…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教五四新版必修三物理下冊月考試卷41考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，M、N是兩塊水平放置的平行金屬板，R0為定值電阻，R1和R2為可變電阻，開關S閉合。質量為m的帶正電荷的微粒從P點以水平速度v0射入金屬板間，沿曲線打在N板上的O點。若經下列調整后，微粒仍從P點以水平速度v0射入，則關于微粒打在N板上的位置說法正確的是()

A.保持開關S閉合，增大R1，粒子打在O點右側B.保持開關S閉合，增大R2，粒子打在O點左側C.斷開開關S，M極板稍微上移，粒子打在O點右側D.斷開開關S，N極板稍微下移，粒子打在O點右側2、如圖，電源的電動勢E和內電阻r恒定不變，R2為定值電阻，電燈L正常發光，燈泡的電阻保持不變，如果變阻器的滑片向a端滑動；則（）

A.電燈L變暗，安培表的示數減小B.電燈L更亮，安培表的示數增大C.電燈L更亮，安培表的示數減小D.電燈L變暗，安培表的示數增大3、N95口罩中起阻隔作用的關鍵層是熔噴布；熔噴布的纖維里加入了駐極體材料，它能依靠靜電感應吸附比熔噴布網狀纖維孔洞小很多的0.1μm量級或更小的微粒，從而有了更好的過濾效果。制備駐極體的一種方法是對某些電介質材料進行加熱熔化，然后在強電場中進行極化冷卻。電介質中每個分子都呈電中性，但分子內正；負電荷分布并不完全重合，每個分子可以看成是等量異號的電荷對。如圖所示，某種電介質未加電場時，分子取向隨機排布，熔化時施加水平向左的勻強電場，正、負電荷受電場力的作用，分子取向會發生一致性的變化。冷卻后撤掉電場，形成駐極體，分子取向能夠較長時間維持基本不變。這個過程就像鐵在強磁場中磁化成磁鐵的過程。根據以上信息可知，下列說法中正確的是（）

A.駐極體通過與吸入的空氣中微粒的接觸，使得微粒帶電，從而起到吸附過濾作用B.若放置時間過長，駐極體口罩會因電場衰減而過期，這是電荷中和的結果C.駐極體就像一個平行板電容器，電場只存在于內部，外部沒有電場E.若將駐極體沿垂直于極化電場方向切開，會形成兩個和原來性質相同的駐極體E.若將駐極體沿垂直于極化電場方向切開，會形成兩個和原來性質相同的駐極體4、直線MN是某點電荷電場中的一條電場線（方向未畫出）。虛線是一帶電粒子只在電場力的作用下，由a到b的運動軌跡；則（）

A.電場線MN的方向一定是由N指向MB.帶電粒子由a運動到b過程中動能逐漸減小C.帶電粒子在a點的電勢能大于在b點的電勢能D.帶電粒子在a點的加速度一定大于在b點的加速度5、如圖所示，線圈ABCO面積為0.4m2，勻強磁場的磁感應強度方向沿x軸正方向（圖中未畫出）。則下列說法正確的是（）

A.線圈在圖示實線所在的位置時，通過線圈的磁通量為0.04WbB.線圈由圖示實線位置繞x軸向下轉過90°的過程中，通過線圈的磁通量逐漸減小C.在線圈由圖示實線位置繞z軸向下轉過60°的過程中，通過線圈的磁通量的變化量為2.00×10－2WbD.在線圈由圖示實線位置繞z軸向下轉過120°的過程中，通過線圈的磁通量的變化量約為3.46×10－2Wb6、一平行電容器兩極板之間充滿云母介質，接在恒壓直流電源上，若將云母介質移出，則電容器（）A.極板上的電荷量變大，極板間的電場強度變大B.極板上的電荷量變小，極板間的電場強度變大C.極板上的電荷量變大，極板間的電場強度不變D.極板上的電荷量變小，極板間的電場強度不變7、下列操作符合安全用電規范的是（）A.電冰箱插頭有三個齒，墻上的插口只有兩個孔，掰掉一個齒插入使用B.用鐵棒插入電風扇葉片之間，卡住，然后再打開風扇C.早讀前離開宿舍，把電熱毯開著，并捂上被子，晚上回來好暖和D.以上都是作死8、2021年；浙江大學研究團隊設計了一款能進行深海勘探的自供能仿生軟體智能機器魚。在測試中，該機器魚曾下潛至馬里亞納海溝10900m深處，并在2500mA?h電池驅動下，保持拍打45分鐘。下列說法正確的是（）

A.“10900m”是路程B.mA?h是能量的單位C.下潛過程中，該機器魚的平均速度約為4m/sD.萬米海底的靜水壓接近于103個標準大氣壓9、如圖電路中，電源電動勢為E，內阻為r，R0為定值電阻，電容器的電容為C.閉合開關S，增大可變電阻R的阻值，電壓表示數的變化量為ΔU，電流表示數的變化量為ΔI，電表均為理想電表，則（）

A.電壓表示數U和電流表示數I的比值不變B.變化過程中ΔU和ΔI的比值保持不變C.電阻R0兩端電壓減小，減小量為ΔUD.電容器的帶電荷量減小，減小量為ΔU評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、若用E表示電源電動勢，U表示外電壓，U′表示內電壓，R表示外電路的總電阻，r表示內電阻，I表示電流，則下列各式中一定正確的是（）A.U＝2U′B.U′＝E－UC.U＝E—IrD.U＝·E11、如圖所示，電路中接有五個理想電表，現閉合開關當滑動變阻器的滑動觸頭向上滑動時；電表的示數都發生了變化，下列分析正確的是（）

A.電壓表示數增大，電流表示數減小B.電壓表示數減小，電流表示數增大C.電壓表示數的改變量的絕對值大于電壓表示數的改變量的絕對值，即D.電壓表示數的改變量與電流表示數改變量的比值的絕對值等于電源內阻，即12、如圖所示，真空中a、b、c、d四點共線且等距。先在a點固定一點電荷+Q，測得b點場強大小為E。若再將另一等量異種點電荷-Q放在d點時，則（）

A.b點場強大小為EB.c點場強大小為EC.b點場強方向向右D.c點電勢比b點電勢高13、如圖所示，A、B、C三個小球（可視為質點）的質量分別為m、2m、3m，B小球帶負電，電荷量為q，A、C兩小球不帶電（不考慮小球間的靜電感應），不可伸長的絕緣細線將三個小球連接起來懸掛在O點，三個小球均處于豎直向上的勻強電場中，電場強度大小為E；以下說法正確的是（）

A.靜止時，A、B兩小球間細線的拉力為5mg+qEB.靜止時，A、B兩小球間細線的拉力為5mg﹣qEC.剪斷O點與A小球間細線的瞬間，A、B兩小球間細線的拉力為qED.剪斷O點與A小球間細線的瞬間，A、B兩小球間細線的拉力為qE14、有一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面內a、b、c、d四點的位置如圖所示，cd、cb分別垂直于x軸、y軸，其中a、b、c三點電勢分別為4V、8V、10V，有一電荷量為的點電荷在該電場中運動；下列判斷正確的是（）

A.電場的方向由a點指向b點B.坐標原點O的電勢為6VC.該點電荷在c點的電勢能為D.將該點電荷從a點移到d點，其電勢能越少15、一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面內a、b、c三點的位置如圖所示；三點的電勢分別為-1V；13V、31V。下列說法正確的是（）

A.電場強度的方向為c→OB.坐標原點處的電勢為19VC.電子在a點的電勢能比在b點的高12eVD.電子從b點運動到c點，電場力做功為18eV16、一根粗細均勻的金屬導線，兩端加上恒定電壓U時，通過金屬導線的電流強度為I，金屬導線中自由電子定向移動的平均速率為v，若將金屬導線均勻拉長，使其長度變為原來的2倍，仍給它兩端加上恒定電壓U，則此時（）A.該金屬導線的電阻變為原來的2倍B.該金屬絲的電阻率變為原來4倍C.自由電子定向移動的平均速率為D.通過金屬導線的電流為評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、靜電平衡時，空腔導體內表面沒有電荷，導體殼內空腔里的電場強度處處為______.外電場對殼（網）內的儀器不會產生影響，金屬殼的這種作用叫作______．18、電功。

（1）電流做功的實質是，導體中的恒定電場對自由電荷的____在做功。電能轉化為其他形式的能，是通過_____來實現的。

（2）電功的計算公式：W＝_____。

單位：____；符號為J。

常用的單位：千瓦時（kW·h），也稱“______”，1kW·h＝_______J。19、在磁感應強度為B的勻強磁場中，半徑為R的半球形球殼如圖（a）放置，穿過它的磁通量為_______；面積為S的矩形線框在該磁場中的初始位置如圖（b）中實線所示，線框繞O軸逆時針轉動到與磁場垂直的虛線位置，這一過程中穿過線框的磁通量的變化量大小為______。

20、在如圖所示的實驗裝置中，充電后的平行板電容器的A極板與靈敏的靜電計相接，極板B接地。

（1）若極板B稍向上移動一點，則將觀察到靜電計指針偏角______（選填“變大”或“變小”），此實驗說明平行板電容器的電容隨正對面積的減小而______（選填“增大”或“減小”）。

（2）若極板B稍向右移動一點，則將觀察到靜電計指針偏角______（選填“變大”或"變小”），此實驗說明平行板電容器的電容隨極板間距離增大而______（選填“增大”或“減小”）。21、請正確讀出下圖中各表達讀數：

(1)如圖（a），接0~3V量程時讀數為___________V；接0~15V量程時讀數為___________V。

②如圖（b），接0~3A量程時讀數為___________A；接0~0.6A量程時讀數為___________A。22、如圖所示，直線a為電源的U—I圖線，直線b為電阻R的U—I圖線，用該電源和該電阻組成閉合電路時，電源內部非靜電力將1C正電荷從負極移到正極所做的功為______J，電源的輸出功率為______W。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共20分)23、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

24、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內，左右各一半面積的范圍內，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共16分)25、某物理實驗興趣小組測量“水果電池”電動勢和內阻。為了盡可能的準確測量；設計電路圖如下。各器材規格為：

A.電流表A1（0~2mA；內阻約5Ω）

B.電流表A2（0~0.5mA；內阻為50Ω）

C.定值電阻R1（電阻為950Ω）

D.滑動變阻器R2（0~1500Ω）

E.自制水果電池。

F.開關；導線若干。

（1）依據該電路圖進行實物圖連接。()

（2）根據兩個電流表的測量數據，描點作出I2—I1圖像，由圖像計算水果電池的內阻_________Ω，電動勢_______V。（結果均保留1位小數）

（3）利用該實驗電路測出電動勢和內阻的測量值和真實值相比：E測________E真，r測________r真（填“大于”“小于”或“等于”）。26、在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中；實驗室提供了以下器材：

A．小燈泡（3.8V；0.3A）

B．滑動變阻器（5Ω；2A）

C．電流表（0~0.5A；內阻約0.4Ω）

D．電壓表（0~5V；內阻約10kΩ）

E．開關及導線若干。

(1)為實驗測量誤差盡可能小，電流表應選用________（填“內”或“外”）接法；

(2)為使小燈泡兩端電壓從零開始連續變化，滑動變阻器應選用__________（填“限流式”或“分壓式”）接法；

(3)綜上所述，應選擇下圖中的_______電路進行實驗。

(4)利用實驗數據畫出了如乙圖所示的小燈泡伏安特性曲線．圖中，坐標原點O到P點連線的斜率表示______．則根據此圖給出的信息可知，隨著小燈泡兩端電壓的升高，小燈泡的電阻______（填“變大”；“變小”或“不變”）

27、完成以下小題：

(1)下圖中千分尺的讀數為_______mm；20分度的游標卡尺讀數為_______cm。

(2)在實驗室中，往往需要測量電流表或電壓表的內阻。測量電路圖如下。為電源，其電動勢為為總阻值較大的滑動變阻器。為電阻箱。為被測電流表。用此電路，經以下步驟可近似測得電流表的內阻RA：①閉合斷開調節使電流表讀數等于其量程②保持不變，閉合調節使電流表讀數等于③讀出的值，則RA=_____。若電源的內阻忽略不計；則該實驗的系統誤差總是使電表內阻的測量值比其真實值_______(填“偏大”或“偏小”)。

（3）請根據圖甲用筆畫線代替導線將圖乙所示器材連接成完整的實驗電路_______。

28、在“測量電源的電動勢和內阻”的實驗中；已知待測電池的電動勢約1.5V，內阻約1.0Ω。某同學利用圖甲所示的電路進行測量，已知實驗室除待測電池；開關、導線外，還有下列器材可供選用：

電流表A1：量程0~0.6A；內阻約0.125Ω

電流表A2：量程0~3A；內阻約0.025Ω

電壓表V：量程0~3V；內阻約3kΩ

滑動變阻器R1：0~20Ω；額定電流2A

滑動變阻器R2：0~100Ω；額定電流1A

(1)為了調節方便，測量結果盡量準確，實驗中電流表應選用___________，滑動變阻器應選用___________（填寫儀器的字母代號）。

(2)經過多次測量并記錄對應的電流表示數I和電壓表示數U，利用這些數據在圖乙中畫出了U－I圖線。由此得出電源的電動勢E=___________V；內阻r=___________Ω。

(3)該同學實驗中發現，在保證所有器材安全的情況下，調節滑動變阻器的滑片時電壓表的示數取不到1.0V以下，出現這一現象的原因可能是________________________；改進的方法為___________。評卷人得分六、解答題(共4題，共24分)29、對應于的能量子，其電磁輻射的頻率和波長各是多少？（普朗克常量h=6.63×10-34J·s，結果保留3位有效數字）30、材料的電阻率ρ隨溫度變化的規律為ρ=ρ0(1+αt)，其中α稱為電阻溫度系數，ρ0是材料在t=0℃時的電阻率．在一定的溫度范圍內α是與溫度無關的常量．金屬的電阻一般隨溫度的增加而增加，具有正溫度系數；而某些非金屬如碳等則相反，具有負溫度系數．利用具有正負溫度系數的兩種材料的互補特性，可制成阻值在一定溫度范圍內不隨溫度變化的電阻．已知：在0℃時，銅的電阻率為1.7×10-8Ω·m，碳的電阻率為3.5×10-5Ω·m；在0℃附近，銅的電阻溫度系數為3．9×10-3℃-1，碳的電阻溫度系數為-5.0×10-4℃-1．將橫截面積相同的碳棒與銅棒串接成長1.0m的導體，要求其電阻在0℃附近不隨溫度變化，求所需碳棒的長度（忽略碳棒和銅棒的尺寸隨溫度的變化）．31、如圖（a）所示，質量m1=2.0kg的絕緣木板A靜止在水平地面上，質量m2=1.0kg可視為質點的帶正電的小物塊B放在木板A上某一位置，其電荷量為q=1.0×10-3C。空間存在足夠大的水平向右的勻強電場，電場強度大小為E1=5.0×102V/m。質量m3=1.0kg的滑塊C放在A板左側的地面上，滑塊C與地面間無摩擦力，其受到水平向右的變力F作用，力F與時刻t的關系為（如圖b）。從t0=0時刻開始，滑塊C在變力F作用下由靜止開始向右運動，在t1=1s時撤去變力F。此時滑塊C剛好與木板A發生彈性正碰，且碰撞時間極短，此后整個過程物塊B都未從木板A上滑落。已知小物塊B與木板A及木板A與地面間的動摩擦因數均為=0.1，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g取10m/s2。求：

（1）撤去變力F瞬間滑塊C的速度大小v1；

（2）小物塊B與木板A剛好共速時的速度v共；

（3）若小物塊B與木板A達到共同速度時立即將電場強度大小變為E2=7.0×102V/m；方向不變，小物塊B始終未從木板A上滑落，則。

①木板A至少多長？

②整個過程中物塊B的電勢能變化量是多少？

32、如圖所示，充電后的平行板電容器水平放置，電容為C，極板間距離為d，上極板正中有一小孔．質量為m、電荷量為+q的小球從小孔正上方高h處由靜止開始下落，穿過小孔到達下極板處速度恰為零（不計空氣阻力，極板間電場可視為勻強電場，重力加速度為g）．求：

（1）極板間電場強度大小和電容器所帶電荷量；

（2）小球從開始下落運動到下極板的時間.參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

A．保持開關S閉合，由閉合電路歐姆定律和歐姆定律可知兩端的電壓為：

增大可知兩端的電壓將減小，電容器兩端的電壓減小，根據可知粒子電場力減小，根據粒子加速度增大，粒子在平行板間運動則有：

水平位移為：

水平位移將減小，故粒子打在點左側；故A錯誤；

B．保持開關S閉合，增大不會影響電阻兩端的電壓，故粒子打在點；故B錯誤；

C．斷開開關，平行板帶電量不變，根據及可得：

極板稍微上移，兩極板的間距增大，但電場強度不變，故加速度不變，不會影響離子的運動，故還打在點；故C錯誤；

D．斷開開關，平行板帶電量不變，根據及可得：

極板稍微下移，兩極板的間距增大，但電場強度不變，故加速度不變，電場強度不變，加速度不變，不會影響離子的運動，垂直極板方向的運動的位移變大，運動時間變長，沿極板方向運動的位移也增大，故粒子打在點右側；故D正確；

故選D。2、D【分析】【分析】

【詳解】

據題意，當滑片向a端移動，滑動變阻器的電阻變小，則整個電路總電阻變小，據閉合電路歐姆定律可知總電流I將增大；安培表的示數增大，內電壓增大而外電壓減小，故燈泡變暗。

故選D。3、E:F【分析】【分析】

【詳解】

A．駐極體通過靜電感應；吸附小的微粒，從而起到吸附過濾作用，A錯誤；

B．若放置時間過長；駐極體口罩會因電場衰減而過期，這是極化電荷又變的雜亂無章的結果，B錯誤；

CD．駐極體與駐極體是有間隙的；在每個駐極體周圍都存在著電場，所有電場累加在一起相當于左右兩個極板的電場，但與平行板電容器不同的是，內部不是勻強電場，周圍也存在電場，且即便用導線將圖示駐極體的左；右兩表面短接，兩表面的電荷都也不會中和，CD錯誤；

E．若將駐極體沿垂直于極化電場方向切開；會形成兩個和原來性質相同的駐極體，E正確；

F．根據電荷的極化；上述材料冷卻后，撤去外電場，材料左邊界帶正電，右邊界帶負電，F正確；

G．由于極化電荷發生了轉動；電場力對這些極化電荷做了正功，G錯誤。

故選EF。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由于該粒子只受電場力作用且做曲線運動，所受電場力指向軌跡內側且沿電場線，粒子所受電場力方向一定是由M指向N；但粒子帶電性質未知，故無法確定電場線方向，A錯誤；

BC．粒子從a運動到b的過程中，力與速度夾角小于90°，電場力做正功，動能增加，電勢能減小，即帶電粒子在a點的電勢能大于在b點的電勢能；B錯誤，C正確；

D．只有一條電場線，無法確定疏密程度，無法確定場強大小關系，由

可知，無法比較a、b點的加速度大小；D錯誤。

故選C。5、D【分析】【詳解】

A．線圈在圖示實線所在的位置時，通過線圈的磁通量為

故A錯誤；

B．線圈由圖示實線位置繞x軸向下轉過90°的過程中；線圈始終與磁場平行，所以通過線圈的磁通量不變。故B錯誤；

C．在線圈由圖示實線位置繞z軸向下轉過60°的過程中，通過線圈的磁通量的變化量為

故C錯誤；

D．在線圈由圖示實線位置繞z軸向下轉過120°的過程中，通過線圈的磁通量的變化量為

故D正確。

故選D。6、D【分析】【詳解】

試題分析：電容器接在恒壓直流電源上，則電容器兩端的電勢差不變，將云母介質移出后，介電常數減小，根據電容的決定式知，介電常數減小，電容減小，由于電壓不變，根據可知，電荷量Q減小，由于電容器的電壓不變，板間的距離d不變，根據可知；極板間的電場強度不變，所以ABC錯誤，D正確．

考點：電容器的動態分析。

【名師點睛】本題是電容器的動態分析問題，關鍵抓住不變量，當電容器與電源始終相連，則電勢差不變；當電容器與電源斷開，則電荷量不變．要掌握三個公式．7、D【分析】【分析】

【詳解】

A．為避免人體接觸用電器金屬外殼引起觸電；用電器的金屬外殼必須保持良好接地。所以“插頭無法插入兩孔插座便掰斷了中間的那根”做法不符合安全用電要求，A錯誤；

B．用鐵棒卡住電風扇葉片；會造成電風扇無法正常工作，可能引起電風扇的損壞，不符合安全用電要求，B錯誤；

C．離開宿舍；把電熱毯開著，并捂上被子可能會引起用電器使用不當的火災，不符合安全用電要求，C錯誤；

D．ABC均不符合安全用電要求；故D正確；

故選D。8、D【分析】【詳解】

A．10900是深度；機器魚下潛的路程要大于10900m，A錯誤；

B．mA?h是電量的單位；B錯誤；

C．機器魚下潛的位移未知；所以平均速度無法獲得，C錯誤；

D．根據p=ρgh

可知，1個標準大氣壓相當于10米水柱，所以萬米海底的靜水壓接近于103個標準大氣壓；D正確。

故選D。9、B【分析】【詳解】

A．由圖分析知R增大，則電壓表的示數U和電流表的示數I的比值變大；故A錯誤.

B．根據閉合電路歐姆定律得U=E－I（R0+r），由數學知識得知，保持不變，故B正確.

C．閉合開關S，增大可變電阻R的阻值后，電路中電流減小，由歐姆定律分析可知，電阻R0兩端電壓減小，R兩端電壓增大，而它們的總電壓即路端電壓增大，所以電阻R0兩端的電壓減小量小于ΔU；故C錯誤.

D．電容器兩極板間的電壓等于R兩端的電壓，可知電容器板間電壓增大，帶電荷量增大，增大量為CΔU，故D錯誤.二、多選題(共7題，共14分)10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．內電壓和外電壓的關系是由內阻和外電阻的關系決定；則兩者不一定是2倍關系，選項A錯誤；

B．電動勢等于內外電壓之和；即。

U′＝E－U選項B正確；

C．根據閉合電路的歐姆定律。

U′=Ir則。

U＝E—Ir選項C正確；

D．若電路是純電阻性電路；根據閉合電路歐姆定律。

路端電壓。

若電路是非純電阻性電路；此時路端電壓。

D錯誤。

故選BC。11、B:C:D【分析】【詳解】

AB．當滑動變阻器的滑動觸頭向上滑動時，R1阻值變小，可知總電阻變小，總電流減大，則讀數減大；路端電壓示數變小，則R3電流變小，則支路電流增大，則讀數增大，則讀數變小；故A錯誤；B正確；

C．因路端電壓路端電壓變小，而變小，變大，則電壓表示數的改變量的絕對值大于電壓表示數的改變量的絕對值；C正確；

D．根據可知則電壓表示數的改變量與電流表示數改變量的比值的絕對值等于電源內阻；D正確。

故選BCD。12、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AC．設ab=bc=cd=L

由題可知+Q在b點產生的場強大小為E，方向水平向右，由點電荷的場強公式得

-Q在b點產生的電場強度大小為方向水平向右

所以b點的場強大小為方向水平向右

A錯誤；C正確；

B．根據對稱性可知，c點與b點的場強大小相等，為方向水平向右，B正確；

D．電場線方向從a指向d，而順著電場線方向電勢降低，則c點電勢比b點電勢低；D錯誤。

故選BC。13、A:C【分析】【詳解】

AB．靜止時，對AB球整體進行受力分析，則有：T=2mg+3mg+Eq=5mg+Eq

故A正確；B錯誤；

CD．假設B球也不帶電，則剪斷OA線瞬間，A、B、C三個小球一起以加速度g自由下落，互相相對靜止，AB、BC間拉力為0.若B球帶負電，則相當于在上述狀態下給B球瞬間施加一個豎直下下的電場力qE，電場力qE對A、B球整體產生一個豎直向下的加速度此時A、B球的加速度為aA=g+

（顯然大于g），C球以加速度g保持自由下落，以A球為研究對象可得A、B球間細線的拉力為T，由牛頓第二定律，則有T+mg=maA

解得T=qE

故C正確，D錯誤。

故選AC。14、B:D【分析】【詳解】

AB．根據幾何關系可知abcO構成一平行四邊形，所以有

解得坐標原點O的電勢為

又由于dO與Oa長度相等，所以

解得d點電勢為

所以b、d連線為一條等勢線，電場強度方向垂直于等勢線并指向電勢低的方向，所以電場的方向由b點指向a點；故A錯誤，B正確；

C．該點電荷在c點的電勢能為

故C錯誤；

D．從a到d電勢升高，則該負點電荷僅在該電場作用下從a點移到d點的過程中；其電勢能減小，故D正確。

故選BD。15、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．如圖所示。

在ac連線上，確定一b′點，根據勻強電場中電勢均勻變化，而且已知ac長度可知x軸1cm代表4V的電勢差，則b′電勢為13V時

將bb′連線，即為等勢線，那么垂直bb′連線，則為電場線，根據幾何關系可知

且c點電勢高于O點電勢，可知電場強度的方向為c→O；A正確；

B．已知ac長度可知x軸1cm代表4V的電勢差，b點的電勢為13V，可知O點的電勢為

解得

故B錯誤；

C．電子從a點運動到b點電場力做正功，所做功為

電場力做正功，電勢能減少，故可知電子在a點的電勢能比在b點的高14eV；C錯誤；

D．電子從b點運動到c點，電場力做正功，所做功為

故D正確；

故選AD。16、C:D【分析】【詳解】

AD．將金屬導線均勻拉長，使其長度變為原來的2倍，橫截面積變為原來的倍，根據電阻定律分析得到，電阻變為原來的4倍，電壓U恒定不變，根據歐姆定律可知，電流I變為原來的故A錯誤，D正確；

B．金屬絲的電阻率與金屬絲的長度無關；所以電阻率不變，故B錯誤；

C．電流的微觀表達式I=nevS，其中n、e不變，電流I為原來的橫截面積S變為原來的倍，則自由電子定向移動的平均速率為故C正確。三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】0靜電屏蔽18、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.靜電力②.電流做功③.UIt④.焦耳⑤.度⑥.3.6×10619、略

【分析】【詳解】

[1]根據磁通量的公式，可得穿過半球形球殼的磁通量為

[2]根據磁通量的公式，取此時磁感線穿過的面的磁通量為正，沒有轉動前，通過線框的磁通量為

由于轉動后，磁感線從另一面穿過，則此時磁通量為負，即有

這一過程中穿過線框的磁通量的變化量大小為【解析】20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]根據電容器的公式

可知，當極板B稍向上移動一點，S變小；電容變小，在電荷量不變的情況下，電壓變大，靜電計的張角變大。

[2]根據上述可知；電容減小。

（2）[3]若極板B稍向右移動一點，d變小；電容變大，在電荷量不變的情況下，電壓變小，靜電計的張角變小。

[4]根據上述可知，電容隨極板間距離增大而變小。【解析】①.變大②.減小③.變小④.減小21、略

【分析】【詳解】

(1)[1]接0~3V量程時，每小格表示指針偏轉不夠一個分格部分用估讀法，讀數比最小刻度多一位小數，讀數為

[2]接0~15V量程時,每小格表示指針偏轉不夠一個分格部分用估讀法（估讀五分之幾小格），讀數和最小刻度小數位數相同，讀數為

(2)[3]接0~3A量程時，每小格表示指針偏轉不夠一個分格部分用估讀法，讀數比最小刻度多一位小數，讀數為

[4]接0~0.6A量程時，每小格表示指針偏轉不夠一個分格部分用半格（）估讀法（不足半小格的舍去，超過半小格的按半小格估讀），讀數和最小刻度小數位數相同，讀數為【解析】2.18V10.8V0.80A0.16A22、略

【分析】【詳解】

[1]直線a為電源的U-I圖線，結合

可得，電源的電動勢為圖像的總截距

電源的內阻為圖像的斜率Ω=05Ω

直線b為電阻R的U-I圖線，由

可知其阻值為圖像的斜率Ω=1Ω

用該電源和該電阻組成閉合電路時，可讀出工作電流為工作電壓為

而電源內部非靜電力將1C正電荷從負極移到正極所做的功為

[2]電源的輸出功率為【解析】34四、作圖題(共2題，共20分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進入磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運動階段：對應，時間內，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時間內，穿過線框的磁通量反向線性增加，最后為

③線框離開磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性減小，最后為

畫出圖像如圖所示。

【解析】見解析五、實驗題(共4題，共16分)25、略

【分析】【詳解】

（1）[1]依據該電路圖連接實物圖如圖：

（2）[2][3]根據閉合電路歐姆定律有

整理得

所以有

解得

由圖像可得

解得

（3）[4][5]若考慮電表內阻的影響，則有

整理得

所以

解得

可見利用該實驗電路測出電動勢和內阻的測量值和真實值相比：E測小于E真，r測小于r真。【解析】475.00.7小于小于26、略

【分析】【詳解】

(1)[1]燈泡正常發光時的電阻：電流表內阻約為0.4Ω，電壓表內阻約為10kΩ，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法．

(2)[2]燈泡兩端電壓從零開始變化；滑動變阻器應采用分壓接法．

(3)[3]電流表采用外接法；滑動變阻器采用分壓接法；則應采用圖B所示實驗電路．

(4)[4][5]坐標原點O到P點連線的斜率表示P狀態小燈泡電阻的倒數；根據此圖給出的信息可知，隨著小燈泡兩端電壓的升高，小燈泡的電阻變大．【解析】外接法分壓式BP狀態燈絲電阻的倒數變大27、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]螺旋測微器的固定刻度為0.5mm；可動刻度為11.6×0.01mm=0.116mm，所以最終讀數為0.5mm+0.116mm=0.616mm

[2]20分度的游標卡尺；精確度是0.05mm，游標卡尺的主尺讀數為126-20=106mm，游標尺上第15個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為15×0.05mm=0.75mm，所以最終讀數為：106mm+0.75mm=106.75mm=10.675cm

(2)[3]根據并聯電路規律可知，電流表A和電阻箱R2并聯，電流之比等于電阻的反比，電流表A的示數為則流過電阻箱R2的電流為兩者電阻之比為1：2，因此則電流表A的內阻。

[4]保持R1不變，閉合開關K2時認為電路干路電流不變，仍等于電流表的滿偏電流I0；實際時閉合開關K2時，電路總電阻變小，由閉合電路歐姆定律可知，干路電流增大，大于I0，當電流表讀數等于時，流過電阻箱的電流大于可是認為是由。

可知；電流表內阻測量值小于真實值。

(3)[5]【解析】0.61610.675小于28、略