的木塊，使四個木塊以同一加速度運動，則輕繩對m的最大拉力為()A. B.C. D.【答案】B【解析】【詳解】當繩中拉力最大時，物塊要相對滑動，設繩中拉力為T，對右側的m，根據牛頓第二定律有：，對左側整體有：，聯立解得：，ACD錯誤B正確．5.如圖，半圓形光滑軌道固定在水平地面上，半圓的直徑與地面垂直，一小物塊以速度v從軌道下端滑入軌道，并從軌道上端水平飛出，小物塊落地點到軌道下端的距離與軌道半徑有關，此距離最大時，對應的軌道半徑為（重力加速度為g）（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】以速度v從軌道下端滑入軌道，并從軌道上端水平飛出，據機械能守恒定律有物塊從軌道上端水平飛出做平拋運動聯立解得水平距離由數學知識可知，當水平位移最大，所以對應的軌道半徑為。故選B。6.如圖（a），在一塊很大的接地金屬平板的上方固定一負電荷。由于靜電感應，在金屬平板上表面產生感應電荷，金屬板上方電場的等勢面如圖（b）中虛線所示，相鄰等勢面間的電勢差都相等。若將一正試探電荷先后放于M和N處，該試探電荷受到的電場力大小分別為和，相應的電勢能分別為和，則（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【分析】【詳解】由圖中等勢面的疏密程度可知根據可知由題可知圖中電場線是由金屬板指向負電荷，設將該試探電荷從M點移到N點，可知電場力做正功，電勢能減小，即故選A7.如圖所示，理想變壓器的副線圈上通過輸電線接有兩個相同的燈泡和，輸電線等效電阻為。開始時，開關S斷開。當S接通時，以下說法中正確的是（）A.副線圈兩端的輸出電壓減小 B.副線圈輸電線等效電阻上的電壓增大C.通過燈泡電流減小 D.原線圈中的電流大小不變【答案】BC【解析】【詳解】A．根據變壓器原副線圈電壓比等于匝數比可得可知副線圈兩端的輸出電壓由匝數比和輸入電壓決定，當S接通時，副線圈兩端的輸出電壓不變，故A錯誤；BC．當S接通時，副線圈總電阻減小，根據可知副線圈電流增大，則副線圈輸電線等效電阻上的電壓增大，則燈泡兩端電壓減小，通過燈泡的電流減小，故BC正確；D．根據可知原線圈中的電流增大，故D錯誤。故選BC。8.如圖所示，一電阻為的導線彎成邊長為的等邊三角形閉合回路。虛線右側有磁感應強度大小為的勻強磁場，方向垂直于閉合回路所在的平面向里。下列對三角形導線以速度向右勻速進入磁場過程中的說法正確的是（）A.回路中感應電流方向為順時針方向B.回路中感應電動勢的最大值C.導線所受安培力的大小可能不變D.通過導線橫截面的電荷量【答案】BD【解析】【詳解】A．在閉合電路進入磁場的過程中，通過閉合電路的磁通量逐漸增大，根據楞次定律可知感應電流的方向為逆時針方向不變，故A錯誤；B．當三角形閉合回路進入磁場一半時，即這時等效長度最大為，這時感應電動勢最大故B正確；C．線框進入磁場的有效長度先變大后減小，則電流先變大后減小，由可知，導線所受安培力的大小先變大后減小，故C錯誤；D．流過回路的電量為故D正確。故選BD。9.2018年12月12日，嫦娥四號開始實施近月制動，為下一步月面軟著陸做準備，首先進入月圓軌道Ⅰ，其次進入橢圓著陸軌道Ⅱ，如圖所示，B為近月點，A為遠月點，關于嫦娥四號衛星，下列說法正確的是（）A.衛星在軌道Ⅱ上A點的加速度小于在B點的加速度B.衛星沿軌道Ⅰ運動的過程中，衛星中的科考儀器處于超重狀態C.衛星從軌道Ⅰ變軌到軌道Ⅱ，機械能增大D.衛星在軌道Ⅱ經過A點時的動能小于在軌道Ⅱ經過B點時的動能【答案】AD【解析】【詳解】A．根據牛頓第二定律可得可得可知衛星在軌道Ⅱ上A點的加速度小于在B點的加速度，故A正確；B．衛星沿軌道Ⅰ運動的過程中，衛星中的科考儀器處于失重狀態，故B錯誤；C．衛星從軌道Ⅰ變軌到軌道Ⅱ，需要再變軌處點火減速，則機械能減少，故C錯誤；D．根據開普勒第二定律可知，衛星在軌道Ⅱ經過A點時的速度小于在軌道Ⅱ經過B點時的速度，則衛星在軌道Ⅱ經過A點時的動能小于在軌道Ⅱ經過B點時的動能，故D正確。故選AD。10.如圖所示，用長為的輕繩（輕繩不可伸長）連接的A、B兩物塊（均可視為質點）放置在水平圓盤上，A、B連線的延長線過圓盤的圓心A與圓心的距離也為A、B兩物塊的質量均為，與圓盤間的動摩擦因數均為，物塊與圓盤間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，A、B始終相對圓盤靜止，則下列說法正確的是（）A.A、B所受的摩擦力始終相等 B.是物塊開始滑動的臨界角速度C.輕繩最大彈力為 D.當時，所受摩擦力的大小為【答案】BD【解析】【詳解】A．當較小時，甲乙均由靜摩擦力提供向心力，增大，由可知，受到的靜摩擦力越大，由于rB>rA，所以B受到的靜摩擦力先達到最大，此后繼續增大，要保證B不滑動，輕繩產生彈力并增大，甲受到的靜摩擦力繼續增大，直到甲受到的靜摩擦力達到最大。此時達到最大，輕繩彈力也達到最大，故A錯誤；B．達到最大，輕繩彈力也達到最大時，對A、B整體解得故B正確；C．對A得故C錯誤；D．當時，B向心力根據輕繩張力大小A向心力又得所受摩擦力的大小為故D正確。故選BD。第Ⅱ卷（非選擇題共60分）二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第11~14題為必考題，每道試題考生都必須作答。第15-16題為選考題，考生根據要求作答。（一）必考題：共45分11.某學生用圖（a）所示的實驗裝置測量物塊與斜面的動摩擦因數。已知打點計時器所用電源的頻率為50Hz，物塊下滑過程中所得到的紙帶的一部分如圖（b）所示，圖中標出了5個連續點之間的距離。（1）物塊下滑時的加速度a=_____m/s2；打C點時物塊的速度v=____m/s；（2）已知重力加速度大小為g，求出動摩擦因數，還需測量的物理量是____（填正確答案標號）。A．物塊的質量B．斜面的高度C．斜面的傾角【答案】①.3.25②.1.79③.C【解析】【詳解】（1）[1]根據逐差法有解得[2]打C點時物塊的速度（2）[3]對滑塊，根據牛頓第二定律，有解得故還需要測量斜面的傾角。故選C。考點】測量動摩擦因數實驗【點睛】實驗的核心是實驗原理，根據原理選擇器材，安排實驗步驟，分析實驗誤差，進行數據處理等等。12.某物理實驗小組利用實驗室提供的器材測定電壓表的內阻，可選用的器材如下：A.待測電壓表：量程，內阻約B.電壓表：量程，內阻約C.電流表A：量程，內阻約D.定值電阻：E.滑動變阻器：F.滑動變阻器：G.電源：電動勢約為，內阻忽略不計H.開關、導線若干（1）為了準確測量電壓表的內阻，兩位同學根據上述實驗器材分別設計了如圖甲和乙兩個測量電路，你認為______（選填“甲”或“乙”）更合理，并在實物圖丙中用筆畫線代替導線將電路圖補充完整______。（2）該實驗中滑動變阻器應該選用______（選填“”或“”）。閉合開關前，將滑動變阻器滑片置于______（選填“左端”“中間”或“右端”）。（3）用已知量和、的示數、來表示電壓表的內阻：______?！敬鸢浮竣?乙②.見解析③.④.左端⑤.【解析】【詳解】（1）[1]圖甲電路中，由于電壓表的分流，沒有辦法精確測量待測電壓表中的電流，也就無法精確測量電阻，而圖乙中，通過兩電壓表的示數差能夠求出定值電阻兩端電壓，從而求出通過定值電阻的電流，該電流即為通過待測電壓表中的電流，可知為了準確測量電壓表的內阻，應選電路乙。[2]結合電路圖乙，連接實物圖如圖所示（2）[3]控制電路采用分壓式，為了確保測量數據的連續性強，滑動變阻器總阻值選擇小一些，即滑動變阻器選擇；[4]為了確保電路的安全，閉合開關之前，應將滑動變阻器滑片置于左端，使控制電路輸出電壓為0。（3）[5]通過的電流根據歐姆定律有解得13.如圖所示，一長木板在光滑的水平面上以速度向右做勻速直線運動，將一小滑塊無初速地輕放在木板最右端。已知滑塊和木板的質量均為，它們之間的動摩擦因數為，重力加速度為。（1）求經過多長時間滑塊相對木板靜止；（2）某時刻木板速度是滑塊的2倍，求此時滑塊到木板最右端的距離。【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）由于地面光滑，則木板與滑塊組成的系統動量守恒，有mv0=2mv共解得v共=對滑塊，由牛頓第二定律得設經過時間滑塊相對木板靜止，則（2）由于木板速度是滑塊的2倍，則有v木=2v滑再根據動量守恒定律有mv0=mv木+mv滑聯立化簡得v滑=v0，v木=v0設此時滑塊到木板最右端的距離為，再根據功能關系有經過計算得x=14.如圖所示，在平面內，第Ⅱ象限內的射線是電場與磁場的分界線，與軸的負方向成。在且的左側空間存在著垂直紙面向里的勻強磁場B，磁感應強度大小為，在且的右側空間存在著沿軸正方向的勻強電場，場強大小為。一不計重力的帶負電微粒，從坐標原點沿軸負方向以的初速度進入磁場，最終離開磁、電場區域。已知微粒所帶的電荷量，質量，求：（1）帶電微粒在磁場中做圓周運動的半徑；（2）帶電微粒第一次進入電場前運動的時間；（3）帶電微粒第二次進入電場后在電場中運動的水平位移。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）微粒在磁場中，受洛倫茲力作用做勻速圓周運動，洛倫茲力提供圓周運動向心力有解得（2）由軌跡圖可知，微粒先做一圓周運動，然后在電場中在電場力作用下先向上勻減速然后向下勻加速，離開電場時速度大小與進入時大小相等然后在磁場中做一圓周運動，以垂直于電場方向的速度再進入電場作類平拋運動。所以微粒第一次在磁場中運動的時間為又聯立，解得（3）微粒在電場中的加速度微粒第二次離開磁場在電場中做類平拋運動時拋出點高度為2R，所以微粒在豎直方向做初速度為0的勻加速直線運動，故有可得微粒在電場中運動時間所以微粒在水平方向的位移（二）選考題：共15分。請考生從15、16兩題中任選一題作答。如果多做，則按所答的第一題計分。15.下列說法正確的是（）A.當分子間距離增大時，分子間引力增大，分子間斥力減小B.一定量100℃的水變成100℃的水蒸氣，其分子之間的勢能增加C.對于一定量的氣體，如果壓強不變，體積增大，那么它一定從外界吸熱D.物體內熱運動速率大的分子數占總分子數比例與溫度有關E.一定質量的理想氣體，在等壓膨脹過程中，氣體分子的平均動能不變【答案】BCD【解析】【詳解】A．分子間距離增大時，分子間的引力和斥力都減小，但斥力減小得快，故A錯誤；B．100℃的水變成100℃的水蒸氣，要吸熱，由于溫度不變，動能相同，所以分子之間的勢能增加，故B正確；C．根據可知，由于壓強不變，體積增大，則溫度升高，所以氣體內能增大，對外做功，則一定從外界吸熱，故C正確；D．物體內熱運動速率大的分子數占總分子數比例與溫度有關，溫度越高，速率越大的分子占的比例越大，故D正確；E．根據公式等壓膨脹過程中，體積增大，溫度升高，氣體分子平均動能增大，故E錯誤。故選BCD?！军c睛】解決本題關鍵理解氣體內能等于分子動能和勢能之和，但理想氣體不考慮分子間的勢能，所以理想氣體內能只取決于溫度。16.如圖所示，在長為l＝57cm、一端封閉且另一端開口向上的豎直玻璃管內，用4cm高的水銀柱封閉著51cm長的理想氣體，管內外氣體的溫度均為33℃.現將水銀緩慢注入管中，直到水銀面與管口相平.此時管中氣體的壓強為多少？新注入水銀柱的高度為多少？（大氣壓強為p0＝76cmHg）【答案】85cmHg；5cm【解析】【分析】【詳解】設玻璃管的橫截面積為S，水銀的密度為ρ，初態時，管內氣體的溫度為T1＝306K體積為V1＝51cm·S壓強為p1＝p0＋ρgh＝80cmHg.當水銀面與管口相平時，設水銀柱高度為H，則管內氣體的體積為V2＝（l－H）S壓強為p2＝p0＋ρgH由玻意耳定律得p1V1＝p2V2聯立解得H＝9cm（H＝－2