…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，平行邊界MN、PQ間有垂直紙面向里的勻強磁場，磁場的磁感應強度大小為B，兩邊界的間距為d，MN上有一粒子源A，可在紙面內沿各個方向向磁場中射入質量均為m，電荷量均為+q的粒子，粒子射入磁場的速度大小不計粒子的重力，則粒子能從PQ邊界射出的區域長度與能從MN邊界射出的區域長度之比為。

A.1：1B.2：3C.D.2、關于電容器的電容以下說法正確的是（）A.由可知電容器不帶電，為零B.由可知，若電容器兩板間電壓增加，減小C.電容器的電容與電容器電量有關D.電容器的電容與兩板間電壓無關3、關于電流的概念，下列說法正確的是（）A.通過導體橫截面的電荷量越多，電流越大B.電子的定向移動速率越大，電流越大C.電場的傳導速率越大，電流越大D.單位時間內通過導體橫截面的電荷量越多，導體中的電流越大4、如圖所示，電源電動勢為E，內電阻為r。當滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，發現理想電壓表V1、V2示數變化的絕對值分別為ΔU1和ΔU2；下列說法中正確的是（）

A.小燈泡L3變亮，L1、L2變暗B.小燈泡L1、L3變暗，L2變亮C.ΔU1<ΔU2D.ΔU1>ΔU25、對于一個“或非”門，當輸出端是高電勢時，輸入端A、B所對應的情況是（）A.均為高電勢B.均為低電勢C.A為高電勢，B為低電勢D.B為高電勢，A為低電勢6、下列說法中正確的是（）A.概率波就是機械波B.物質波是一種概率波C.如果采取辦法提高了測量微觀粒子的精度，則的精度也同時上升D.粒子的與測量精度與測量儀器及測量方法是否完備有關7、電風扇的擋位變換器電路如圖所示，把它視為一個可調壓的理想變壓器，總匝數為2400匝的原線圈輸入電壓u=220sin100πt(V)，擋位1、2、3、4對應的線圈匝數分別為240匝、600匝、1200匝、2400匝．電動機M的內阻r=8Ω，額定電壓為U=220V，額定功率P=110W．下列判斷正確的是）（））

A.該交變電源的頻率為100HzB.當選擇3擋位后，電動機兩端電壓的最大值為110VC.當擋位由3變為2后，原線圈的電流變大D.當選擇擋位4后，電動機的輸出功率為108W8、兩個固定聲源發出的聲波1和聲波2在空氣中傳播．已知聲波1的頻率是聲波2的3倍，則()A.聲波1的波長是聲波2的3倍B.聲波1的傳播速度是聲波2的3倍C.兩列波相遇會產生穩定的干涉現象D.遠離這兩個聲源的觀察者，聽到的這兩列波的頻率均比聲源發出的頻率低9、如圖所示，長為L=5m的水平傳送帶以v0=6m/s逆時針勻速轉動，質量m=1kg的物塊以水平初速度v=4m/s滑上傳送帶，物塊與傳送帶間的動摩擦因數為0.2，不考慮傳送帶輪軸摩擦等能量損失，重力加速度g=10m/s2，則物塊從滑上到離開傳送帶的過程中，下列說法正確的是（）

A.物塊離開傳送帶時的速度大小為6m/sB.摩擦力對物塊一直做負功C.物塊所受摩擦力的沖量大小為0D.因摩擦產生的熱量為48J評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、如圖所示電路中，電源電動勢為E，內阻r．閉合電鍵S，電壓表示數為U,電流表示數為I,在滑動變阻器的滑片P由a端滑到b端的過程中（）

A.U先變大后變小B.I先變大后變小C.U與I的比值先變小后變大D.U變化量與I變化量的比值不變11、如圖所示，從點光源S發出的一細束白光以一定的角度入射到三棱鏡的表面，經過三棱鏡的折射后發生色散現象，在光屏的ab間形成一條彩色光帶。下列說法中正確的是（）

A.a側是紅光，b側是紫光B.在真空中a側光的波長小于b側光的波長C.三棱鏡對a側光的折射率大于對b側光的折射率E.在三棱鏡中a、b兩側光的速率相同E.在三棱鏡中a、b兩側光的速率相同12、關于熱機的效率，下列說法正確的是()A.有可能達80%B.有可能達100%C.有可能超過80%D.有可能超過100%13、如圖所示，用靜電計可以測量已充電的平行板電容器兩極之間的電勢差，現使B板帶正電，A板帶負電，則下列說法正確的是（）

A.將A板稍微向右移，靜電計指針張角將變小B.若將A板稍微向上移，靜電計指針張角將變小C.若將A板拿走，靜電計指針張角不為零D.若將玻璃板插入兩極板之間，靜電計指針張角將變小14、下面說法錯誤的是()A.鴨子從池塘中出來，羽毛并不濕——毛細現象B.細玻璃棒尖端放在火焰上燒熔后尖端變成球形——表面張力C.粉筆能吸干紙上的墨水——浸潤現象E.雨傘的布料不粘水——不浸潤現象E.雨傘的布料不粘水——不浸潤現象15、波源S在t=0時刻從平衡位置開始向上振動，形成向左、右兩側傳播的簡諧橫波．S、a、b、c、和a'、b'、c'是沿波傳播方向上的間距為1m的6個質點，t=0時刻各質點均處于平衡位置，如圖所示．已知波的傳播速度為8m/s，當t=0.125s時波源S第一次達最高點；則（）

A.任意時刻質點c與質點振動狀態完全相同B.時質點a的速度正在減小C.時質點處于波谷E.若波源S向距它40m的接收器勻速靠近，接收器接收到的頻率將大于2HzE.若波源S向距它40m的接收器勻速靠近，接收器接收到的頻率將大于2Hz16、兩個小球A、B在光滑水平桌面上沿直線運動，發生彈性碰撞。碰撞過程中，A球對B球的沖量大小為I1，B球對A球的沖量大小為I2，A球對B球所做功的大小為W1，B球對A球所做功的大小為W2，則A.I1=I2B.I1≠I2C.W1=W2D.W1≠W2評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、用圖甲所示的裝置研究光電效應現象，當用光子能量為5eV的光照射到光電管上時，測得電流計的示數隨電壓變化的圖像如圖乙所示.則光電子的最大初動能為__________J，金屬的逸出功為________J.18、如圖所示的平行板器件中，電場強度E和磁感應強度B相互垂直，具有不同水平速度的帶電粒子射入后發生偏轉的情況不同。若從左側水平射入的帶電粒子，不計重力，穿過這一區域時未發生偏轉，則該粒子的速度大小為________；若只改變該粒子的電性，則粒子穿過這一區域時是否會發生偏轉？________（選填“會”或“不會”）。19、有一充電的平行電容器，兩板件電壓為現使它的電荷量減小于是電容器兩極板間電壓降為原來的此電容器的電容是__________μF；若電容器極板上的電荷全部放掉，電容器的電容是__________μF。20、如圖，一個是振動圖像，一個是波動圖像，其中是___________是振動圖像(選填：“a”或“b”)，圖a的物理意義是：___________．21、如圖所示，把一根條形磁鐵從同樣高度插到線圈中同樣的位置，第一次快插，第二次慢插，兩種情況下線圈中產生的感應電動勢的大小關系是E1_____E2．

22、“正電子湮沒”是指正電子與電子相遇后一起消失而放出光子的過程，若一個電子和一個正電子相撞發生湮滅轉化成一對光子，正、負電子的質量均為相碰前動能均為光速為普朗克常量為則對撞過程中系統動量_____（選填“守恒”、“不守恒”），光子的頻率為_________．評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共6分)26、碰撞的恢復系數的定義為其中v10和v20分別是碰撞前兩物體的速度，v1和v2分別是碰撞后兩物體的速度.彈性碰撞的恢復系數e=1，非彈性碰撞的恢復系數e<1。某同學借用“驗證動量守恒定律”的實驗裝置（如圖所示）驗證彈性碰撞的恢復系數是否為1；實驗中使用半徑相等的鋼質小球1和2，實驗步驟如下：

安裝好實驗裝置，做好測量前的準備，并記下重垂線所指的位置O。

第一步，不放小球2，讓小球1從斜槽上的S點由靜止滾下，并落在地面上，重復多次，用盡可能小的圓把小球的所有落點圈在里面，其圓心P就是小球落點的平均位置。

第二步，把小球2放在斜槽前端邊緣處的C點，讓小球1仍從S點由靜止滾下；使它們碰撞。重復多次，并使用與第一步同樣的方法分別標出碰撞后兩小球落點的平均位置。

第三步，用刻度尺分別測量三個落地點的平均位置離O點的距離，即線段OM、OP、ON的長度；在上述實驗中：

（1）直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，可以通過測量______；間接地解決這個問題。

A．小球開始釋放高度hB．小球拋出點距地面的高度HC．小球做平拋運動的射程。

（2）本實驗中小球1的質量與小球2的質量大小應滿足的關系()

A．m1>m2B．m1<m2C．m1=m2D．m1≤m2

（3）不放小球2，小球1落地點P距O點的距離OP與實驗中所用的小球質量是否有關？______（填“有關”或“無關”）。

（4）用題中的測量量計算碰撞恢復系數的表達式e＝______。27、用電流表和電壓表測定電池的電動勢和內電阻所用電路如圖所示．

（1）請在答題紙上根據電路原理圖用筆畫線代替導線完成實物連接_________．

（2）一位同學測得的組數據在坐標系中，請做出圖像___________．

（3）由圖像可求出電阻的電動勢__________內電阻__________．

(4)測量值與真實值的大小關系為，____________________．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【詳解】

粒子在磁場中運動的半徑：根據左手定則可知，粒子向運動方向左側做圓周運動，當粒子沿AN方向射入磁場時，粒子打在PQ上的位置為粒子能從PQ邊界射出的區域的最下端，根據幾何關系，落點在PQ上A點下側距離為粒子進入磁場，當軌跡與PQ相切時，粒子打在PQ上的位置為粒子能從PQ邊界射出的區域最上端，根據幾何關系，落點在PQ上A點上側距離所以粒子能從PQ邊界射出的區域長度為：因為R<d，所以粒子在MN上的落點為A到A上方所以粒子能從PQ邊界射出的區域長度與能從MN邊界射出的區域長度之比為ABD錯誤C正確．

2、D【分析】【詳解】

是電容的定義式，表明給定一個電容器，它所帶的電荷量與其電壓的比值是一個定值，是電容的決定式，表明電容器的大小與電容器兩極板之間介質的介電常數電容器的正對面積S，兩極板之間的距離有關，與電荷量板間電壓充電電源的電壓沒有關系，故ABC錯誤，D正確。

故選D。3、D【分析】【詳解】

A.根據電流的定義式可知；通過導體橫截面的電荷量越大，導體中的電流不一定大；

還要看時間長短；故A錯誤；

B.根據電流的微觀表達式可知，電子的定向移動速率越大，電流不一定越大；

故B錯誤；

C.傳導速率是電場形成的速率；大小為光速，與電流無關，故C錯誤；

D.用單位時間內通過導體橫截面的電荷量來表示電流的強弱；叫作電流，所以電流越大；

單位時間內通過導體橫截面的電荷量就越多，故D正確．4、D【分析】【詳解】

AB．當滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流增大，而在干路，故變亮；變阻器的電阻減小，并聯部分的電阻減小，則并聯部分電壓減小，則變暗；總電流增大，而的電流減小，則的電流增大，則變亮。故AB錯誤；

CD．由上述分析可知，電壓表的示數減小，電壓表的示數增大，由于路端電壓減小，所以故D正確，C錯誤。

故選D。

【點睛】

對于電路動態變化分析問題，按“局部→整體→局部”思路進行分析。運用總量法分析兩電壓表讀數變化量的大小。5、B【分析】【分析】

【詳解】

A．輸入端均為高電勢；則或門后是高電勢，非門后輸出是低電勢，故A錯誤；

B．輸入端均為低電勢；則或門后是低電勢，非門后輸出是高電勢，故B正確；

CD．A為高電勢，B為低電勢或B為高電勢，A為低電勢；經過或門后均輸出高電勢，非門后輸出低電勢，故CD錯誤。

故選B。6、B【分析】【詳解】

AB.機械波是振動在介質中的傳播；而概率波是粒子所到達區域的幾率大小可以通過波動的規律來確定，其本質不同，A錯誤，B正確；

C.不確定性關系表明無論采用什么方法試圖確定坐標和相應動量中的一個，必然引起另一個較大的不確定性，如果采取辦法提高了測量微觀粒子的精度，則的精度會下降；C錯誤；

D.無論怎樣改善測量儀器和測量方法，都不可能逾越不確定性關系所給出的限度，故粒子的與測量精度與測量儀器及測量方法是否完備無關；D錯誤；

故選B。7、D【分析】【分析】

根據原線圈輸入電壓的瞬時值表達式即可知角速度，結合得交變電源的頻率；當選擇3檔位后，根據變壓比規律求出副線圈兩端電壓的有效值，最大值為有效值的倍；當檔位由3變為2后，根據變壓比規律判斷副線圈的電壓，分析輸出功率的變化，根據輸入功率等于輸出功率，由判斷原線圈電流的變化；當選擇檔位4后，根據變壓比規律求出副線圈電壓，根據能量守恒求電動機的輸出功率．

【詳解】

A、根據原線圈輸入電壓的瞬時值表達式知：交變電源的頻率故A錯誤；

B、當選擇3檔位后，副線圈的匝數為1200匝，根據電壓與匝數成正比得：解得：所以電動機兩端電壓的最大值為V；故B錯誤；

C、當檔位3變為2后，根據電壓與匝數成正比知，副線圈兩端的電壓減小，輸出功率變小，輸入功率變小，根據知原線圈電流變??；故C錯誤；

D、當選擇檔位4，副線圈匝數等于2400匝，根據電壓比規律得到副線圈兩端的電壓為220V，電動機正常工作，流過電動機的電流電動機的發熱功率電動機的輸出功率故D正確．

故選D．

【點睛】

本題考查變壓器原理，要注意明確變壓器的規律，能用線圈匝數之比求解電壓及電流；同時注意注意明確對于非純電阻電路歐姆定律不能使用，在解題時要注意正確選擇功率公式．8、D【分析】【詳解】

兩列聲波在同一空間的空氣中沿同一方向傳播，波速相同，故B錯誤；根據可知聲波1的波長是聲波2的故A錯誤；根據題意可知聲波1的頻率是聲波2的3倍，據兩列波發生干涉的必要條件是頻率相同，所以在這兩列波傳播的方向上，不會產生穩定的干涉現象，故C錯誤；由于多普勒效應，遠離這兩個聲源的觀察者，聽到的這兩列波的頻率均比聲源發出的頻率低，故D正確．9、D【分析】【分析】

【詳解】

A．剛滑上傳送帶時，物塊做勻減速直線運動，速度減為0的位移

可知物體到達傳送帶最右端之前已經減速為0；且再次回到出發點的速度大小為4m/s，方向向左，因此物塊離開傳送帶的速度為4m/s，故A錯誤；

B．由A選項的分析可知；物塊先向右做勻減速直線，再向左做勻加速直線，所以摩擦力先做負功，再做正功，故B錯誤；

C．物塊所受摩擦力的沖量等于物塊的動量變化；由A選項可知物體的速度由向右的4m/s變為向左的4m/s，可知動量變化不為0，故C錯誤；

D．根據牛頓運動定律可知，物體的加速度不變，且

方向向左，所以物體的運動時間

再根據

計算得出物體的位移為0，所以物塊和傳送帶之間的相對位移

因此摩擦產生的熱

故選D。二、多選題(共7題，共14分)10、A:D【分析】【詳解】

B．由圖可知，滑動變阻器上下兩部分并聯，當滑片在中間位置時總電阻最大，則在滑動變阻器的滑片P由a端滑到b端的過程中，滑動變阻器的電阻先增大后減小，根據閉合電路歐姆定律可知電流

即電流表示數先減小后增大；故B錯誤；

A．又由可知路端電壓先變大后變小；故A正確；

C．U與I的比值就是接入電路的的電阻與的電阻之和，所以U與I比值先變大后變小；故C錯誤；

D．因為所以

又由

所以U變化量與I變化量的比值不變；故D正確。

故選AD。11、B:C:D【分析】【詳解】

ABC．由題圖可以看出，a側光偏折得較大，三棱鏡對a側光的折射率較大，所以a側光是紫光，波長較短，b側光是紅光；波長較長，A錯誤，BC正確；

DE．又。

所以三棱鏡中a側光的傳播速率小于b側光的傳播速率；D正確，E錯誤。

故選BCD。12、A:C【分析】【分析】

【詳解】

熱機在工作時；廢氣會帶走一部分熱量；燃料不可能完全燃燒、克服部件之間的摩擦會消耗能量等，所以熱機的效率不可能達到100%，即總是小于1，故AC正確、BD錯誤．故選AC．

【點睛】

此題關鍵是掌握熱力學第二定律，知道熱機的效率是指用來做有用功的能量與燃料完全燃燒產生的能量之比．由于不可避免地產生熱量的損耗，所以熱機的效率不可能達到100%．13、A:C:D【分析】【詳解】

A．將A板稍微向右移，即減小兩極板之間的距離，由電容的決定式

可知，電容增大，電容器的電量不變，由

可知；板間電壓減小，靜電計指針張角變小，故A正確；

B．將A板稍微上移時，正對面積減小，由電容的決定式

可知，電容增小，電量不變，由

可知；板間電壓增大，靜電計指針張角變大，故B錯誤；

C．若將A板拿走；B板上帶電量不變，靜電計相當于驗電器，指針張角不為零，故C正確；

D．將玻璃板插入兩板之間，電容的決定式

可知，電容增大，電量不變，由

可知；板間電壓減小，靜電計指針張角變小，故D正確。

故選ACD。14、A:C:D【分析】【詳解】

鴨子從池塘中出來，羽毛并不濕是不浸潤現象，故A錯誤；細玻璃棒尖端放在火焰上燒溶后尖端變成球形，是表面張力，故B正確；粉筆能吸干紙上的墨水，是毛細現象，故C錯誤；布做的雨傘，雖然紗線間有空隙，卻不漏雨水，是不浸潤現象，故D錯誤，E正確；本題選錯誤的，故選ACD．15、A:D:E【分析】【詳解】

S到c、c'的距離相同，故波源S的振動傳播到c、c'所需時間相同，那么，任意時刻質點c與質點c'振動狀態完全相同，故A正確；由t=0.125s時波源S第一次達最高點可得：振動周期T=0.5s，波從S傳播到a所需時間從S傳播到b'所需時間故t=0.28s時質點a的振動和S在t=0.155s時振動相同，故由周期可知：故質點a位移大于零，向平衡位置運動，故質點速度正在增大；t=2.375s時質點b'的振動和S在t=2.125s時振動相同，故由周期可知：故質點a在波峰位置，故BC錯誤；波傳到c點時，質點c的振動和波源起振方向相同，故質點c向上振動，故D正確；波源振動周期T=0.5s，即頻率f=2Hz，那么，若波源S向接收器靠近，接收器接收到的頻率將大于2Hz，故E正確．16、A:C【分析】【詳解】

AB．根據牛頓第三定律可知A對B的作用力與B對A的作用力，等大反向，同時變化，而沖量所以沖量大小相等，A正確B錯誤．

CD．因為發生的是彈性碰撞，沒有能量損失，A減少的動能等于B增加的動能，而動能改變等于合外力的功，所以A球對B球所做功和B球對A球所做功相等，C正確D錯誤．三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【詳解】

第一空.由題中I－U圖像可知：遏止電壓Uc=2V，即Ekm=eUc=3.2×10-19J。

第二空.由光電效應方程Ekm=hv－W0解得W0=hv－Ekm=3eV=4.8×10-19J.【解析】3.2×10－194.8×10－1918、略

【分析】帶電粒子未發生偏轉則所以只改變該粒子的電性，粒子所受的電場力和洛倫茲力方向改變，但大小不變以，所以不會發生偏轉【解析】不會19、略

【分析】【詳解】

[1]由題平行板電容器的電荷量減少

電壓降低

則μF

[2]電容反應電容器本身的特性，電容器極板上的電荷全部放掉電容器的電容不變，仍為150μF?！窘馕觥?0、略

【分析】【分析】

振動圖像描述的是一個質點在不同時刻離開平衡位置的位移；波的圖像描述的是同一時刻各個質點的位移.

【詳解】

振動圖像描述的是一個質點在不同時刻離開平衡位置的位移，則圖像b是振動圖像；圖a是波的圖像；物理意義是同一時刻各個質點的位移(或者相對平衡位置的位移)．

【點睛】

本題要理解振動圖象和波動圖象各自的物理意義；知道振動圖像是“照相機”；波的圖像是“錄像機”.【解析】b同一時刻各個質點的位移(或者相對平衡位置的位移)21、略

【分析】【分析】

兩次磁鐵的起始和終止位置相同；知磁通量的變化量相同，應用法拉第電磁感應定律比較感應電動勢的大?。?/p>

【詳解】

條形磁鐵從同樣高度插到線圈中同樣的位置處，磁通量的變化量△Φ相同，第一次快插，第二次慢插，△t1＜△t2，由法拉第電磁感應定律：可知，感應電動勢：E1＞E2．

【點睛】

知道磁通量的變化量相等、應用法拉第電磁感應定律即可正確解題．【解析】大于22、略

【分析】【詳解】

光子無靜止的質量，撞過程中動量守恒，則電子對撞過程中的質量虧損為．由愛因斯坦質能方程中電子對撞放出的能量為根據能量守恒得，每個光子的能量為又聯立得到，光子的頻率【解析】守恒四、作圖題(共3題，共6分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．