溫州市普通高中屆高三第二次適應性考試物理試題卷考生須知：本試卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁，滿分分，考試時間分鐘。卷規定的位置上。注意事項上的作答一律無效。用鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑。可能用到的相關參數：重力加速度g均取。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共小題，每小題3分，共分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.150A·hA·h）A.能量B.電荷量C.電流D.電容【答案】B【解析】【詳解】根據電流定義式可得可知單位“A·h”所對應的物理量是電荷量。故選B。2.如圖所示，千架無人機排列成多個圓圈做勻速圓周運動。無人機攜帶的煙花被點燃釋放，似流星墜落人間。下列說法正確的是（）A.點燃后的煙花下落做自由落體運動B.觀察無人機的飛行姿態時，可將無人機視為質點C.點燃煙花前做勻速圓周運動的無人機所受的合外力不變第1頁/共26頁D.點燃煙花前做勻速圓周運動的無人機運動一周，其所受合外力的沖量為零【答案】D【解析】AA錯誤；BB錯誤；C“所受的合外力不變”不成立，C錯誤；D合外力的沖量也為零，D正確。故選D。3.如圖所示為起重機吊起鐵管的場景。質量為200kg的鐵管兩端固定有一鋼繩，起重機掛鉤勾住鋼繩，使鐵管從靜止開始先豎直向上做勻加速直線運動，達到某一速度后做勻速運動。若鐵管始終保持水平，不計鋼繩質量與一切阻力。下列說法正確的是（）A.勻加速階段鐵管處于超重狀態B.勻速階段鋼繩的張力大小為1000NC.鋼繩對鐵管的拉力是由于鐵管形變引起的D.勻加速階段鋼繩對鐵管的作用力大于鐵管對鋼繩的作用力【答案】A【解析】AA第2頁/共26頁正確；B．勻速階段，鋼繩的張力大小等于鐵管重力大小，即，故B錯誤；C管形變引起的，故C錯誤；D管的運動狀態無關，所以勻加速階段鋼繩對鐵管的作用力等于鐵管對鋼繩的作用力，故D錯誤。故選A。4.有關下列四幅圖的描述，正確的是（）A.圖甲中，線圈順時針勻速轉動，電路中A、B發光二極管不會交替發光B.圖乙中，強相互作用可以存在于各種核子之間，作用范圍只有約10?10mC.圖丙中，磁電式儀表中的鋁框可使指針較快停止擺動，是利用了電磁驅動的原理D.圖丁中，自由電荷為負電荷的霍爾元件（電流和磁場方向如圖所示）的N側電勢高【答案】A【解析】【詳解】A．圖甲中，由于線圈外接換向器，使線圈中的交流電整合為直流電，電流的方向不變，A、B發光二極管不會交替發光，A正確；B．強相互作用的作用范圍約為10?15m10?10m，B錯誤。C．磁電式儀表中鋁框的作用是利用“渦流（電磁）阻尼”使指針快速停擺，而非“電磁驅動”，C錯誤。D．根據左手定則可知，自由電荷向N側偏轉，由于自由電荷為負電荷，N側的電勢較低，D錯誤。故選A。5.2025年2月日新型火箭長征八號改進型運載火箭首飛成功，將低軌02組9顆衛星送入距地高度約的軌道，其發射過程簡化為如圖所示，衛星發射后自a點進入橢圓軌道Ⅰ，到達軌道Ⅰ遠地點b時點火變軌進入橢圓軌道Ⅱ，到達軌道Ⅱ遠地點c時再次點火變軌進入預定圓軌道Ⅲ做勻速圓周運動。已知地球半徑約為6400km，則（）第3頁/共26頁A.衛星在軌道Ⅰ上自a向b運行的過程中，其機械能不斷增大B.衛星在軌道Ⅰ和軌道Ⅱ上與地心連線單位時間掃過的面積一定相等C.衛星在軌道Ⅱ上經b點的速度大于衛星在軌道Ⅲ上經c點的速度D.衛星在軌道Ⅲ運行的周期約為80分鐘【答案】C【解析】A?a?運動到?b?的過程中，火箭發動機并未再次點火，只受地球引力作用，機械能守恒，A錯誤。B線在相同時間內掃過的面積相等，衛星在不同的軌道上運行時，相等的時間內與中心天體連線掃過的面積不一定相等，B錯誤。C．以過b點的圓軌道相比，相對于更高的圓軌道Ⅲ在c?點時的半徑更小，根據萬有引力提供向心力解得b?II的b星在Ⅱ軌道的b?點速度大于在Ⅲ軌道c?點的速度，C正確。D．最終圓軌道Ⅲ的半徑約為r=6400?km?+?1145?km?=?7545?km根據牛頓第二定律則有解得而近地衛星的周期第4頁/共26頁其中解得由于軌道Ⅲ的半徑大于地球的半徑，故衛星在軌道Ⅲ上的運行周期應大于80分鐘，D錯誤。故選C。6.溫州三澳核電站是浙江省首個采用“華龍一號”三代核電技術的項目，核電站是利用重核裂變發電的，其中一種裂變方程是，還可以自發進行α衰變知、、的相對原子質量分別為235.0439u、231.0363u、4.0026u，1u相當于931.5MeV的能量，下列關于這兩個核反應的說法正確的是（）A.衰變中的比結合能大于的比結合能B.裂變反應中的結合能大于的結合能C.升高環境溫度，可使的半衰期變短D.1個發生一次α衰變，其釋放的能量約4.66MeV【答案】D【解析】A的比結合能小于的比結合能，選項A錯誤；B．裂變反應放出能量，則的比結合能大于的比結合能，但是由于核子數遠小于的核子數，可知的結合能小于的結合能，選項B錯誤；C．外部因素不會影響半衰期，選項C錯誤；D．1個發生一次α衰變，其釋放的能量約選項D正確。故選D。7.如圖甲所示為溫州軌道交通S1線的行李安檢機，其簡化原理圖如圖乙所示，水平傳送帶長為2.5m，傳送帶始終以恒定速率0.30m/s運行。一質量為0.60kg的小包（可視為質點）無初速度地輕放上傳送帶左端，第5頁/共26頁最終到達傳送帶右端。若小包與該傳送帶間的動摩擦因數為0.50，下列說法正確的是（）A.安檢機使用γ射線探測包內的物品B.小包勻速運動時，傳送帶對小包的摩擦力向右C.由于傳送小包，電動機多做功為0.054JD.小包從傳送帶左端到達右端的時間為1.0s【答案】C【解析】【詳解】A．安檢機使用X射線探測包內的物品，故A錯誤；B．小包勻速運動時，小包在水平方向上處于平衡狀態，故傳送帶對小包的摩擦力為0，故B錯誤；C．對小包根據動能定理可得傳送帶對小包做功為小包速度與傳送帶速度相同之前的過程中根據牛頓第二定律可得解得故小包速度達到傳送帶速度所用時間為加速度位移為小包加速過程中，傳送帶位移為則小包相對于傳送帶運動位移為則摩擦力產生熱量為則電動機由于傳送小包多做的功為故C正確；D．與傳送帶共速后到達右端所用時間為故小包從傳送帶左端到達右端時間為故D錯誤。第6頁/共26頁故選C。8.如圖所示裝置，1是待測位移的物體，軟鐵芯2插在空心線圈L中并且可以隨著物體1在線圈中左右平C并聯后與電阻RES開S，LC回路中將產生電磁振蕩。下列說法正確的是（）A.開關斷開后瞬間，電容器上的帶電量最大B.開關斷開后瞬間，線圈中的自感電動勢為零C.若減小電源的電動勢，振蕩電流的頻率會變小D.該裝置可作為傳感器使用，用振蕩電流振幅的變化反映物體位置的變化【答案】B【解析】【詳解】A．因線圈電阻為零，電路穩定時，線圈兩端電壓為零，電容器不帶電，故A錯誤；B．斷開開關后瞬間，線圈中電流最大，自感電動勢為零，故B正確；C．振蕩電流的頻率與電源的電動勢無關，故C錯誤；D．1物體的位移會改變線圈的電感L，進而改變振蕩電路的頻率，是通過振蕩電流頻率的變化反映物體位置的變化，故D錯誤。故選B。9.如圖所示，圖中陰影部分是一透明介質的橫截面，介質側面AB面和DE到達該表面時全部被吸收。是一半徑為R的半圓弧，圓心O處有一可以旋轉的單色激光發射器，使發出的光線繞圓心O以周期T在紙面內逆時針勻速轉動。從外側觀察，一個周期內面上有光點移動的時間為，光在真空中速度大小為c，不考慮光在圓弧界面上的反射，則下列說法正確的是（）第7頁/共26頁A.透明介質的折射率為B.光在透明介質中傳播的最長時間為C.光點在面上即將消失時的瞬時速率為D.若增大單色光的頻率，透明介質面上光射出的區域長度變長【答案】C【解析】A面上有光點移動的時間為BD面有光線射出的對應的弧長圓心角為故可知光線剛好在BD面發生全反射的臨界角為，故透明介質的折射率為，故A錯誤；BOD路程為，，聯立解得，故B錯誤；C．設光點在面上即將消失時的瞬時速率為，將v沿入射光線方向和垂直入射光線方向分解可知，其中聯立解得，故C正確；第8頁/共26頁D明介質面上光射出的區域長度變短，故D錯誤。故選C。10.桌面上放置一“U”形磁鐵，用能繞端點轉動的絕緣輕桿懸掛一半徑為r、厚度為d的鋁制薄圓盤，圓盤的平衡位置恰好位于兩磁極之間，如圖甲所示。若將圓盤拉離平衡位置一個固定角度后由靜止釋放（如時間停下；若僅將圓盤厚度改變為2d，重復以上實驗，圓盤經時間停下；若保持圓盤半徑r和厚度d不變，僅將材料替換成電阻率和密度都更大的鉛，重復以上實驗，圓盤經時間停下。不計轉軸和空氣的阻力，則觀察到的現象是（）A.明顯大于B.明顯小于C.明顯大于D.與幾乎相等【答案】C【解析】【詳解】AB．根據若僅將圓盤厚度改變為2d，則電阻減小，相同條件下，圓盤產生的電流變大，圓盤受到的安培力變大，但是圓盤質量也變大，阻礙作用不好判斷，考慮兩個一模一樣的圓盤，從同一高度單獨釋放到停下所用時間與幾乎相等，故AB錯誤；CD．結合以上分析，僅將材料替換成電阻率和密度都更大的鉛，電阻變大，相同條件下，圓盤產生的電流變小，圓盤受到的安培力變小，同時圓盤質量變大，阻礙作用變小，則圓盤停下來所用時間變長，即明顯大于，故C正確，D錯誤。故選C。第9頁/共26頁二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題4分，共分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）兩塊相同足夠大的平行金屬板ABO點acOa荷對平行金屬板A、B）A.a點的電勢比c點的電勢高B.小球的感應電荷在c點產生的電場水平向左C.若將A板向右移動，則a點的感應電荷的密度將增大D.若斷開開關，再將B板向下移動少許，則O點的電場強度不變【答案】CD【解析】【詳解】A．達到靜電平衡后，金屬小球是一等勢體，所以a點的電勢等于c點的電勢，故A錯誤；Bc點的場強方向垂直于過c點的切面方向斜向上偏右，由于平行金屬板AB在cc點產生的電場不是水平向左，故B錯誤；C．達到靜電平衡后，金屬小球內部的場強為0，則小球的感應電荷在O點的場強與平行金屬板AB在OAAB在O點的場強變大，則小球的感應電荷在O點的場強變大，a點的感應電荷的密度將增大，故C正確；D0BO點的電場強度仍為0，保持不變，故D正確。故選CD。12.器調節。逐漸調節照射到金屬板M的入射光波長，當波長為負極對調，電流計示數不為零，再逐漸調節入射光照的波長至，電流計的示數恰好變成零。已知電源路第10頁/共26頁端電壓為U，不考慮電流計內阻，元電荷為e，真空中光速為c，則（）A.B.可求得普朗克常量C.當光的波長為時，僅增大光的波長，電流計示數將不為零D.當光的波長為時，僅增大光的強度，電流計示數將不為零【答案】AB【解析】AB時，電流計的示數剛好為零，此時將電源正負極對調，電流計示數不為零，電源路端電壓為U，則有再逐漸調節入射光照的波長至，電流計的示數恰好變成零，則有聯立可得，故AB正確；CDCD錯誤。故選AB。13.、分別位于和m時刻，開始自平衡位置向下振動，s時，第二次處于波峰位置，s時，波源也開始自平衡位置向下第11頁/共26頁Px軸上質點的振幅隨x變化的部分圖像如圖乙所示。若m，則下列說法正確的是（）A.波源、的振幅相同B.當s時，兩列波開始相遇C.間（除、P外）有12個振動加強點D.在0~10s內質點Q的路程為2cm【答案】AD【解析】【詳解】A．從圖乙可知，振動減弱點振幅為0，則波源、的振幅相同,故A正確；B．s時，第二次處于波峰位置，則有解得周期T=1s圖乙可知波長為1m，則波速設從開始振動經時間t兩列波相遇，則傳播時間為（t-2s聯立解得故B錯誤；C．根據振動加強點的條件到P點距離為則到P點距離為設間某點到的距離分別為，則有相距10m，在間（除的取值范圍是(0，10m)，則n可以取共個值，即有個振動加強點，故C錯誤；第12頁/共26頁D．結合以上分析可知，到Q點距離為到Q點距離為則兩波源到Q點的波程差即Q0QQ的通過的路程，到Q點時間為由于s時Q才振動，即從時刻開時到5.75s，才傳播到Q點，到Q點時間為則Q單獨振動時間為即Q單獨振動了半個周期，即在0~10s內質點Q的路程為故D正確。故選AD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共分）14.（1）在下列實驗中，必須用到天平的實驗是______。A.“探究加速度與力、質量的關系”B.“驗證機械能守恒定律”C.“用單擺測量重力加速度的大小”D.“探究小車速度隨時間變化的規律”（2）如圖所示為“探究兩個互成角度的力的合成規律”實驗。下列操作或現象會增大實驗誤差的是（）第13頁/共26頁A.彈簧測力計的拉桿與塑料外殼有摩擦B.彈簧測力計的塑料外殼與木板有摩擦C.彈簧測力計、細繩、橡皮筋未與木板平行D.將細繩換成細橡皮筋（3）某同學在家中用三根相同的橡皮筋（遵循胡克定律）代替彈簧測力計來探究該實驗，如圖3根橡皮筋在O點相互連接，拉長后三個端點用圖釘固定在A、B、C三點。下列說法正確的是（）A.每次實驗時結點O的位置必須一樣B.不用測出橡皮筋上力的大小也能完成實驗C.必須要知道橡皮筋的勁度系數才能完成實驗D.可以選取三個橡皮筋中的任意兩個拉力作為分力進行探究【答案】（1）A（2）AC（3）BD【解析】【小問1詳解】A實驗中，需要測量物體的質量，所以必須用到天平，故A正確；B掉，不需要測量質量，不用天平，故B錯誤；C只需測量擺長和周期，不需要測量質量，不用天平，故C錯誤；DD錯誤。故選A。【小問2詳解】第14頁/共26頁A．彈簧測力計的拉桿與塑料外殼有摩擦，會導致彈簧測力計示數不能準確反映拉力大小，增大實驗誤差，故A正確；B的大小，不會增大實驗誤差，故B錯誤；C．彈簧測力計、細繩、橡皮筋未與木板平行，會使拉力在垂直木板方向有分力，導致測量的拉力不準確，增大實驗誤差，故C正確；D．將細繩換成細橡皮筋，只要能準確記錄拉力的方向，對實驗結果沒有影響，不會增大實驗誤差，故D錯誤。故選AC。【小問3詳解】A．該實驗是探究三根橡皮筋拉力的關系，不需要每次實驗時結點O的位置都一樣，故A錯誤；B．因為三根橡皮筋遵循胡克定律，根據k完成實驗，故B正確；C．由B選項的分析可知，用橡皮筋的伸長量或伸長后的長度來表示力的大小，不需要知道橡皮筋的勁度系數，故C錯誤；D任意兩個拉力做為分力進行探究，故D正確。故選BD。15.某同學在學習了“用雙縫干涉測量光的波長”實驗后，自制了一套雙縫干涉演示儀（圖1的縫寬可調（圖2（1）若調節單縫的寬度由圖2所示逐漸變窄，下列說法正確的是（A.當單縫寬度較寬時，無法觀察到清晰的條紋B.當單縫寬度較窄時，隨著縫寬變窄，條紋間距逐漸變大（2d第15頁/共26頁離為k為______【答案】（1）A（2）【解析】【小問1詳解】A成穩定的干涉條件，所以無法觀察到清晰的干涉圖樣，故A正確；B．干涉條紋間距公式其中為雙縫到屏的間距，表示波長，表示雙縫間距所以條紋間距寬度與單縫寬度無關，當單縫寬度變窄時，條紋間距不變，故B錯誤。故選A。【小問2詳解】雙縫條紋間距公式其中是實際的相鄰兩亮條紋間的間距那么顯示的相鄰亮條紋間距和實際的相鄰亮條紋間距之間的關系為即整理得16.1所示。第16頁/共26頁（1）閉合開關前，該同學發現圖1中有一處連線錯誤，應去掉圖中序號為______“①”“②”、“③”或者“④”）（2）正確連線后，由實驗中記錄的數據，得到該電池的曲線，如圖2所示。某次調節滑動變阻器時，電流表的示數為250mA3______VU-I硅光電池的內阻為______Ω（3曲線在值為、的定值電阻連接構成閉合回路，且，實驗測得兩組數據、，其中，，則兩種情況下硅光電池的輸出功率______（選填“大于”“等于”或者“小于”【答案】（1）③（2）①.1.49#1.50#1.51②.5.6（3）大于【解析】【小問1詳解】測量電源電動勢和內阻實驗需要電流表串聯在電路中，電壓表并聯在電路中，如圖所示連接電路導線③可使得電壓表短路，所以應該去掉圖中序號為③的導線【小問2詳解】第17頁/共26頁[1]觀察圖中電壓表，其量程為3V，分度值為0.1V，指針指在1刻度后的第5格上，所以電壓表的示數為1.50V[2]根據閉合電路歐姆定律U-I曲線斜率的絕對值表示內阻由[1]可知當電流表的示數為250mA，根據電壓為1.50V當電流I=0時，根據【小問3詳解】當范圍內可視為直線，該直線斜率為，由在時硅光電池的內阻可視為對于硅光電池與定值電阻構成的閉合回路，其輸出功率根據閉合電路歐姆定律則輸出功率當時對于，輸出功率對于，出功率所以當且時，時，硅光電池的U-I曲線不再是斜率為的直線，其內阻不再是從U-I曲線的性質來看，隨著電流的增大，電池的內阻會增大(實際電池的內阻會隨工作狀態變化)輸出功率，對于接(電流)的情況，由于內阻增大，根據在E不變，I增大且r增大的情況下，路端電壓會比按照內阻計算的值更小第18頁/共26頁對于，輸出功率(，內阻為)對于，輸出功率(，內阻大于)電源內阻按計算時實際內阻增大導致減小，所以17.SA和B，兩活塞間封閉一定量的理想氣體。把輕彈簧一端與圓筒底部連接，另一端與活塞B相連接。圓筒下方靠近底部A有一小缺口，使活塞B下方始終與大氣相通。開始時環境溫度為，氣體此時處于狀態I，其體積為V。現保持環境溫度不變，將沙子緩慢地倒在活塞A的上表面，使氣體體積減小為0.5V，此時氣體處于0.75V態Ⅲ，氣體內能增加，外界大氣的壓強始終保持不變。（1）氣體從狀態I到狀態Ⅱ，氣體分子在單位時間內撞擊筒壁單位面積的次數______（選填“變大”“變______（2）求氣體達到狀態Ⅲ時環境的溫度T和彈簧的彈力大小F；（3）求從狀態Ⅱ到狀態Ⅲ氣體吸收的熱量Q。【答案】（1）①.變大②.等于（2），（3）【解析】【小問1詳解】[1][2]狀態Ⅰ到狀態Ⅱ過程為等溫變化，體積減小，壓強增大，所以氣體分子在單位時間內撞擊筒壁單位面積的次數變大；由于溫度不變，內能不變，外界對氣體做功，根據熱力學第一定律可知解得第19頁/共26頁所以氣體向外界釋放的熱量等于外界對氣體做的功。【小問2詳解】①對氣體，狀態Ⅱ到狀態Ⅲ過程為等壓變化解得②對氣體，狀態Ⅰ到狀態Ⅱ過程為等溫變化解得對活塞B，狀態Ⅱ到狀態Ⅲ過程始終受力平衡解得【小問3詳解】對氣體，狀態Ⅱ到狀態Ⅲ過程，外界對氣體做功根據熱力學第一定律解得18.某固定裝置的豎直截面如圖所示，水平高臺上的直軌道CD、圓弧軌道DEF、直軌道FG平滑連接。高臺左側水平軌道ABmLCD有一水平地面HI，與高臺的高度差為h。初始時，平板處于靜止狀態，其右端與高臺的CB側距離足夠大。讓一質量也為m的滑塊以速度滑上平板，并帶動平板向右運動。當平板到達CB時將立即被鎖定，滑塊繼續向前運動。若滑塊落到HI分速度減半，水平速度同時發生相應變化。已知，，，，，滑塊與平板上表面間的動摩擦因數HI段間的動摩擦因數HI段足夠長，滑塊視為質點。（1）求平板被鎖定瞬間，滑塊的速度大小v以及此時滑塊離平板右端的距離x；第20頁/共26頁（2）要使滑塊不脫離圓弧軌道，求圓弧軌道半徑R的取值范圍；（3）若滑塊沿著軌道運動至G點飛出，求其最終距G點的水平距離d。【答案】（1）5m/s，0（2）或（3）【解析】【小問1詳解】平板與滑塊運動至共速過程，根據動量守恒有解得根據能量守恒定律有解得此時滑塊離平板右端距離【小問2詳解】當滑塊恰過圓弧軌道最高點時，根據牛頓第二定律有從滑上高臺到運動至圓弧軌道最高點過程，根據動能定理有解得滑塊從滑上高臺到恰到達圓弧軌道圓心等高處過程，根據動能定理有解得要使滑塊不脫離圓弧軌道，則有或【小問3詳解】滑塊從G點飛出至第一次落地做平拋運動，則有，，解得，第一次反彈后有第一次反彈過程根據動量定理有，第21頁/共26頁解得第一次反彈后至第二次落地滑塊做斜拋運動，則有第二次反彈過程根據動量定理有，解得可知，之后滑塊做豎直上拋運動，綜上所述可知，最遠水平距離19.如圖1的范圍內存在豎直向下的磁場，任一時刻磁感應強度分布與yx按的規律變化，k隨時間的變化如圖2T/m，s。水平面上有一邊長m、質量kg、總電阻Ω的勻質正方形剛性導線框abcd，內鎖定在圖1所示的位置，Nx軸正方向運動，已知當ab邊到達時，線框開始做勻速運動。在線框ab邊越過磁場右邊界后瞬間，改施加變力，使之后線框在離開磁場的過程中其電流保持不變。線框在全過程中始終處于平面內，其ab邊與y軸始終保持平行，空氣阻力不計。求：（1）內線框中電流I的大小及方向；（2）線框在磁場中勻速運動的速度大小v；（3）線框在勻速運動過程中，ab兩端的電勢差隨ab邊的x坐標變化的關系式；（4）線框在穿出磁場的過程中產生的焦耳熱Q。【答案】（1）4A，順時針（2）m/s（3）（V）第22頁/共26頁（4）J【解析】【小問