高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1高二物理本試卷滿分100分，考試用時(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：1.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上。寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。4.本試卷主要考試內(nèi)容：粵教版必修第一冊(cè)，必修第二冊(cè)，必修第三冊(cè)前三章，選擇性必修第一冊(cè)第一章。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.一個(gè)金屬小球帶1C電荷，若將相同的不帶電的小球與其接觸后移開(kāi)，則該小球所帶電荷量為（）A.0 B.1C C.0.25C D.0.5C【答案】D【解析】金屬小球帶1C電荷，與不帶電的小球接觸移開(kāi)后，兩個(gè)小球平分電荷，所以該小球所帶電荷量為2.關(guān)于靜電平衡，下列說(shuō)法正確的是（）A.導(dǎo)體內(nèi)部的電場(chǎng)強(qiáng)度處處為0B.導(dǎo)體內(nèi)的自由電子在發(fā)生定向移動(dòng)C.導(dǎo)體的外表面沒(méi)有電荷D.越尖銳的位置，電荷的密度越小【答案】A【解析】A．處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體，內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，故A正確；B．由于導(dǎo)體內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)為零，則導(dǎo)體內(nèi)沒(méi)有定向移動(dòng)的自由電子，故B錯(cuò)誤；C．導(dǎo)體的外表面有電荷分布，故C錯(cuò)誤；D．越尖銳的位置，電荷的密度越大，故D錯(cuò)誤。3.下面是某同學(xué)對(duì)一些公式的理解，其中正確的是（）A.真空中點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式僅適用于點(diǎn)電荷電場(chǎng)，適用于任何電場(chǎng)B.電勢(shì)差的比值定義式適用于任何電場(chǎng)，且跟、無(wú)關(guān)C.由公式可知，電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)與成反比D.由可知，電場(chǎng)中任意兩點(diǎn)，b間的距離越大，兩點(diǎn)間電勢(shì)差也一定越大【答案】B【解析】A．真空中點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式僅適用于點(diǎn)電荷電場(chǎng)，僅適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．電勢(shì)差的比值定義式適用于任何電場(chǎng)，且跟、無(wú)關(guān)、B正確；C．公式是電勢(shì)的比值定義式，與均無(wú)關(guān)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．公式中的指兩點(diǎn)沿電場(chǎng)方向的距離，間的距離大，二者沿電場(chǎng)方向的距離不一定大，兩點(diǎn)間電勢(shì)差不一定越大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。4.電荷量相等的兩個(gè)電荷在空間形成的電場(chǎng)有對(duì)稱(chēng)美。如圖所示，真空中固定兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷A和B，A、B連線中點(diǎn)為O，在A、B所形成的電場(chǎng)中，有以O(shè)點(diǎn)為幾何中心的矩形abcd，矩形eghf為abcd的中垂面，O是ef邊的中點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.e、f兩點(diǎn)的電勢(shì)相等B.將一電荷由e點(diǎn)沿eghf移到f點(diǎn)，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功C.將一電荷由a點(diǎn)分別移到g點(diǎn)和O點(diǎn)，電勢(shì)能變化量不相等D.a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同【答案】A【解析】由于等量異種電荷電場(chǎng)與電勢(shì)分布的圖像具有對(duì)稱(chēng)性，假設(shè)A點(diǎn)為正電荷B點(diǎn)為負(fù)電荷，根據(jù)等量異種電荷與場(chǎng)強(qiáng)的分布圖可知，abcd所在平面中電場(chǎng)分布圖下圖所示A．根據(jù)題目描述，efgh所在平面為通過(guò)O點(diǎn)的中垂面，電勢(shì)都為0，所以e、f兩點(diǎn)的電勢(shì)相等且為0，A正確；B．將一電荷由e點(diǎn)沿eghf移到f點(diǎn)，由于efgh所在平面為電勢(shì)為0的等勢(shì)面，所以在移動(dòng)電荷過(guò)程中電場(chǎng)力始終不做功，B錯(cuò)誤；C．因?yàn)間點(diǎn)和O點(diǎn)的電勢(shì)相等且均為0，所以將一電荷由a點(diǎn)分別移到g點(diǎn)和O點(diǎn)過(guò)程中電勢(shì)變化相同，則電場(chǎng)力做功相同，電勢(shì)能變化相同，C錯(cuò)誤；D．因?yàn)閳?chǎng)強(qiáng)是既有大小又有方向的矢量，根據(jù)上述圖像可知，a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向不同，D錯(cuò)誤。5.如圖所示，兩段長(zhǎng)度和材料相同、粗細(xì)均勻的金屬導(dǎo)線A、B，單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)相等，橫截面積之比SA:SB=1:2。已知5s內(nèi)有5×1018個(gè)自由電子通過(guò)導(dǎo)線A的橫截面，元電荷e=1.6×10-19C，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.流經(jīng)導(dǎo)線A的電流為0.16AB.導(dǎo)線A、B的電阻之比為2:1C.5s內(nèi)有1×1018個(gè)自由電子通過(guò)導(dǎo)線B的橫截面D.自由電子在導(dǎo)線A和B中移動(dòng)的平均速率之比【答案】C【解析】A．流過(guò)A的電流為故A正確，不符合題意；B．根據(jù)電阻定律可得故B正確，不符合題意；C．因兩段串聯(lián)，通過(guò)兩棒的電流相等，所以在相等時(shí)間內(nèi)通過(guò)每段導(dǎo)線橫截面的電荷量是相等的，故C錯(cuò)誤，符合題意；D．因兩段串聯(lián)，通過(guò)兩棒的電流相等，又則有故D正確，不符合題意。6.圖甲為用傳感器在計(jì)算機(jī)上探究電容器充、放電現(xiàn)象的電路圖，E表示電源（忽略?xún)?nèi)阻），R表示定值電阻，C表示電容器。先使開(kāi)關(guān)S與a端相連，穩(wěn)定后再將開(kāi)關(guān)S與b端相連，得到充、放電過(guò)程電路中的電流I、電容器兩極板間電壓U與時(shí)間t的關(guān)系圖像，如圖乙所示。下列說(shuō)法正確的是（）A.時(shí)間內(nèi)，電容器在放電B.時(shí)間內(nèi)，電容器的電容在增加C.時(shí)間內(nèi)，電路中的電流逐漸減小D.圖像中兩陰影部分的面積關(guān)系為【答案】C【解析】A．由圖乙可知時(shí)間內(nèi)，電流逐漸減小，電容器兩端的電壓逐漸增加到穩(wěn)定，根據(jù)解得可知此過(guò)程電容器正在充電，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)電容公式可知電容器的電容與只與介電質(zhì)、正對(duì)面積以及兩極板間的距離有關(guān)，與電荷量Q、電勢(shì)差U無(wú)關(guān)，B錯(cuò)誤；C．由圖乙知，時(shí)間內(nèi)，電路中的電流反向且逐漸減小，C正確；D．根據(jù)可得可知圖線I與t軸圍成的圖形面積表示電容器充、放電過(guò)程的電荷量，對(duì)于同一電容器，充、放電的電荷量相等，故，D錯(cuò)誤。7.如圖所示，水平天花板下方固定一光滑小定滑輪O，在定滑輪的正下方C處固定一帶正電的點(diǎn)電荷，不帶電的小球A與帶正電的小球B通過(guò)跨過(guò)定滑輪的絕緣輕繩相連。開(kāi)始時(shí)系統(tǒng)在圖示位置靜止，已知。若B球所帶的電荷量緩慢減少（未減為零），則在B球到達(dá)O點(diǎn)正下方前，下列說(shuō)法正確的是（）A.A球的質(zhì)量大于B球的質(zhì)量B.B球的軌跡是一段圓弧C.此過(guò)程中點(diǎn)電荷對(duì)B球的庫(kù)侖力不變D.此過(guò)程中滑輪受到輕繩的作用力逐漸減小【答案】B【解析】對(duì)球進(jìn)行受力分析，B球受到輕繩的拉力、重力和庫(kù)侖力，由相似三角形可知（定值）其中整理各式得（定值）A．由于因此A錯(cuò)誤；B．由不變，可知不變，故球的軌跡是一段圓弧，B正確；C．由于減小，可知也減小，此過(guò)程中球所受庫(kù)侖力減小且方向改變，C錯(cuò)誤；D．滑輪受到的輕繩的作用力大小均為，大小不變，由于減小，可知兩繩夾角減小，所以滑輪受到兩繩的合力增大，D錯(cuò)誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.下列方法可使一根銅絲電阻減半的是（）A.長(zhǎng)度加倍 B.長(zhǎng)度減半C.橫截面積加倍 D.橫截面積減半【答案】BC【解析】由電阻定律可得，長(zhǎng)度加倍，電阻加倍；長(zhǎng)度減半，電阻減半；橫截面積加倍，電阻減半；橫截面積減半，電阻加倍。故選BC。9.日地拉格朗日點(diǎn)是指衛(wèi)星受太陽(yáng)、地球兩大天體引力作用，能保持相對(duì)靜止、編號(hào)為的那個(gè)點(diǎn)，于1772年由數(shù)學(xué)家拉格朗日推導(dǎo)證明出。日地拉格朗日點(diǎn)隨著地球圍繞太陽(yáng)的公轉(zhuǎn)而移動(dòng)，與太陽(yáng)、地球三者在任何時(shí)刻總在一條直線上。韋伯太空望遠(yuǎn)鏡于2021年12月25日發(fā)射升空，目前位于日地拉格朗日點(diǎn)。下面說(shuō)法正確的是（）A.韋伯太空望遠(yuǎn)鏡在地球和太陽(yáng)的引力作用下所受合力不為零B.韋伯太空望遠(yuǎn)鏡圍繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的線速度小于地球圍繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的線速度C.韋伯太空望遠(yuǎn)鏡的向心加速度小于地球圍繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的向心加速度D.韋伯太空望遠(yuǎn)鏡發(fā)射升空時(shí)的發(fā)射速度要小于第三宇宙速度【答案】AD【解析】A．韋伯太空望遠(yuǎn)鏡在太空做圓周運(yùn)動(dòng)，受到的合力不可能為零，故A正確；BC．根據(jù)題意“與太陽(yáng)、地球三者在任何時(shí)間總在一條直線上”，說(shuō)明地球與韋伯太空望遠(yuǎn)鏡角速度相等，根據(jù)、可知，半徑越大，線速度越大、向心加速度越大，故BC錯(cuò)誤；D．第三宇宙速度是指脫離太陽(yáng)系的發(fā)射速度，韋伯太空望遠(yuǎn)鏡沒(méi)有脫離太陽(yáng)的引力，則發(fā)射速度小于第三宇宙速度，故D正確。故選AD。10.如圖所示，在豎直平面內(nèi)固定著一根光滑絕緣細(xì)桿點(diǎn)和點(diǎn)的高度差為，細(xì)桿左側(cè)點(diǎn)處固定著一個(gè)帶正電的點(diǎn)電荷，以為圓心、為半徑的圓周與細(xì)桿交于、兩點(diǎn)，圓心在點(diǎn)正上方，點(diǎn)為的中點(diǎn)，現(xiàn)將一質(zhì)量為、電荷量為的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）套在桿上從點(diǎn)由靜止釋放，小球滑到點(diǎn)時(shí)的速度大小為，為重力加速度大小，則下列說(shuō)法正確的是（）A.、間的電勢(shì)差B.小球從點(diǎn)到點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做的功為C.若在此裝置中加一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，小球在點(diǎn)平衡且恰好對(duì)無(wú)壓力，則所加電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為D.的長(zhǎng)度為【答案】CD【解析】A．從M到N由動(dòng)能定理、間的電勢(shì)差選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．因NP兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，則小球從點(diǎn)到點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做的功為0，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．設(shè)ON與水平方向的夾角為，則解得若在此裝置中加一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，小球在點(diǎn)平衡且恰好對(duì)無(wú)壓力，則對(duì)小球受力分析可知解得所加電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為選項(xiàng)C正確；D．設(shè)MP與豎直方向夾角為α，則解得選項(xiàng)D正確。三、非選擇題：共54分。11.“祖沖之”研究小組探究平行板電容器實(shí)驗(yàn)，如圖所示，水平放置的平行板電容器上極板帶負(fù)電，板間距離為d，上極板與靜電計(jì)相連，靜電計(jì)金屬外殼和電容器下極板都接地（電勢(shì)為零），在兩極板正中間P點(diǎn)有一個(gè)靜止的帶電油滴，現(xiàn)將電容器的上極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，靜電計(jì)指針偏角______（填“變大”“變小”或“不變”），P點(diǎn)電勢(shì)______（填“升高”“降低”或“不變”），油滴的電勢(shì)能______（填“大于”“小于”或“等于”）零。【答案】變小不變小于【解析】[1]帶電油滴保持靜止，則電場(chǎng)力與重力相平衡，電場(chǎng)力豎直向上，極板間電場(chǎng)線豎直向上，則可知油滴帶正電，由于電容器不與電源相連，則電容器極板所帶電荷量不變，根據(jù)可知，上極板向下移動(dòng)后，電容C增大，U減小，則靜電計(jì)指針偏角變小；[2]根據(jù)可知，極板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變，所以下極板與P點(diǎn)間的電勢(shì)差不變，而下極板始終接地，電勢(shì)始終為零，所以P點(diǎn)電勢(shì)不變；[3]由于下極板接地，上極板帶負(fù)電，所以P點(diǎn)電勢(shì)小于零，根據(jù)可知，電勢(shì)能小于零。12.某同學(xué)想測(cè)量繞制滑動(dòng)變阻器的金屬絲的電阻率。現(xiàn)有實(shí)驗(yàn)器材：螺旋測(cè)微器、米尺、電源、電壓表（內(nèi)阻非常大）、定值電阻（阻值為）、滑動(dòng)變阻器、待測(cè)金屬絲、單刀雙擲開(kāi)關(guān)K、開(kāi)關(guān)S、導(dǎo)線若干。圖甲是學(xué)生設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)電路原理圖。（1）該同學(xué)首先截取了一段長(zhǎng)為的金屬絲，用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲不同位置的直徑，某次測(cè)量的示數(shù)如圖乙所示，該讀數(shù)_____。（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)，先將滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻調(diào)至最大，閉合S。（3）將K與1端相連，適當(dāng)減小滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻，此時(shí)電壓表讀數(shù)記為，然后將K與2端相連，此時(shí)電壓表讀數(shù)記為。由此得到流過(guò)待測(cè)金屬絲的電流_____，金屬絲的電阻_____。（結(jié)果均用、、表示）（4）繼續(xù)微調(diào)，重復(fù)（3）的測(cè)量過(guò)程，得到多組測(cè)量數(shù)據(jù)，以為縱坐標(biāo)，為橫坐標(biāo)，根據(jù)測(cè)得的數(shù)據(jù)繪制出圖像，若圖像的斜率為，則金屬絲的電阻為_(kāi)____（用、表示）。得到的多組測(cè)量數(shù)據(jù)如表所示，根據(jù)表格數(shù)據(jù)，作出圖像，如圖丙所示，則可求得金屬絲的電阻_____（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。/mV0.500.700.901.151.40/mV0.991.391.802.282.80（5）待測(cè)金屬絲所用材料的電阻率_____（用、、、表示）。【答案】（1）0.500（3）（4）9.0##10##11（5）【解析】（1）螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑D=50.0×0.01mm=0.500mm（3）由電路可知，流過(guò)待測(cè)金屬絲的電流金屬絲的電阻（4）根據(jù)解得則解得做出圖像，則解得（5）根據(jù)解得13.在光滑絕緣水平面上有2個(gè)帶電小球，A球固定，質(zhì)量的B球以初沖量10N·s水平向左運(yùn)動(dòng)，直至速度為零，求：（1）B球的初速度大小v；（2）B球電勢(shì)能的增加量【答案】（1）5m/s（2）25J【解析】（1）由動(dòng)量定理有得B球的初速度大小（2）B球的初動(dòng)能為由能量守恒定律有B球電勢(shì)能的增加量14.在學(xué)校門(mén)口有個(gè)石墩，質(zhì)量m=50kg，與水平地面間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，取重力加速度大小g=10m/s2，現(xiàn)有兩個(gè)同學(xué)想挪動(dòng)石墩，水平面內(nèi)力的示意圖如圖所示，α=60°，兩同學(xué)施加相等大小的恒力F。（1）若不能挪動(dòng)石墩，求F的最大值；（2）若石墩在2s內(nèi)移動(dòng)了0.5m，求F的大小。【答案】（1）（2）【解析】（1）最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則由平行四邊形定則可得，兩同學(xué)的合力若不能挪動(dòng)石墩，則解得所以F的最大值為；（2）石墩做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有由牛頓第二定律得解得15.如圖所示，在光滑固定水平圓環(huán)中有兩個(gè)可看成質(zhì)點(diǎn)的小球，小球位于點(diǎn)，小球位于點(diǎn)，是圓環(huán)的一條直徑，，圓環(huán)的周長(zhǎng)，剛開(kāi)始兩球都靜止，現(xiàn)給小球一方向垂直、大小為的速度，兩球碰撞