高級中學名校試卷PAGEPAGE12025屆高三12月聯合測評物理試題考試時間：2024年12月13日10:30—11:45試卷滿分：100分考試用時：75分鐘注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每個小題給出的四個選項中，第1—7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8—10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.沿同一直線運動的甲、乙兩物體，其位移隨時間變化的圖像如圖所示，兩條曲線都是拋物線，已知傾斜虛線的斜率為，通過圖像所給的其他已知信息，分析下列說法正確的是A.甲、乙同地不同時出發B.兩次相遇時，甲的速度均大于乙C.時間內甲、乙共速時，速度大小為D.時刻甲、乙的速度不相等2.如圖所示的電路，電源為恒流源即輸出的電流是定值，、是定值電阻，是光敏電阻且阻值大小與光照強度成反比，電表均是理想電表，當增加的光照強度，下列說法正確的是A.、示數差是定值 B.的示數增大C.的示數增大 D.的電流可能不變3.如圖甲所示，條形磁鐵放置在虛線圓面的中垂線上，規定磁感線向上的磁通量為正；如圖乙所示，電量為的點電荷放置在半徑為的球心，類比磁通量的概念，電場中可定義電通量（、垂直）已知靜電力常量為，下列說法正確的是A.對甲圖，通過虛線圓面的磁通量為正 B.對甲圖，虛線圓面的半徑越大，磁通量越大C.對乙圖，通過球面的電通量為 D.對乙圖，球的半徑越大，電通量越大4.如圖所示，斜面體固定在水平面上，把物塊（可視為質點）放置在足夠長的光滑斜面上，用沿著斜面向上的拉力作用在物塊上，拉力的功率恒定為，使物塊從靜止開始向上運動。已知物塊獲得的最大動量為，重力加速度為，下列說法正確的是A.可求出物塊的質量 B.可求出拉力的最小值C.去掉拉力，無法求出物塊的加速度 D.可求出斜面的傾角5.如圖所示，長直導線垂直紙面放置，導線截面位于點，導線電流方向垂直紙面向里，、點的連線（虛線）豎直向下，且、兩點間距為，磁感應強度為的勻強磁場斜向右下方，與水平方向的夾角為，已知點的合磁感應強度沿豎直方向，通電長直導線在周圍某點產生的磁感應強度大?。ㄊ菍Ь€所通過的恒定電流，為一固定常量，是此點與導線間的垂直距離），則導線的電流大小為A. B. C. D.6.某質點做簡諧振動的位移一時間圖像如圖所示，圖中的為未知量。已知周期為，振幅為，通過圖像所提供的其他已知量，分析下列說法正確的是A.時刻，質點的加速度最小B.時刻質點的速度沿軸負方向，加速度沿軸正方向C.未知量為D.質點的振動方程為7.假設一顆人造衛星繞月球做勻速圓周運動，軌道的內接正三角形是月球的外切正三角形。已知月球的半徑為，月球的第一宇宙速度為，衛星的動能為，萬有引力常量為，下列說法正確的是A.衛星的線速度為 B.衛星軌道處的重力加速度為C.衛星受到月球的萬有引力為 D.衛星的動量為8.如圖所示，兩平行河岸的間距為，水流速度大小恒定且方向沿著河岸向右，一條小船從河岸A渡到河岸B，船在靜水中的速度與垂直河岸方向的夾角為，船速（即合速度）與河岸A的夾角也為，下列說法正確的是A.與的關系為 B.與的關系為C.小船渡河位移為 D.小船渡河時間為9.質量為的小球分別在真空中與油中從靜止開始下落相同的高度，所需的時間不一樣。若在真空中小球下落的時間為，在油中小球下落阻力產生的熱量，重力加速度為，小球在油中受到的阻力大小恒定，下列說法正確的是A.小球在油運動受到的阻力大小為B.小球在油中運動的時間C.小球在真空中運動重力的平均功率為D.小球在油中運動重力的平均功率為10.如圖所示，帶電平行板帶電量為，板長與板間距均為，一比荷為的粒子（不計重力）從上板的左端射入勻強電場，恰好從右端射出，已知粒子的運動時間為，運動軌跡如圖中虛線所示，下列說法正確的是A.入射速度與上板的夾角為 B.運動軌跡與下板的最小距離為C.平行板間勻強電場的大小為 D.平行板的電容為二、非選擇題：（本題共5小題，共54分）11.（6分）用如圖甲所示的裝置，可驗證牛頓第二定律，重力加速度為，主要的實驗過程如下。A.用天平測量帶有遮光片的小車總質量和物塊的質量，測得兩者的質量相等；B.用游標卡尺測出遮光片的寬度，氣墊導軌水平放置，按照圖所示的裝置來連接器材；C.打開氣墊導軌的充氣源，釋放小車，測出遮光片通過光電門的時間為；D.用刻度尺測出小車釋放時遮光片與光電門間的距離。（1）小車通過光電門的速度________；（2）若等式________（用，，表示）成立，則牛頓第二定律得到驗證；（3）改變，做多組實驗，做出為縱坐標，為橫坐標的圖像如圖乙所示，當圖乙的斜率為________________時，也驗證了牛頓第二定律。12.（9分）實驗小組用圖甲所示的電路來測量小燈泡的電阻，圖中標準電阻的阻值為，電流表的電阻為，電壓表為理想電壓表，為電源，為開關，為滑動變阻器。閉合開關，將的滑片置于適當的位置，記下的示數，的示數，改變滑片的位置，多測幾組、的相對應值，做出的函數關系圖像如圖乙所示，回答下列問題。（1）請按照圖甲所示的實驗原理線路圖在下列方框中接好電路；（2）閉合開關之方，滑動變阻器的滑片應置于________（選填“最右端”或“最左端”），多測幾組、、然后做圖像的目的是為了減小________（選填“系統”或“偶然”）誤差；（3）寫出乙圖中與的函數表達式________________________，當乙圖的斜率為，可得________（均用題目中已知字母表示）。13.（10分）某電風吹的簡化電路圖如圖所示，主要部件為選擇開關、電動機與電熱絲，電風吹工作電壓為，電阻絲為純電阻。已知電動機的內阻為，冷風時的機械功率為，熱風時總功率為冷風時總功率的9倍。（1）求冷風時電動機的電流以及電動機的效率；（2）求電阻絲的電阻及熱風一段時間產生的總焦耳熱。14.（12分）如圖所示，水平面與半徑為的圓弧軌道在點平滑對接。、分別是豎直、水平半徑，半徑與豎直方向的夾角為，水平面上的點與點間距為。在點的右側存在水平向右電場強度為的勻強電場。輕質彈簧放置在水平面上，左端固定?？刂茙щ娏繛榈男∏颍梢暈橘|點）向左壓縮彈簧，當彈簧壓縮量等于時，將小球由靜止釋放，小球到達點離開彈簧（此時彈簧恢復原長），小球在從到的過程中，在點速度達到最大。已知小球在點時對軌道的壓力等于重力的3倍，不計一切摩擦，小球的帶電量始終不變，重力加速度為。彈簧的彈性勢能與彈簧的形變量以及彈簧的勁度系數之間的關系式為。（1）求小球的質量以及小球在點的速度；（2）求彈簧的勁度系數；（3）求小球在點軌道對其支持力的大小。15.（17分）如圖所示，斜面與水平面在點平滑對接，與另一光滑水平面在點平滑對接，質量為的物塊甲（可視為質點）放置在光滑水平面上，質量為的物塊乙（可視為質點）放置在點，現給物塊甲一個水平向左的速度，物塊甲、乙發生彈性碰撞后，物塊甲向右運動速度大小為，物塊乙經過時間落到點。若讓物塊乙從點以速度水平向左拋出，物塊乙落到水平面上的點，物塊乙與斜面和水平面間的動摩擦因數均為，重力加速度為，已知，。（1）求物塊甲、乙碰撞剛結束時物塊乙的速度大小以及碰撞過程中物塊乙對物塊甲做的功；（2）求斜面的傾角以及、兩點的連線與水平面的夾角；（3）若讓物塊乙從點由靜止沿著斜面下滑，經過（不考慮過點平滑時能量損失）點到達點時恰好停止運動，求物塊乙從到摩擦產生的內能為多少以及物塊乙與斜面和水平面間的動摩擦因數的大小。

——★參考答案★——題號12345678910答案CACDBDBACBDAB1.【答案】C【解析】甲、乙既不同地也不同時出發，A項錯誤；位移—時間圖像的斜率表示速度，第一次相遇甲的速度小于乙的速度，第二次相遇甲的速度大于乙的速度，B項錯誤；勻變速直線運動的位移時間關系圖像是拋物線，則甲、乙均做勻變速直線運動，傾斜虛線的斜率表示甲、乙兩次相遇（分別為、時刻）過程位移與時間的比值即平均速度，甲、乙兩次相遇的中點時刻為，對勻變速直線運動中點時刻的瞬時速度等于此過程的平均速度，則甲、乙在時刻的速度均為，C項正確，D項錯誤。2.【答案】A【解析】電源的輸出電流不變，則通過的電流不變，則的電壓不變，、示數差等于的電壓，則、示數差是定值，A項正確；增加的光照強度，的阻值減小，則、并聯的總電阻減小，但通過、的總電流不變，由歐姆定律可得，、的電壓減小，即的示數減小，B項錯誤；電源的輸出電流不變，則的示數不變，C項錯誤；的電壓減小，則通過的電流減小，又因為、的電流之和是定值，則通過的電流一定增大，D項錯誤。3.【答案】C【解析】對甲圖，磁感線是閉合曲線，在磁體外部從N極指向S極，內部從S極指向N極，故通過虛線圓面磁感線抵消后，總磁感線向下，則磁通量為負，虛線圓面的半徑越大，磁感線抵消的越多，總磁感線條數越少，磁通量越小，A、B項錯誤；對乙圖，球面的面積為，點電荷在球面上產生的電場強度為，電場強度與球面處處垂直，根據電通量的定義，通過球面的電通量為，則電通量與球的半徑無關，是定值，C項正確，D項錯誤。4.【答案】D【解析】設物塊的質量為，斜面的傾角為，拉力為，拉力的功率恒定，則有，物塊的加速度為，當增大時，減小，減小。當時，最大，最小，此時物塊做勻速運動，則有，結合可知，由題意可得，比較可得，則可求出斜面的傾角，無法求出物塊的質量和拉力的最小值，A、B項錯誤，D項正確；當去掉拉力，物塊加速度，可以求出，C項錯誤。5.【答案】B【解析】設導線的電流為，由右手螺旋定則可知，導線在點產生的磁感應強度大小為，方向水平向左，與斜向右下方的勻強磁場的合磁感應強度的方向豎直向下，由矢量合成的平行四邊形法則可得，解得，B項正確。6.【答案】D【解析】時刻，質點的位移最大，加速度最大，A項錯誤；時刻圖像的斜率為正，質點的速度為正，位移為負，加速度為正，B項錯誤；設質點的振動方程為，結合，，解得，則質點的振動方程為，時刻質點的位移為0，則有，解得，C項錯誤，D項正確。7.【答案】B【解析】由幾何關系可得衛星的軌道半徑，由，，比較可得，A項錯誤；衛星軌道處的重力加速度就是衛星的向心加速度，則有，B項正確；由，，聯立解得，C項錯誤；由，，聯立解得，D項錯誤。8.【答案】AC【解析】把、分別沿著河岸和垂直河岸分解，由運動的獨立性原理，，綜合解得，，A項正確，B項錯誤；由幾何關系可得小船渡河的位移，C項正確；小船渡河的時間，，解得，D項錯誤。9.【答案】BD【解析】由自由落體運動的規律可得，在油中，聯立解得，A項錯誤；由牛頓第二定律可得，由勻加速直線運動的規律可得，綜合解得，B項正確；小球在真空中重力的平均功率，C項錯誤；小球在油中運動重力的平均功率，D項正確。10.【答案】AB【解析】設粒子入射速度與上板的夾角為，把入射速度分別沿著板的方向和垂直板的方向進行分解，則有，。粒子沿著板的方向做勻速直線運動，可得，聯立解得，，A項正確；粒子沿垂直板的方向做勻減速直線運動，可得，聯立解得，，則運動軌跡與下板的最小距離為，B項正確；粒子沿垂直板的方向做勻減速直線運動可得，，結合，聯立解得，C項錯誤；由，，綜合解得，D項錯誤。11.【答案】（1）（2分）（2）（2分）（3）（2分）【解析】（1）小車通過光電門的速度；（2）由初速度為0的勻加速度直線的速度位移關系可得，則，對整體由牛頓第二定律分析可得，即當成立時，就可以驗證牛頓第二定律，綜合整理可得；（3）由可得圖像的斜率，即當圖乙的斜率為，也驗證了牛頓第二定律。12.【答案】（1）見解析（3分）（2）最左端（1分）偶然（1分）（3）（2分）（2分）【解析】（1）完整的電路連線圖如下；（2）閉合開關S之前，滑動變阻器的觸頭應置于最左端；多測幾組、，做圖像的目的是減小偶然誤差；（3）由并聯電路的電壓相等，總電流等于兩個電阻電流之和，結合歐姆定律可得，整理可得；當乙圖的斜率為，可得，解得。13.【答案】（1）（5分）（2）（5分）【解析】（1）冷風時（2分）結合，解得（1分）電動機的效率（1分）聯立可得（1分）（2）設電阻絲的電阻為，熱風時由題意可得（2分）解得（1分）熱風一段時間產生的總焦耳熱（1分）綜合計算可得（1分）14.【答案】（1）（5分）（2）（3分）（3）（4分）【解析】（1）小球在點時速度最大，根據等效場的原理，點等效最低點，半徑與豎直方向的夾角為，則有（1分）解得（1分）在點，由向心力公式可得（2分）結合，綜合解得（1分）（2）小球從釋放點到達點，由能量守恒定律可得（2分）綜合解得（1分）（3）小球從到，由能量守恒定律可得（2分）小球在點由向心力公式與牛頓第二定律可得（1分）綜合解得（1分）15.【答案】（1）（5分）（2）（4分）（3）（8分）【解析】（1）取水平向左為正方向，甲、乙發