2024-2025學年江蘇省連云港三校高二（下）聯考物理試卷（3月）一、單選題：本大題共11小題，共44分。1.某理想變壓器原、副線圈的匝數之比為1:10，當輸入電壓增加10V時，輸出電壓(

)A.降低1V B.增加1V C.降低100V D.增加100V2.如圖所示，固定的水平長直導線中通有電流I，矩形線框與導線在同一豎直平面內，且其中一邊與導線保持平行.現將線框由靜止釋放，下落過程中(

)

A.穿過線框的磁通量增加 B.線框中感應電流方向為順時針

C.線框所受安培力的合力為零 D.線框的機械能守恒3.關于下列圖片的解釋錯誤的是(

)

A.真空冶煉爐利用渦流通過金屬產生的熱量使金屬熔化

B.使用電磁爐加熱食物時使用陶瓷鍋也可以

C.探雷器探測有較大金屬零件的地雷時是利用渦流工作的

D.用互相絕緣的硅鋼片疊成的鐵芯來代替整塊硅鋼鐵芯可以減小變壓器鐵芯中的渦流4.如圖為“探究感應電流產生的條件”的實驗裝置，線圈A放在線圈B中，在閉合開關瞬間，發現靈敏電流計的指針向右偏轉.下列說法中正確的是(

)

A.閉合開關后，將線圈A從線圈B中抽出時，電流計指針向右偏轉

B.閉合開關后，滑片P向右滑動時，電流計指針向左偏轉

C.閉合開關后，線圈A、B保持不動，電流計指針不偏轉

D.斷開開關瞬間，電流計指針向右偏轉5.如圖所示，半徑為r2的圓形單匝線圈中央有半徑為r1的有界勻強磁場，磁感應強度隨時間變化關系為B=B0+kt(k>0A.線圈中電子沿順時針方向定向移動 B.線圈面積有縮小的趨勢

C.線圈中產生的焦耳熱為π2kB06.如圖所示為某電吹風電路圖，a、b、c、d為四個固定觸點，可動的扇形金屬觸片P可同時接觸兩個觸點.n1、n2分別是理想變壓器的原、副線圈的匝數，小風扇的額定電壓為60V，吹熱風時，電吹風的電功率為460W.則電吹風吹熱風時A.可動觸頭P同時接b、c B.n1:n2=11:3

7.遠距離輸電的原理圖如圖所示，升壓變壓器原、副線圈的匝數分別為n1、n2，電壓分別為U1、U2，電流分別為I1、I2，輸電線上的電阻為RA.I1I2=n1n2 8.如圖所示，在豎直向下的勻強磁場B中，將一根水平放置的金屬棒ab以水平速度v0拋出，金屬棒在運動過程中始終保持水平且未離開磁場區域，不計空氣阻力.下列說法正確的是(

)

A.a點電勢比b點電勢高

B.金屬棒在運動過程中機械能越來越小

C.金屬棒中的感應電動勢不變

D.單位時間內ab掃過的曲面中的磁通量越來越大9.某興趣小組設計了一款金屬探測儀，探測儀內部的線圈與電容器構成LC振蕩電路，其原理圖如圖所示。當探測儀檢測到金屬物體時，金屬物體中的渦流會影響原來的電磁場，探測儀檢測到這個變化就會使蜂鳴器發出聲響。已知某時刻，該振蕩電路的電流方向由a流向b，且電流強度正在增強。下列說法正確的是(

)

A.該時刻電容器上極板帶正電荷

B.該時刻線圈的自感電動勢在增大

C.若線圈的自感系數增大，振蕩電流的頻率降低

D.探測儀靠近金屬，并保持相對靜止時，金屬中不會產生渦流10.如圖所示，電路中開關S閉合穩定后，流過線圈L的電流為I1=0.4A，流過燈泡的電流為I2=0.2A.現將S斷開，下列圖中能正確表示S斷開前后流過燈泡電流A. B.

C. D.11.如圖甲所示的電路中，交流發電機線圈的匝數n=1500，線圈電阻r=1Ω，外接定值電阻R=9Ω，線圈在勻強磁場中勻速轉動時，穿過線圈的磁通量Φ隨時間A.60V B.302V C.54V二、實驗題：本大題共1小題，共9分。12.某班同學在實驗室進行“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數的關系”的實驗.(1)本實驗要通過改變原、副線圈匝數，探究原、副線圈的電壓比與匝數比的關系，該實驗運用的物理方法是

(A.控制變量法B.等效替代法C.整體隔離法D.微元求和法(2)下列實驗器材必須要用的有

(A.干電池組B.交流電源C.交流電壓表D.直流電壓表(3)下列說法不正確的是

(A.研究副線圈匝數對輸出電壓的影響，應該保持原線圈電壓、匝數不變B.測量電壓時，先用最大量程試測，再選用適當的擋位進行測量C.變壓器開始正常工作后，因為鐵芯導電，電能由原線圈輸送到副線圈(4)某同學用如圖可拆變壓器探究原、副線圈電壓與匝數的關系.A線圈“0”“8”對應接線柱間的匝數為800，通過導線a、b接電壓為12V的正弦式交變電流;B線圈“0”“4”對應的匝數為400，通過導線c、d接交流電壓表，該表讀數可能為A.4.8B.6.0C.12.0D.24.0(5)依據第四問選擇結果，請解釋產生該結果的原因(寫出一條合理的理由即可):三、計算題：本大題共4小題，共40分。13.如圖所示，質量為m、電阻為R、邊長為L的正方形單匝線框abcd(各邊均相同)，放在動摩擦因數為μ粗糙水平桌面上.MN右側空間存在豎直向下的勻強磁場，磁感應強度大小為B，線框從左邊界以初速度v進入磁場，(1)線框剛進入磁場時，ab(2)線框剛進入磁場時，線框的加速度14.如圖所示，矩形線圈面積為S，匝數為n，線圈電阻為r，在磁感應強度為B的勻強磁場中繞OO′軸以角速度ω勻速轉動，外電路電阻為R.當線圈由圖示位置轉過(1)通過電阻R的電荷量(2)電阻R上所產生的熱量15.圖甲是法拉第發明的銅盤發電機，也是人類歷史上第一臺發電機.利用這個發電機給電阻和平行金屬板電容器供電，如圖乙所示.已知銅盤的半徑為r，銅盤邊緣和圓心之間的電阻為R，銅盤外接電阻也為R，加在盤上的勻強磁場的磁感應強度為B1，每塊平行板長度為3d，板間距離為d，板間加垂直紙面向內、磁感應強度為B2的勻強磁場.一質量為m、電量為q的帶電微粒從電容器兩板中間水平向右射入極板間，恰好在復合場中做勻速圓周運動，最后打在下極板的中點，重力加速度大小為g(1)(2)微粒射入的速度v(3)銅盤勻速轉動的角速度16.如圖所示，兩根足夠長的光滑直金屬導軌MN、PQ平行放置在傾角為θ=30°的絕緣斜面上，兩導軌間距為L=1m，M、P兩點間接有阻值為R=4Ω的電阻.一根質量m=1kg、電阻r=1Ω的均勻直金屬桿ab垂直放在兩導軌上.整套裝置處于磁感應強度為B=5T(1)(2)從金屬桿開始下滑至速度達到最大的過程中，電阻R(3)從金屬桿開始下滑至速度達到最大所用的時間t答案和解析1.【答案】D

【解析】解：根據U1U2=n1n2得，△U1△U2=n1n2，即2.【答案】B

【解析】AB.根據右手螺旋定則，知直導線下方的磁場方向垂直紙面向里，線框由靜止釋放，穿過線圈的磁通量減小，根據楞次定律知，感應電流的方向為順時針方向，方向保持不變，故A錯誤，B正確；

C.根據左手定則，上邊所受的安培力方向向上，下邊所受的安培力方向向下，左右兩邊受安培力等大反向相互抵消，由于上邊所處的磁場強，所以上邊所受的安培力大小大于下邊所受的安培力大小，所以線框所受安培力的合力方向豎直向上，故C錯誤；

D.在下降的過程中，除重力做功以外，還要克服安培力做功，所以線框的機械能不守恒，機械能減小，故3.【答案】B

【解析】A、真空冶煉爐是線圈中的電流做周期性變化，在金屬中產生渦流，從而產生大量的熱量，熔化金屬的，故A正確；

B、金屬鍋自身產生無數小渦流而直接加熱于鍋的，陶瓷鍋屬于絕緣材料，里面不會產生渦流，不可用于加熱食物，故B錯誤；

C、金屬探測器中變化電流遇到金屬物體，在被測金屬中上產生渦流來進行探測，所以用來探測金屬殼的地雷或有較大金屬零件的地雷的探雷器是利用渦流工作的，故C正確；

D、當變壓器線圈中的電流變化時，在其鐵芯將產生渦流，使用硅鋼片做成的鐵芯可以盡可能減小渦流的損失，故D正確。

本題選錯誤的，故選B。4.【答案】C

【解析】在閉合開關瞬間，發現靈敏電流計的指針向右偏轉，說明穿過線圈的磁通量增加時電流計的指針向右偏轉;

A.閉合開關后，將線圈A從線圈B中抽出時，穿過線圈的磁通量減小，則電流計指針向左偏轉，選項A錯誤;

B.閉合開關后，滑片P向右滑動時，回路中電流變大，穿過線圈的磁通量變大，則電流計指針向右偏轉，選項B錯誤;

C.閉合開關后，線圈A、B保持不動，穿過線圈的磁通量不變，則電流計指針不偏轉，選項C正確;

D.斷開開關瞬間，回路中電流變小，穿過線圈的磁通量變小，則電流計指針向左偏轉，選項D錯誤;

故選C5.【答案】A

【解析】AB、由題意可知，如圖所示的磁場在均勻增加時，穿過線圈的磁通量增大，根據楞次定律可知會產生逆時針方向的感應電流，那么線圈中電子沿順時針方向定向移動，線圈中產生感應電流，但是線圈所在位置沒有磁場，所以線圈不受安培力，線圈面積沒有變化趨勢，故A正確B錯誤；

CD、設線圈中感應電動勢E，由法拉第電磁感應定律得：E=△B△tS，線圈中的感應電流I=ER，聯立解得：I=kπr12R，

磁感應強度增大為2B0的時間6.【答案】B

【解析】A.吹熱風時，小風扇和電熱絲同時接入電路，則可動觸頭

P

同時接

a

、

b

，故A錯誤；C.因為沒有給出小風扇的電阻，所以根據題給條件無法計算小風扇的輸出功率，故C錯誤；D.電熱絲的兩端電壓為

220V

，故D錯誤；B.根據變壓器的變壓規律可得

n1n2故選B。7.【答案】D

【解析】【分析】

本題主要考查了遠距離輸電的應用問題，屬于中檔題。根據理想變壓器輸入功率等于輸出功率和電壓與線圈匝數關系來分析，知道輸電線損耗功率P=I2R。

【解析】

理想變壓器原副線圈兩端的電壓與線圈的匝數成正比，有：U1U2=n1n2，由能量守恒定律可知：P1=I1U1=P2=I2U8.【答案】C

【解析】A.由右手定則可知，a點電勢比b點電勢低，選項A錯誤；

C.金屬棒做平拋運動的過程中，水平方向的分速度不變，因而切割磁感線的速度不變，故棒上產生的感應電動勢大小不變。故CD.單位時間內ab的水平位移為v0，則掃過的曲面中的磁通量Φ=BB.金屬棒在運動過程中只有重力做功，機械能不變。故B錯誤。故選C。9.【答案】C

【解析】A.某時刻，電流的方向由a流向b，且電流強度正在增強，電容器正處于放電過程，上極板帶負電荷，故A錯誤；B.電流的方向由a流向b，且電流強度正在增強中，電流強度增大得越來越慢，則線圈的自感電動勢正在減小，故B錯誤；C.若線圈的自感系數L增大，根據公式

f=12πLD.雖然探測儀與金屬保持相對靜止，但電流強度正在增大，穿過金屬的磁通量增大，金屬也會產生感應電流，故D錯誤。故選C。10.【答案】A

【解析】S閉合且穩定后流過電感線圈的電流是0.4A，流過燈泡的電流是0.2A，當S斷開后，燈泡原來的電流立即消失，線圈中電流要開始減小，將產生自感電動勢，阻礙電流的減小，所以通過燈泡的電流不會立即消失，會從0.4A開始逐漸減小，根據楞次定律知，燈泡中電流方向與原來的電流方向相反，故A故選A。11.【答案】D

【解析】交變電流電動勢最大值

E結合圖乙可知

BS=4×代入題中數據，聯立以上得

E則電壓表示數

U聯立以上解得

U故選D。12.【答案】(1)A；(2)BC；(【解析】(1)實驗中需要運用的科學方法是控制變量法，故A正確，BCD錯誤。

(2)實驗中，必須要用到交流電源提供交流電，需要用交流電壓表測量交流電壓，故AD錯誤，BC正確；

(3)A.要研究副線圈匝數對副線圈電壓的影響，應該保持原線圈電壓、匝數不變，改變副線圈的匝數，進而測得副線圈電壓，找出相應關系，故A正確，不符合題意；

B.為了保護電表，測量副線圈電壓時，先用最大量程試測，大致確定電壓后再選用適當的擋位進行測量，故B正確，不符合題意；

C.變壓器的工作原理是電磁感應現象，即不計各種損耗，在原線圈上將電能轉化成磁場能，在副線圈上將磁場能轉化成電能，鐵芯起到傳遞磁場能的作用，不是鐵芯導電來傳輸電能，故C錯誤，符合題意。

(4)若是理想變壓器，則有變壓器線圈兩端的電壓與匝數的關系U1U2=n1n2，若變壓器的原線圈接“0”和“8”兩個接線柱，副線圈接“0”和“4”兩個接線柱，可知原副線圈的匝數比為2:1，原線圈兩端的電壓為13.【答案】解：(1)根據右手定則可知，a點的電勢高于b點

線框剛進入磁場時E=BLv

ab兩端的電壓Uab=ER【解析】詳細解答和解析過程見【答案】14.【答案】解：(1)依題平均感應電動勢為E=nΔΦΔt=2nBSwπ；

平均感應電流為I=ER+r=2nBSωπ(R+r)【解析】