高級中學名校試卷PAGEPAGE12025浙江高考物理仿真模擬卷(七)時間:90分鐘分值:100分選擇題部分一、選擇題Ⅰ(本題共13小題,每小題3分,共39分.每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的,不選、多選、錯選均不得分)1.下列屬于國際單位制中導出單位符號的是 ()A.kg B.m C.A D.C2.第19屆亞運會在杭州市舉行,中國隊共收獲了201枚金牌、111枚銀牌、71枚銅牌.下列項目比賽過程中,可將運動員視為質點的是 ()甲乙丙丁圖甲中,研究跳水運動員的入水動作 B.圖乙中,研究擊劍運動員的有效擊打位置C.圖丙中,研究花樣運動員游泳時的技術動作 D.圖丁中,記錄速度輪滑1000m爭先賽的運動員成績3.在物理學發展過程中,有許多科學家或發現了重要的實驗現象,或完成了精巧的實驗設計,或提出了偉大的理論假設,下列說法正確的是 ()A.奧斯特提出了分子電流假說,解釋了各類磁現象的電本質B.法拉第提出了“力線”的概念,并成功測出了元電荷的數值C.為解釋黑體輻射的相關規律,普朗克提出能量量子化概念D.麥克斯韋提出了電磁波理論,并用實驗證實電磁波的存在4.如圖所示,某同學正在進行投籃訓練.已知籃球出手點到地面的距離為h=1.6m,籃筐到地面的距離為H=3m,出手點到籃筐的水平距離為L=4.8m.若出手時籃球的速度方向與水平方向的夾角為53°,且能直接進入籃筐,則出手時籃球的速度大小約為(sin53°=0.8,cos53°=0.6)()A.5.0m/sB.6.0m/sC.8.0m/sD.9.0m/s5.[2024·湖南長沙模擬]在某個點電荷所產生電場中畫一個圓,如圖所示,O為圓心,圓周上的A、C兩點的電場強度方向與圓相切,B是AC右側圓弧的中點,下列說法正確的是 ()A.A點的場強小于B點的場強B.O點的電勢低于B點的電勢C.電子沿圓弧ABC運動,電場力先做正功后做負功D.電子沿半徑從A到O,電勢能變大6.“天和核心艙”是中國第一個空間站核心艙,其運動的圓軌道離地高度約為400km,周期約為93min.已知地球半徑為6370km,引力常量為G=6.67×10-11N·m2/kg2.根據這些數據,下列可以大致確定的是 ()A.核心艙所在的軌道平面B.核心艙的質量C.地球的平均密度D.地球的公轉線速度7.我國自主研制的C919飛機機長38.9米、翼展35.8米,北京地區地磁場的豎直分量約為4.5×10-5T,水平分量約為3.0×10-5T.該飛機在北京郊區水平試飛速度為聲速(約340m/s)的QUOTE4545.有關C919飛機的說法正確的是 ()A.C919飛機往北飛的時候,西面機翼的電勢較低.兩翼尖的電勢差約為0.44伏B.C919飛機往南飛的時候,西面機翼的電勢較低.兩翼尖的電勢差約為0.26伏C.無論C919飛機往哪個方向飛,都是左邊機翼的電勢較低.兩翼尖的電勢差約為0.26伏D.無論C919飛機往哪個方向飛,都是右邊機翼的電勢較低.兩翼尖的電勢差約為0.44伏8.[2024·義烏中學模擬]電位器是一種常見的電子元件,它通常由電阻體和可轉動的電刷組成,如圖所示.可以改變電位器上的連接點位置,從而改變電路中的電位差或電阻值,則當電位器的 ()A.1、2連接點接入電路時,順時針轉動電刷,電阻減小B.1、3連接點接入電路時,順時針轉動電刷,電阻減小C.1、3連接點作為輸入端,1、2連接點作為輸出端,順時針轉動電刷,輸出電壓增大D.1、3連接點作為輸入端,1、2連接點作為輸出端,順時針轉動電刷,輸出電壓減小9.如圖所示,帶有一白點的黑色圓盤,繞過其中心且垂直于盤面的軸沿順時針方向勻速轉動,角速度ω=40πrad/s.在暗室中用每秒閃光21次的頻閃光源照射圓盤,則 ()A.觀察到白點順時針轉動B.觀察到的白點轉動方向與閃光頻率無關C.白點轉動周期為2πsD.白點轉動的角速度為2πrad/s10.有一種簡單測量聲速的辦法:如圖所示,電子石英鐘放在擴音機前,擴音機喇叭正對墻壁放出電子石英鐘秒針走動時有節奏的“咔、咔”聲(每相鄰兩個“咔”聲相隔時間為T),讓某同學站在墻壁和擴音機中間某位置,這位同學既能直接聽到喇叭發出的聲音,也能聽到墻壁反射來的聲音,只不過反射來的聲音的音量更小一些,聽到的聲音節奏為“咔(強)——咔(弱)——咔(強)——咔(弱)……”當這位同學與墻的距離為L時(該同學與擴音機喇叭的距離大于2L),聽到“咔(弱)”的時刻正好是兩個“咔(強)”的中間時刻,則聲速v的測量值為 ()A.v=QUOTE2LT2LT B.v=QUOTE4LT4LC.v=QUOTEL2TL2T D.v=QUOTEL4TL11.圖甲為研究光電效應的實驗裝置,用不同頻率的單色光照射陰極K,正確操作下,記錄相應電表示數并繪制如圖乙所示的Uc-ν圖像,當頻率為ν1時繪制了如圖丙所示的I-U圖像,圖中所標數據均為已知量,則下列說法正確的是 ()A.飽和電流與K、A之間的電壓有關 B.測量遏止電壓Uc時,滑片P應向b移動C.陰極K的逸出功W0=QUOTE D.普朗克常量h=QUOTE12.[2024·麗水模擬]如圖所示,半徑為R的特殊圓柱形透光材料圓柱體部分高度為QUOTER2R2,頂部恰好是一半球體,底部中心有一光源S向頂部發射一束由a、b兩種不同頻率的光組成的復色光,當光線與豎直方向夾角θ變大時,出射點P的高度也隨之降低,只考慮第一次折射,發現當P點高度h降低為R時恰好只剩下a光從頂部射出(光速為c),下列判斷正確的是 ()A.在此透光材料中a光的傳播速度小于b光的傳播速度B.同一裝置用a、b光做單縫衍射實驗,b光的衍射現象更加明顯C.此透光材料對b光的折射率為QUOTE232123D.a光從P點射出時,a光經過SP路程所需的時間為QUOTE72c72c13.質子與中子都是由三個夸克組成,其中質子由兩個上夸克和一個下夸克組成,中子由兩個下夸克和一個上夸克組成,形成過程中均可類比核聚變.β衰變時,核內的中子轉化為一個質子和電子,質子質量約為1.6726×10-27kg,中子質量約為1.6749×10-27kg,電子質量約為9.1096×10-31kg,真空中光速c=3.00×108m/s.下列說法正確的有 ()A.中子轉化的核反應方程式為QUOTE聽01聽01nQUOTEHQUOTE+-10+-10e B.強相互作用是引起衰變的原因C.上、下夸克的質量差為2.3×10-30kg D.一次β衰變釋放出的能量為1.3×10-14J二、選擇題Ⅱ(本題共2小題,每小題3分,共6分.每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的,全部選對的得3分,選對但不全的得2分,有選錯的得0分)14.下列說法中正確的是 ()A.圖甲檢測玻璃面是否平整的原理是光的衍射現象,若a光能使某金屬發生光電效應,則采用b光照射也一定能發生光電效應B.圖乙是鈾核裂變圖,其核反應方程為QUOTE9223592235UQUOTE+01+01nQUOTEBaQUOTE+3690+3690Kr+QUOTE201201n,若該過程質量虧損為Δm,則鈾核的結合能為Δmc2C.圖丙表示LC振蕩電路充放電過程的某瞬間,根據電場線和磁感線的方向可知電路中電流正在減小D.圖丁中的P、Q是偏振片,當P固定不動緩慢轉動Q時,光屏上的光亮度將會發生變化,此現象表明光波是橫波15.[2024·寧波模擬]如圖所示,導電物質為電子的霍爾元件位于兩串聯線圈之間,線圈中電流為I,線圈間產生勻強磁場,磁感應強度大小B與I成正比,方向垂直于霍爾元件的兩側面,此時通過霍爾元件的電流為IH,與其前、后表面相連的電壓表測出的霍爾電壓UH滿足UH=kQUOTEIHBdIHBd,式中k為霍爾系數,與霍爾元件的材料有關,d為霍爾元件沿磁場方向上的厚度,霍爾元件的電阻可以忽略不計,則A.霍爾元件前表面的電勢比后表面的高B.若電源的正、負極對調,電壓表指針偏轉方向不變C.通過霍爾元件的電流IH與線圈中電流I成反比D.電壓表的示數與線圈中電流I的平方成正比非選擇題部分三、非選擇題(本題共5小題,共55分)16.實驗題(Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三題共14分)Ⅰ.(5分)某同學做“驗證動量守恒定律”實驗,實驗裝置如圖甲所示,用天平稱得入射小球A的質量為m1=16.8g,被碰小球B的質量為m2=5.6g,入射小球A與被碰小球B半徑相同.(1)實驗中,直接測定小球碰撞前、后的速度是不容易的,但是可以通過僅測量(填選項前的字母),間接地解決這個問題A.小球開始釋放高度hB.小球拋出點距地面的高度HC.小球做平拋運動的水平位移D.小球的直徑(2)多次釋放A球后,取各落點位置的平均值,測得各落點痕跡到O點的距離:OM=13.10cm,OP=21.90cm,ON=26.00cm.若將小球的質量與水平位移的乘積作為“動量”,請將下面的表格填寫完整.(結果保留三位有效數字)OP/mOM/mON/m碰前總“動量”p/(kg·m)碰后總“動量”p'/(kg·m)0.21900.13100.26003.68×10-3

根據上面表格中的數據,你認為能得到的結論是.

(3)實驗中,關于入射小球在斜槽上釋放點的高低對實驗影響的說法中正確的是(填選項前的字母).

A.釋放點越低,小球受阻力越小,入射小球速度越小,誤差越小B.釋放點越低,兩球碰后水平位移越小,水平位移測量的相對誤差越小,兩球速度的測量越準確C.釋放點越高,兩球相碰時,相互作用的內力越大,碰撞前后動量之差越小,誤差越小D.釋放點越高,入射小球對被碰小球的作用力越大,軌道對被碰小球的阻力越小(4)某實驗小組在進行實驗中,由于實驗桌靠近豎直墻壁,導致小球飛出都撞擊到豎直墻壁上,于是同學們把白紙固定在豎直墻壁上,再放上復印紙,并在白紙上標出小球放在槽口處球心的等高點O,然后重復前面的實驗操作,如圖乙所示,M、P、N分別為落點的痕跡,測得M、P、N分別與O之間的豎直距離h1、h2、h3,當滿足關系式時(用m1、m2和h1、h2、h3表示),即可證明入射小球A與被碰小球B碰撞過程中動量守恒.

Ⅱ.(7分)滑動變阻器由陶瓷筒和密繞在其上的螺線管狀電阻絲組成.現為了測定某一滑動變阻器電阻絲的電阻率.實驗器材有:兩節干電池(電動勢為3V,內阻為r),電流表(量程為0~0.6A,內阻為0.8Ω),電阻箱R(0~999.9Ω),待測滑動變阻器(總匝數120匝,匝數清晰可數),開關及導線若干.器材按圖甲連接,將滑動變阻器滑片移至最右端,閉合開關,調節電阻箱至合適阻值并保持不變,移動待測滑動變阻器的滑片,多次記錄該滑動變阻器接入電路的匝數n和相應電流表的讀數I.作出QUOTE1I1I-n圖像,如圖乙所示.(1)用螺旋測微器測量滑動變阻器電阻絲的直徑如圖丙所示,電阻絲直徑d=mm;

(2)某次測量時,電流表指針位置如圖丁所示,讀數I=A;

(3)已知待測變阻器螺線管的直徑D=3.15cm,則待測變阻器電阻絲電阻率為Ω·m(結果保留2位有效數字);

(4)若已知實驗中電阻箱接入電路中的電阻為4.0Ω,則兩節干電池串聯的總內阻r=Ω(結果保留2位有效數字);

(5)實驗中所用的電源因長時間使用,內阻增大,則測得的電阻率(選填“偏大”“偏小”或“不變”).

Ⅲ.(2分)以下實驗中,說法正確的是(填選項前字母).

A.“探究兩個互成角度的力的合成規律”實驗中,彈簧測力計不能與桌面接觸B.“觀察電容器的充、放電現象”實驗中,電容放電時電流均勻減小C.“用油膜法估測油酸分子的大小”實驗中,將1滴油酸酒精溶液滴到平靜的灑有薄而均勻爽身粉的水面,產生的油膜將迅速變到最大,然后略有收縮再保持穩定D.“用單擺測重力加速度”實驗中,測量多次全振動的時間再求出周期,這樣做的目的是減小測量周期的相對誤差17.(8分)學習了熱學部分知識后,小智同學受到啟發,設計了一個利用氣體來測量液體溫度的裝置.該裝置由導熱性能良好、厚度不計的圓柱形細管、圓柱形金屬塊、四個擋條組成.圓柱形金屬塊質量為20g,厚度為2cm,與管壁緊密接觸(不漏氣),管內用金屬塊封閉有一定量的理想氣體,管內擋條限制金屬塊只能在管內一定范圍內上下移動,以金屬塊下端位置為基準在上下擋條之間刻上刻度.上、下擋條間距離為40cm,上端擋條距管下端距離為100cm,管的橫截面積為5mm2,測溫時把溫度計豎直插入待測液體中.不考慮固體的熱脹冷縮,不計一切摩擦阻力.外界大氣壓強恒為p0=1.0×105Pa,g取10m/s2.當管內氣體的溫度為27℃時金屬塊恰好對下方擋條無壓力.(1)測量溫度時,管內氣體和待測液體達到(選填“平衡態”或者“熱平衡”),該溫度計的刻度(選填“均勻”或“不均勻”);

(2)求該溫度計的測溫范圍;(3)某次測溫時示數由57℃上升到157℃,如果該過程氣體內能改變量為0.4J,求管內氣體吸收的熱量.18.(11分)[2024·富陽中學模擬]一游戲裝置豎直截面如圖所示,該裝置由傾角為θ=53°的固定斜面CD、水平傳送帶EF、粗糙水平軌道FG、光滑圓弧軌道GPQ、及固定在Q處的彈性擋板組成.斜面CD高度h0=0.4m,傳送帶EF與軌道FG離地面高度均為h,兩者長度分別為l1=4m、l2=1.5m,OG、OP分別為圓弧軌道的豎直與水平半徑,半徑R=0.8m,圓弧PQ所對應的圓心角α=37°,軌道各處平滑連接.現將質量為m=1kg的滑塊(可視為質點)從斜面底端的彈射器彈出,沿斜面從D點離開時速度大小為v0=5m/s,恰好無碰撞從E點沿水平方向滑上傳送帶.當傳送帶以v=5m/s的速度順時針轉動,滑塊恰好能滑至P點.已知滑塊與傳送帶間的動摩擦因數μ1=0.5,滑塊與擋板碰撞后原速率反向彈回,不計空氣阻力,重力加速度g取10m/s2.sin37°=0.6,cos37°=0.8.(1)求高度h;(2)求滑塊與水平軌道FG間的動摩擦因數μ2;(3)若傳送帶速度大小可調,要使滑塊與擋板僅碰一次,且始終不脫離軌道,求傳送帶速度大小v的范圍.19.(11分)如圖所示,一個半徑為R的磁性轉盤被均分為四塊扇形區域,磁盤表面涂有磁性材料,在扇形區域表面產生垂直盤面向里的磁感應強度為B1的勻強磁場或垂直盤面向外的磁感應強度為B2的勻強磁場,磁盤以ω的角速度轉動.靠近磁盤表面固定著一個L形的導體棒,導體棒的兩直角邊長為R,恰沿盤的半徑方向.導體棒的兩端用導線分別與兩根豎直金屬導軌連接,豎直導軌的下端通過兩段光滑絕緣的圓弧與水平金屬導軌相連,導軌的間距均為l.導體棒與豎直導軌間的動摩擦因數為μ,水平導軌光滑.質量為2m的導體棒ab在外力作用下靠在豎直導軌右側并靜止不動.水平導軌上靠近絕緣導軌處放置另一根質量為m的導體棒cd.豎直導軌與水平導軌所在的空間存在豎直向下的磁感應強度為B3的勻強磁場,已知B1=2B2=3B3=B(求解的最后結果都用B表示),三根導體棒接入電路中的電阻均為r,重力加速度為g.(1)從圖示時刻開始計時,求t=0時刻ab棒上的電流方向和棒兩端的電勢差;(2)若t=QUOTE時,撤去外力使ab棒從靜止開始下落,在t=QUOTE時刻ab棒恰好運動到豎直導軌底部,求t=QUOTE時刻ab棒的速度v0;(3)在(2)的條件下,若v0已知,求ab、cd兩棒發生彈性碰撞到最終穩定的過程中,ab棒上產生的焦耳熱.20.(11分)[2024·溫州模擬]現代科技中經常用電場和磁場來控制帶電粒子的運動,某種粒子收集裝置如圖所示,在第二象限中存在一水平向右的勻強電場,場強為E=QUOTEmv02qamv02qa,一曲線形放射源不停地沿y軸負方向以初速度為v0釋放電荷量為+q、質量為m的粒子,已知放射源的兩端點位置為(0,0)和(-0.5a,a),所有電荷均從原點進入第四象限,在第四象限中存在垂直紙面向內的勻強磁場,磁感應強度大小為B=QUOTEmv0qb(1)求放射源形狀的曲線方程;(2)求(0,0)和(-0.5a,a)點入射的粒子離開勻強磁場時的位置;(3)求所有粒子在第四象限中掃過的面積;(4)假設放射源連續發射粒子穩定后,粒子經過原點時按照角度均勻分布,在第四象限中放置一長度為QUOTEb4b4的豎直收集板(粒子打到板上即被收集),一端緊靠x軸,將收集板置于x=b位置時,收集率是多少?將收集板置于x=QUOTEb4b4位置時,收集率又是多少?——★參考答案★——1.D[解析]國際單位制共有七個基本物理單位.包括如下:熱力學溫度單位K(開爾文),長度單位m(米),質量單位kg(千克),時間單位s(秒),電流單位A(安),物質的量單位mol(摩爾),發光強度單位cd(坎德拉),則屬于國際單位制中導出單位符號的是庫侖(C),故選D.2.D[解析]研究跳水運動員的入水動作,跳水運動員的形狀、大小不能忽略,不能將跳水運動員看成質點,故A錯誤;研究擊劍運動員的有效擊打位置,擊劍運動員的形狀、大小不能忽略,不能將擊劍運動員看成質點,故B錯誤;研究花樣游泳運動員游泳時的技術動作,花樣游泳運動員的形狀、大小不能忽略,不能將花樣游泳運動員看成質點,故C錯誤;記錄速度輪滑1000m爭先賽的運動員成績,運動員的形狀、大小可以忽略,可以將運動員看成質點,故D正確.3.C[解析]安培提出了分子電流假說,解釋了各類磁現象的電本質,故A錯誤;法拉第提出了“力線”的概念,密立根通過油滴實驗首先測出了元電荷的數值,故B錯誤;普朗克把能量子引入物理學,提出能量量子化概念,故C正確;麥克斯韋建立了電磁場理論,赫茲通過實驗證實了電磁波的存在,故D錯誤.4.C[解析]球拋出時,水平方向有v0cos53°·t=L,豎直方向有H-h=v0sin53°·t-QUOTE1212gt2,聯立解得v0=8m/s,故選C.5.D[解析]根據正點電荷的電場線由正電荷出發向外輻射的特點,作出電場線與等勢面如圖所示,正點電荷位于P點,A、C位于同一等勢面上,根據E=kQUOTEQr2Qr2,由幾何關系可知,A點比B點離點電荷更近,則A點的場強大于B點的場強,離正點電荷越近,電勢越高,則O點的電勢高于B點的電勢,故A、B錯誤;電子沿圓弧ABC運動,電勢先減小后增大,根據Ep=qφ,由于電子帶負電,則電子的電勢能先增大后減小,電場力先做負功后做正功,故C錯誤;由圖中幾何關系可知,A點比O點離點電荷更近,電子沿半徑從A到O,電勢降低,根據Ep=qφ,由于電子帶負電,則電子電勢能變大,故D正確6.C[解析]核心艙的軌道平面可以是極地軌道、赤道軌道或傾斜軌道,則核心艙所在的軌道平面無法通過題目的信息確定,故A不符合題意;核心艙作為環繞天體無法通過繞地球的勻速圓周運動而求出其質量,故B不符合題意;“天和核心艙”運動的圓軌道離地高度均為400km、周期約為93min,已知地球半徑為6370km,可知核心艙繞地球做勻速圓周運動的軌道半徑和周期,則由GQUOTEMm(h+R)2Mm(h+R)2=mQUOTE(h+R)可知,地球的質量M=QUOTE,地球的平均密度ρ=QUOTEMVMV=QUOTE=QUOTE3蟺(h+R)3GT2R33蟺(h+R)3GT2R3,故C7.D[解析]北京地區地磁場的豎直分量豎直向下,當飛機在北半球水平飛行時,飛機切割磁感線產生感應電動勢,由右手定則可知,機翼左端的電勢比右端的電勢高.無論C919飛機往哪個方向飛,都是右邊機翼的電勢較低.由法拉第電磁感應定律E=BLv,可得兩翼尖間的電勢差U=E=4.5×10-5×35.8×0.8×340V≈0.44V,故選D.8.C[解析]由題圖可知,1、2或者2、3連接點接入電路時,電刷轉動,可以改變電位器連入電路中的電阻絲的長度,使接入電路中的電阻發生改變.1、2連接點接入電路時,順時針轉動電刷,電阻增大;1、3連接點接入電路時,順時針轉動電刷,無法改變電位器接入電路中的阻值,電阻不變,故A、B錯誤.1、3連接點作為輸入端,1、2連接點作為輸出端時,電位器相當于自耦變壓器,1、3間的所有線圈連接輸入端,電刷與1之間的線圈連接輸出端,故順時針轉動電刷時,相當于輸入端線圈匝數不變,輸出端線圈匝數變大,由電壓與匝數成正比可知,輸出電壓增大,故C正確,D錯誤.9.D[解析]由題意可知黑色圓盤的轉速n=QUOTE=20r/s,每秒沿順時針方向旋轉20圈,即頻率為f0=20Hz,在暗室中用每秒閃光21次的頻閃光源照射圓盤,即f'=21Hz,則f0<f'<2f0,所以觀察到白點逆時針旋轉,則f'-f0=f″=1Hz,所以觀察到白點每秒逆時針旋轉1圈,即轉動周期為T=1s,轉動角速度ω=QUOTE=2πrad/s,故選D.10.B[解析]設擴音機與人相距x,則人聽到第一聲咔(強)的時刻為t1=QUOTExvxv,聽到第二次咔(強)的時刻為t2=T+t1,聽到第一次咔(弱)的時刻為t3=t1+QUOTE2Lv2Lv,聽到“咔(弱)”的時刻正好是兩個“咔(強)”的中間時刻,即有t1+QUOTE2Lv2Lv=QUOTEt1+T+t12t1+T+t12=t1+QUOTET2T2,因此有QUOTE2Lv2Lv=QUOTET2T2,解得v=11.C[解析]飽和電流只與入射光的光強有關,與外加電壓無關,故A錯誤;測量遏止電壓Uc時,光電管應接反向電壓,滑片P應向a移動,故B錯誤;根據光電效應方程Ek=hν-W0,結合動能定理eUc=Ek,整理得Uc=QUOTEheheν-QUOTEW0eW0e,圖像的斜率為k=QUOTEhehe=QUOTE,解得普朗克常量h=QUOTE,故D錯誤;根據hν1-W0=eUc1,hν2-W0=eUc2,解得陰極K的逸出功W0=QUOTE,故C正確.12.C[解析]由題意可知,只剩下a光從頂部射出時,b光發生全反射,而a光沒發生全反射,可知b光臨界角比a光小,根據sinC=QUOTE1n1n,可知b光的折射率比a光的大,根據v=QUOTEcncn,可知在此透光材料中a光的傳播速度大于b光的傳播速度,故A錯誤;b光的折射率比a光的大,b光的頻率比a光的大,則b光的波長比a光的小,波長越長,越容易發生明顯的衍射現象,則同一裝置用a、b光做單縫衍射實驗,a光的衍射現象更加明顯,故B錯誤;只剩下a光從頂部射出時,如圖所示,由題意可知PB=R,可得PA=QUOTE1212R,則sin∠POA=QUOTEPAOPPAOP=QUOTE1212,解得∠POA=30°,即PS=QUOTEPB2+SB2PB2+SB2=QUOTER2+R2-12R2R2+R2-12R2=QUOTE7272R,在△OPS中,由正弦定理得QUOTEPSsin鈭?20擄PSsin鈭?20擄=QUOTE,b光發生全反射有sinC=sin∠OPS=QUOTE1nb1nb,此透光材料對b光的折射率為nb=QUOTE22132213,故C正確;a光從P點射出時,a光經過SP路程所需的時間為t=QUOTEPSvaPSva=QUOTE72Rcna13.A[解析]β衰變時,核內的中子轉化為一個質子和電子,根據質量數和核電荷數守恒判斷A正確;弱相互作用是引起原子核β衰變的原因,即引起中子—質子轉變的原因,B錯誤;由題中“形成過程中均可類比核聚變”可知,不能簡單地列1.6726×10-27kg=2m上+m下、1.6749×10-27kg=m上+2m下計算上、下夸克的質量差,C錯誤;β衰變中的質量虧損Δm=1.6749×10-27kg-1.6726×10-27kg-9.1096×10-31kg≈1.39×10-30kg,釋放出的能量為ΔE=Δmc2=1.39×10-30×9×1016J≈1.25×10-13J,故D錯誤.14.CD[解析]圖甲檢測玻璃面是否平整的原理是光的干涉現象,不是衍射,由干涉圖樣可知,a光的波長比b光的大,故a光的頻率比b光的小,若a光能使某金屬發生光電效應,則采用b光照射也一定能發生光電效應,故A錯誤;在核反應的過程中,質量虧損為Δm,核反應的過程釋放的能量為Δmc2,不是結合能,故B錯誤;圖示磁場由安培定則可知,電路電流沿順時針方向,由電容器極板間電場方向可知,電容器上極板帶正電,則此時正處于充電過程,電路電流逐漸減小,故C正確;只有橫波才能產生偏振現象,所以光的偏振現象表明光是一種橫波,故D正確.15.ABD[解析]由左手定則可知,電子受洛倫茲力方向指向后表面,則電子向后表面集聚,則霍爾元件前表面的電勢比后表面的高,選項A正確;若電源的正、負極對調,通過霍爾元件的電流方向和磁場方向都反向,則電子受洛倫茲力方向不變,產生的霍爾電壓方向不變,則電壓表指針偏轉方向不變,選項B正確;霍爾元件與電阻RL并聯,總電流為I,根據并聯電路的分流關系可知,通過霍爾元件的電流IH與線圈中電流I成正比,選項C錯誤;電壓表的示數等于霍爾電壓UH=kQUOTEIHBdIHBd,式中電流IH與線圈中電流I成正比,磁感應強度大小B與I成正比,則電壓表的示數與線圈中電流I的平方成正比,選項16.Ⅰ.(1)C(2)3.66×10-3在實驗誤差允許范圍內,可認為系統在碰撞前后動量守恒(3)C(4)QUOTEm1h3m1h3=QUOTEm1h2m1h2+QUOTE[解析](1)小球離開軌道后做平拋運動,由于小球拋出點的高度相同,它們在空中的運動時間相等,則小球的水平位移與小球的初速度成正比,因此可以用小球做平拋運動的水平位移代替其初速度,故選C.(2)將小球的質量與水平位移的乘積作為“動量”,則碰后總“動量”為p'=m1OM+m2ON=(0.0168×0.1310+0.0056×0.2600)kg·m≈3.66×10-3kg·m,由分析可知,碰撞前后動量近似相等,則在實驗誤差允許范圍內,可認為系統在碰撞前后的動量守恒.(3)釋放點越低,入射小球速度越小,相撞時內力越小,小球受阻力不變,誤差相對越大,故A錯誤;釋放點越低,兩球碰后水平位移越小,水平位移測量的相對誤差越大,兩球速度的測量越不準確,故B錯誤;釋放點越高,碰前入射速度越大,兩球相碰時相互作用的內力越大,阻力的影響相對越小,碰撞前后動量之差越小,同時也有利于減小水平位移的測量誤差,從而使實驗誤差減小,故C正確;釋放點越高,入射小球對被碰小球的作用力越大,但軌道對被碰小球的阻力不變,故D錯誤.(4)由題意可知,小球平拋運動的水平位移相同,且N點為未放B球時A球的落點,P點為放上B球后,A球碰后的落點,M點為B球碰后的落點,由平拋運動規律得x=vt,h=QUOTE1212gt2,聯立解得v=xQUOTEg2hg2h,若碰撞過程中動量守恒,則應滿足QUOTEm1h3m1h3=QUOTEm1h2m1h2+QUOTEmⅡ.(1)0.635(0.633~0.637均可)(2)0.34(3)5.3×10-7(5.0×10-7~5.5×10-7均可)(4)1.2(5)不變[解析](1)電阻絲直徑為d=0.5mm+13.5×0.01mm=0.635mm.(2)電流表量程為0~0.6A,分度值為0.02A,則該電流表的讀數為I=0.34A.(3)根據電阻定律得RP=ρQUOTELSLS=ρQUOTE,由閉合電路歐姆定律E=I(RP+R+RA+r),化簡可得QUOTE1I1I=QUOTE4蟻DEd24蟻DEd2n+QUOTERA+r+RERA+r+RE,由圖可知,斜率k=QUOTE4蟻DEd24蟻DEd2=QUOTE8.6-4.2120-408.6-4.2120-40,代入數據(4)如圖所示,根據QUOTE1I1I=QUOTE4蟻DEd24蟻DEd2n+QUOTERA+r+RERA+r+RE,縱截距為b=QUOTERA+r(5)根據QUOTE1I1I=QUOTE4蟻DEd24蟻DEd2n+QUOTERA+r+RERA+r+RE,可知實驗中所用的電源因長時間使用Ⅲ.CD[解析]“探究兩個互成角度的力的合成規律”實驗中,彈簧測力計外殼不能與內部彈簧接觸,可以與桌面接觸,故A錯誤;“觀察電容器的充、放電現象”實驗中,電容放電時電流逐漸減小,但不是均勻減小,故B錯誤;“用油膜法估測油酸分子的大小”實驗中,將1滴油酸酒精溶液滴到平靜的灑有薄而均勻爽身粉的水面,產生的油膜將迅速變到最大,然后由于液體表面張力的作用,略有收縮再保持穩定,故C正確;“用單擺測重力加速度”實驗中,測量多次全振動的時間再求出周期,這樣做的目的是減小測量周期的相對誤差,故D正確.17.(1)熱平衡均勻(2)27℃≤t≤217℃(3)0.54J[解析](1)測量溫度時,管內氣體和待測液體達到熱平衡. (1分)管內氣體做等壓變化,則QUOTESl1T1Sl1T1=QUOTES可得T2=QUOTEl2l1l2l故該溫度計的刻度均勻. (1分)(2)設管內氣體最高溫度為T2,管內氣體做等壓變化,則QUOTESl1T1Sl1T1=QUOTESl2T其中T1=273K+27K=300Kl1=100cm-40cm=60cml2=100cm-2cm=98cm解得T2=490K=217℃故溫度計的測溫范圍27℃≤t≤217℃. (1分)(3)管內氣體做等壓變化,則QUOTESl1T1Sl1T1=QUOTESl3T3Sl3其中T3=273K+57K=330KT4=273K+157K=430K解得l3=66cm,l4=86cm(1分)管內氣體的壓強為p=p0+QUOTEmgSmgS=1.0×105Pa+QUOTEPa=1.4×105Pa(1分)該過程氣體對外做功為W=pS(l4-l3)=1.4×105×5×10-6×(86-66)×10-2J=0.14J(1分)根據熱力學第一定律有ΔU=-W+Q解得管內氣體吸收的熱量為Q=0.54J(1分)18.(1)1.2m(2)0.3(3)QUOTE39.439.4m/s≤v≤QUOTE4343m/s[解析](1)滑塊從D到E做斜拋運動,E點為最高點,分解v0豎直方向有vy=v0sinθ=4m/s水平方向有vx=v0cosθ=3m/s豎直位移為y,則QUOTEvy2vy2=2gy,解得y=0.8m(1分所以h=y+h0=1.2m(1分)(2)滑塊以vx=3m/s滑上傳送帶,假設能被加速到v=5m/s,則x=QUOTEv2-vx22渭1gv2-故滑塊離開F點的速度vF=5m/s(1分)從F到P由動能定理得-mgR-μ2mgl2=0-QUOTE1212mQUOTEvF2vF2 (1分)解得μ2=0.3 (1分)(3)設傳送帶速度為v1時,滑塊恰能到Q點,在Q點滿足mgsinα=mQUOTEvQ2Rv解得vQ=QUOTE4.84.8m/s(1分)從F到Q由動能定理得-μ2mgl2-mgRQUOTE=QUOTE1212mQUOTEvQ2vQ2-QUOTE121