…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版選擇性必修1物理下冊階段測試試卷108考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、一列橫波沿x軸負方向傳播；某時刻的波形如圖所示，則（）

A.質點F此時向x軸負方向運動B.質點C此時向y軸正方向運動C.質點C將比質點B先回到平衡位置D.質點E的振幅為零2、如圖所示，一定強度的一束復色光沿半徑方向入射到半圓形玻璃磚的圓心點，經過玻璃磚后有三束光射出；下列說法錯誤的是（）

A.光折射率比光折射率小B.光比光更容易發生明顯的衍射現象C.入射光的入射角從零開始增大，光比光先消失D.在真空中光的波長比光的短3、我國女子短道速滑隊在2013年世錦賽上實現女子3000m接力三連冠．觀察發現；“接棒”的運動員甲提前站在“交棒”的運動員乙前面，并且開始向前滑行，待乙追上甲時，乙猛推甲一把，使甲獲得更大的速度向前沖出．在乙推甲的過程中，忽略運動員與冰面間在水平方向上的相互作用，則（）

A.甲對乙的沖量一定等于乙對甲的沖量B.甲、乙的動量變化一定大小相等方向相反C.甲的動能增加量一定等于乙的動能減少量D.甲對乙做多少負功，乙對甲就一定做多少正功4、甲同學在辦公室外奔跑過程中突然與從辦公室出來的乙同學發生碰撞；碰撞前乙已處于靜止狀態，甲本能的伸直雙手對乙施加推力的同時手向胸口收，手收至胸口時甲乙恰好共速。碰撞過程若能忽略兩者與地面間在水平方向上的相互作用，則（）

A.甲的本能反應減少了甲對乙的沖量B.甲對乙的沖量與乙對甲的沖量相同C.甲的動能減少量等于乙的動能增加量D.甲對乙做的功小于乙對甲做的功5、在同一地方，甲、乙兩個單擺做振幅不同的簡諧運動，其振動圖像如圖所示，可知甲、乙兩個單擺的擺長之比為（）

A.2：3B.3：2C.4：9D.9：46、如圖所示為某質點在0～4s內的振動圖像；則（）

A.質點振動的振幅是2m，質點振動的頻率為4HzB.質點在4s末的位移為8mC.質點在4s內的路程為8mD.質點在t=1s到t=3s的時間內，速度先沿x軸正方向后沿x軸負方向，且速度先增大后減小評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、關于光學的相關知識，下列說法正確的是________。A.分別用藍光和紅光在同一裝置上做雙縫干涉實驗，藍光的條紋間距寬B.光纖通信利用了光的全反射的原理C.肥皂泡呈現彩色條紋是由光的折射現象造成的E.醫學上用激光做“光刀”來進行于術，主要是利用了激光的方向性好、能量大的特點E.醫學上用激光做“光刀”來進行于術，主要是利用了激光的方向性好、能量大的特點8、甲為一列簡諧橫波在t=0時的波形圖，圖乙為介質中平衡位置在x=1m處的質點P的振動圖像。下列說法正確的是___________。

A.該波沿x軸負方向傳播B.該波的傳播速度為5×10-2m/sC.0~10s內，P運動的路程為0.5mE.0~10s內，P沿x軸負方向移動了5mE.0~10s內，P沿x軸負方向移動了5m9、圖甲為沿軸傳播的一列簡諧橫波在時刻的波形圖，并已知波源的起振方向為軸負方向．時刻在坐標原點與之間第一次形成圖甲所示波形，圖乙為平衡位置在處的質點的振動圖像．則下列說法正確的是（）

A.該波沿軸的正方向傳播B.該波沿軸的負方向傳播C.時刻波剛好傳播到位置D.在到的時間內，處的質點走過的路程為10、如圖，空氣中有兩塊材質不同、上下表面平行的透明玻璃板平行放置；一細光束從空氣中以某一角度（）入射到第一塊玻璃板的上表面。下列說法正確的是（）

A.在第二塊玻璃板下表面一定沒有出射光B.第二塊玻璃板下表面的出射光方向一定與入射光方向平行C.第二塊玻璃板下表面的出射光一定在入射光延長線的左側D.第一塊玻璃板下表面的出射光線一定在入射光延長線的右側11、運動的物體的質量比為2:1,則：()A.當它們的動能相同時，動量之比P甲∶P乙=2:1；B.當它們的動能相同時，動量之比P甲∶P乙=1；C.當它們的動量相同時，它們的動能之比Ek甲∶Ek乙=2:1;D.當它們的動量相同時，它們的動能之比Ek甲∶Ek乙=1:212、下列屬于反沖運動的是（）A.汽車運動B.直升機運動C.火箭的運動D.反擊式水輪機的運動13、一列簡諧波沿軸正方向傳播，傳播速度為時刻的波形圖如圖所示；下列說法正確的是（）

A.時刻處的質點振動方向沿軸正方向B.在時間內處的質點運動的路程為C.處的質點經過第一次到達波峰E.處質點的振動方程為E.處質點的振動方程為14、如圖所示，a、b兩列沿x軸傳播的簡諧橫波，t=0s時刻的波形如圖所示，兩列波傳播的速度大小均為v=2m/s。a波的振幅為2cm，沿x軸正向傳播，b波的振幅為1cm，沿x軸負向傳播；下列說法中正確的是（）

A.x=1m處的質點的振幅為1cmB.t=0.5s時刻，x=2m處的質點位移為-3cmC.t=0.5s時刻，x=1m處的質點向y軸負方向振動D.t=1.0s時刻，x=2m處的質點位移大小等于3cm評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、一列簡諧橫波波長為其波源處質點的振動圖像如圖所示，由此可知該列波的傳播速度大小為__________時間內波源處質點運動的路程為__________時刻離波源處的媒質質點的振動方向沿軸___________方向（選填“正”或“負”）

16、如圖所示為一彈簧振子的振動圖象，該振子簡諧運動的表達式為______，該振子在前100s的路程是______cm。

17、如圖，一彈簧振子在A、B間做簡諧運動，平衡位置為O，已知振子的質量為M。

（1）簡諧運動的能量取決于_________，本題中物體振動時_________能和__________能相互轉化，總_________守恒。

（2）關于振子的振動過程有以下說法，其中正確的是()

A.振子在平衡位置；動能最大，勢能最小。

B.振子在最大位移處；勢能最大，動能最小。

C.振子在向平衡位置運動時；由于振子振幅減小，故總機械能減小。

D.在任意時刻，動能與勢能之和保持不變18、冰球運動員甲的質量為當他以的速度向前運動時，與另一質量為速度大小為的迎面而來的運動員乙相撞。碰后甲恰好靜止。假設碰撞時間極短，則碰后乙的速度的大小為__________m/s；甲、乙碰撞過程中總機械能的損失__________J。19、反沖現象規律：反沖運動中，相互作用力一般較______，滿足______。20、如圖是半圓形玻璃磚截面，A是半圓弧上一點，O是圓心，BC是直徑。一束復色光沿AO方向入射，經BC折射后分成a、b兩束，光束a與BC面的夾角為45°。光束b與BC面的夾角為30°，則光束a、b在玻璃磚中從A到O的傳播時間之比為________，臨界角的正弦值之比為________；當用a、b兩束光分別照射同一縫干涉裝置的雙縫時，光束________形成的干涉條紋間距較大。

21、兩列振動方向、___________及其他振動情況相同的波疊加后將發生干涉現象。而波能繞過障礙物繼續傳播的現象叫做波的衍射，能觀察到明顯衍射現象的條件是障礙物的尺寸與___________相比差不多或更小。評卷人得分四、作圖題(共1題，共3分)22、O點是彈簧振子的平衡位置，在圖上標出振子在B點的振動位移和在A點的加速度。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共40分)23、某同學利用圖1所示裝置進行“用單擺測量重力加速度"的實驗。

（1）該同學用辦標卡尺測量擺球直徑時的示數如圖2所示，其示數為___________cm；

（2）下列關于本實驗的操作說法中，錯誤的是（______）；

A．擺線要選擇細些且伸縮性小些的。

B．擺球盡量選擇質量大些且體積小些的。

C．應控制擺球在豎直面內擺動。

D．應從擺球經過最高點開始計時。

（3）下列情形中，會使重力加速度的測量值比當地的實際值偏小的是（______）；

A．擺球質量過大。

B．擺動中；擺線上端松動。

C．計時開始時；未及時按下秒表。

D．誤將50次全振動記錄為49次。

（4）該同學改變擺長L，測出周期T，得到多組數據后，作出的L-T圖線如圖3所示，按取9.86計算，則根據圖線可求得當地的重力加速度g=___________m/s2；

（5）另一同學作出的L-T2圖線如圖4所示，據此判斷該同學在實驗中可能出現的一處失誤是___________24、某同學用圖甲裝置在做“探究碰撞中的不變量”實驗時，入射小球和被碰小球的質量關系為實驗后，兩小球在記錄紙上留下三處落點痕跡如圖乙所示。他將米尺的零刻線與O點對齊，測量出O點到三處平均落地點的距離分別為OA、OB、OC，該同學通過測量和計算發現，兩小球在碰撞前后動量守恒，機械能有損失。由此可以判斷出圖乙中的B點是___________

A.未放被碰小球；入射小球的落地點。

B.入射小球碰撞后的落地點。

C.被碰小球碰撞后的落地點25、在“測定玻璃的折射率”實驗中。

（1）下列給出的實驗器材中，本實驗不需要用到的有______。

A.B.C.D.

（2）另外一同學在用插針法測定矩形玻璃磚的折射率的實驗中，在紙上畫出的界面aa'、bb'與玻璃磚位置的關系如圖所示，他們的其他操作均正確，且均以ad'、bb'為界面畫光路圖，測得的折射率與真實值相比______（填“偏大“偏小”或“不變”）。

26、某同學做“驗證碰撞過程中的動量守恒”的實驗，實驗裝置如圖所示，曲面體與足夠長的長木板固定在水平面上，曲面體的曲面最底端與長木板左端上表面在P點平滑連接。

（1）該同學先將物塊A放在曲面上的Q點由靜止釋放，物塊A滑上長木板后，最后停在長木板上，測出物塊A在長木板上滑行的距離L；然后將物塊B放在長木板左端上表面，讓物塊A仍從Q點由靜止釋放，兩物塊在P點發生正碰，碰后物塊A、B均沿長木板向右滑行，最后停下時，測出A、B在長木板上滑行的距離分別為對實驗的要求，下列說法正確的是______.

A.物塊A的質量應大于物塊B的質量。

B.物塊A；B與長木板的動摩擦因數應相同。

C.曲面應盡可能的光滑。

D.Q點離木板的高度應適當大些。

（2）要驗證兩物體碰撞過程中的動量守恒，實驗還需要測量的物理量是______________（寫出物理量的名稱和符號），若表達式_________________成立，則A、B兩物塊碰撞過程中動量守恒得到驗證。評卷人得分六、解答題(共1題，共2分)27、一半徑為R的半圓形玻璃磚，橫截面如圖所示．已知玻璃的全反射臨界角r(r＜)．與玻璃磚的底平面成(－r)角度；且與玻璃磚橫截面平行的平行光射到玻璃磚的半圓柱面上．經柱面折射后；有部分光(包括與柱面相切的入射光)能直接從玻璃磚底面射出．若忽略經半圓柱內表面反射后射出的光，求底面透光部分的寬度。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A．因為機械波在傳播過程中，靠近波源的質點的振動帶動相鄰的后面質點的振動，而后面質點要“模仿”前面質點的振動，所以質點F向y軸負方向運動；A錯誤；

B．質點C此時剛到達最大位移處，速度為0，此后向y軸負方向運動；B錯誤；

C．質點B要先向y軸正方向運動到達波峰位置再回到平衡位置，而質點C直接從波峰位置回到平衡位置；C正確；

D．振幅指的是質點離開平衡位置的最大距離，雖然此時質點E的位移為零；但其振幅不為零，D錯誤。

故選C。2、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖可知光的偏折程度比和光小，所以光的折射率比光的小；選項A正確；

BD．在同種介質中折射率大的頻率高，由知頻率大的波長短，即在真空中光的波長比光的長，則光比光更容易發生明顯的衍射現象；選項B正確，D錯誤；

C．由可知，B光的臨界角大，若入射光的入射角從零開始增大，光比光先消失；選項C正確。

本題選錯誤的，故選D。3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．因為沖量是矢量；甲對已的作用力與乙對甲的作用力大小相等方向相反，故沖量大小相等方向相反，故A錯誤．

B．設甲乙兩運動員的質量分別為追上之前的瞬間甲、乙兩運動員的速度分別是．根據題意整個交接棒過程動量守恒：

可以解得：

即B選項正確；

CD．經歷了中間的完全非彈性碰撞過程會有動能損失；CD選項錯誤．

【點睛】

本題主要考察能量（做功正負判斷）、動量（動量定理、動量守恒）相關知識，結合彈性碰撞和非彈性碰撞的動量和能量關系展開討論．4、D【分析】【詳解】

A．甲的動量變化量未發生改變；因此甲的本能反應不能減少了甲對乙的沖量，故A錯誤；

B．沖量是矢量；有方向，因此甲對乙的沖量與乙對甲的沖量不相同，故B錯誤；

C．兩者的碰撞屬于完全非彈性碰撞；有能量損失，因此甲的動能減少量大于乙的動能增加量，故C錯誤；

D．從兩人剛接觸到共速過程中；乙對地的位移小于甲對地的位移，因此甲對乙做的功小于乙對甲做的功，故D正確。

故選D。5、C【分析】【詳解】

由振動圖像可知甲乙兩個單擺周期之比為T甲：T乙=0.8：1.2=2：3

根據單擺周期公式

可得

則甲、乙兩個單擺的擺長之比為L甲：L乙=T甲2：T乙2=4：9

故選C。6、C【分析】【詳解】

A．由圖象可知；質點振動的振幅是2m，周期為4s，則頻率為0.25Hz，A錯誤；

B．質點4s末在平衡位置；所以位移為0m，B錯誤；

C．由于質點振動的振幅是2m；質點在4s內剛好經歷一個周期，路程為8m，C正確；

D．質點在t=1s到t=3s的時間內；一直沿x軸負方向運動，速度先增大后減小，D錯誤。

故選C。二、多選題(共8題，共16分)7、B:D:E【分析】【詳解】

A．條紋的間距紅光比藍光的波長長，條紋間距寬，A錯誤；

B．光纖通信利用光的全反射原理；B正確；

C．肥皂泡呈現彩色條紋是薄膜干涉的結果；C錯誤；

D．全息照相利用激光的相干性；干涉成像原理，D正確；

E．激光刀利用了激光的高能量和亮度高的特點；E正確。

故選BDE。8、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．平衡位置在x=1m處的質點P在t=0時刻向上振動，由“同側法”可知，該波沿x軸負方向傳播；A正確；

B．由甲圖可知，波長由乙圖可知，周期可得，波速為

B錯誤；

C．0~10s內，P運動的時間為每個周期路程4A；故路程為0.5m，C正確；

D．0時刻P從平衡位置向上振動，t=10s時，P向下經過平衡位置，故沿y軸負方向通過平衡位置；D正確；

E．質點只會在平衡位置上下振動；不會隨波遷移，E錯誤。

故選ACD。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．由題圖乙可知時刻，質點在平衡位置，且沿軸負向運動，再結合題圖甲可知波沿軸的負方向傳播；故A錯誤，B正確；

C．坐標原點與之間第一次形成題圖甲所示波形，根據波沿軸的負方向傳播可得，時刻波剛好傳播到位置；故C正確；

D．由題圖甲可得波長由題圖乙可得周期故波速。

時刻，波剛好傳播到位置，那么，波剛好傳播到處的時間為。

則在到的時間內，處的質點振動時間為。

故該質點運動路程為。

故D錯誤。

故選BC。10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據題意作出光路圖；如下圖所示，顯然光在玻璃板中的折射角一定小于入射角，因此光不可能在玻璃板中發生全反射現象，即在第一塊；第二塊玻璃板下表面一定有出射光，故A錯誤；

B．分析可知出射光線一定平行于入射光線；故B正確；

C．由光路圖可知第二塊玻璃板下表面的出射光一定在入射光延長線的左側；故C正確；

D．第一塊玻璃板下表面的出射光線一定在入射光延長線的左側；故D錯誤。

故選BC。11、B:D【分析】【詳解】

AB．動能與動量的關系：Ek=P=

當它們的動能相同時，動量之比P甲∶P乙=1

故A錯誤，B正確；

CD．根據動能與動量的關系：Ek=

當它們的動量相同時，它們的動能之比Ek甲∶Ek乙=1:2

故C錯誤；D正確．

故選BD.12、C:D【分析】【詳解】

反沖現象是一個物體或一個整體分裂成兩部分；兩部分朝相反的方向運動的現象。

A．汽車是利用燃燒燃料獲得向前的牽引力從而使汽車前進的；不屬于反沖，故A錯誤；

B．直升機是利用的空氣的浮力而使飛機上升的；不屬于反沖，B錯誤；

C．火箭的運動是利用噴氣的方式而獲得動力；利用了反沖運動，C正確；

D．反擊式水輪機是利用了水的反沖作用而獲得動力；屬于反沖運動，D正確。

故選CD。13、A:B:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．根據波的傳播方向和質點的振動方向的關系可得，時刻處的質點振動方向沿軸正方向；故A正確；

B．波的傳播的振動周期為。

所以在時間內處的質點運動的路程為兩個振幅；即0.4m，故B正確；

C．波傳播到還需要兩個周期；即0.24s，則。

根據波的傳播方向和質點的振動方向的關系可得，經過0.33s，處的質點第一次到達波峰；故C正確；

D．處于處相差3m；即。

所以當處質點位于波峰時，處質點恰好位于波谷；故D錯誤；

E．由圖像可以求出，處質點的振動方程為。

處質點初相位是處的3倍，所以處質點的振動方程為。

故E正確。

關系ABCE。14、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．t=0時刻，x=1m處為波峰和波谷相遇，故干涉減弱，那么，質點振幅

A正確；

B．由圖可得：兩波波長均為λ=4m，故兩波的周期均為

t=0.5s時刻，根據波的傳播方向及波速可得：a波波峰，b波波峰傳播到x=2m處，故x=2m處質點的位移為

B錯誤；

C．t=0.5s時刻，根據波的傳播方向及波速可得：a、b波平衡位置傳播到x=1m處，且a波向下振動，b波向上振動，根據兩波振幅可得：x=1m處質點向下振動；C正確；

D．t=1s時刻，根據波的傳播方向及波速可得：a、b波平衡位置傳播到x=2m處，故x=2m處質點的位移為0；D錯誤。

故選AC。三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]該列波的傳播速度大小為

[2]時間內，即半個周期內，波源處質點運動的路程為2A=8cm=0.08m

[3]時刻波源在最低點，則離波源處的媒質質點的振動方向沿軸負方向。【解析】①.0.5②.0.08③.負16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖像可知

可知，振子簡諧運動的表達式為

代入數據，得x=5sintcm

[2]該振子在前100s的周期數為

一個周期內路程為

故該振子在前100s的路程是【解析】x=5sintcm500cm17、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2][3][4]簡諧運動的能量取決于振幅；本題中物體振動時動能和彈性勢能相互轉化，總機械能守恒。

（2）[5]D．在任意時刻只有系統內彈簧的彈力做功；則機械能守恒，故D正確；

A．振子在平衡位置；速度最大，動能最大，是能最小，故A正確；

B．振子在最大位移處；彈簧形變量最大，勢能最大，動能最小，故B正確；

C．振幅的大小與振動過程中振子的位置無關；故C錯誤。

故選ABD。【解析】振幅動彈性勢機械能ABD##ADB##BAD##BDA##DAB##DBA18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]以甲運動方向為正方向，根據碰撞過程中動量守恒可得

解得

[2]甲、乙碰撞過程中總機械能的損失【解析】1140019、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.大②.動量守恒定律20、略

【分析】【詳解】

[1]光束a、b在玻璃磚中的折射率

由

可得

由光束a、b在玻璃磚中的折射率

解得光束a、b在玻璃磚中的速度之比

光束a、b在玻璃磚中從A到O的傳播時間

則光束a、b在玻璃磚中從A到O的傳播時間之比為

[2]由光束a、b在玻璃磚中的臨界角的正弦值為

所以光束a、b在玻璃磚中的臨界角的正弦值之比為

[3]由可知

根據可知，a的干涉條紋間距較大。【解析】a21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]兩列振動方向；頻率及其他振動情況相同的波疊加后將發生干涉現象；

[2]而波能繞過障礙物繼續傳播的現象叫做波的衍射，能觀察到明顯衍射現象的條件是障礙物（或小孔、狹縫等）的尺寸與波長相差不多或比波長小。【解析】①.頻率②.波長四、作圖題(共1題，共3分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

彈簧振子的位移由平衡位置指向振子的方向；加速度指向平衡位置，如圖。

【解析】五、實驗題(共4題，共40分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]根據游標卡尺的讀數規則；可知，小球的直徑為。

（2）[2]A．為了減小實驗誤差；擺線要選擇細些且伸縮性小些的，A不符合題意；

B．為了減小實驗誤差；擺球盡量選擇質量大些且體積小些的，B不符合題意；

C．為了減小實驗誤差；應控制擺球在豎直面內擺動，C不符合題意；

D．為了減小實驗誤差；應從擺球經過最低點開始計時，D符合題意。

故選D。

（3）[3]根據單擺的周期公式；即。

可得重力加速度為。

A．當擺球質量過大；其它準確的情況下，不影響重力加速度的大小，A錯誤；

B．擺動中；擺線上端松動，導致擺長增大，測量值大于實際值，B錯誤；

C．計時開始時；未及時按下秒表，導致周期變小，測量值大于實際值，C錯誤；

D．誤將50次全振動記錄為49次；導致周期變大，測量值小于實際值，D正確。

故選D。

（4）[4]根據單擺的周期公式；即。

可得。

由數學知識可知，L-T圖線的斜率為。

代入數據；可得。

（5）[5]根據單擺的周期公式；即。

可得。

由圖線可知，有橫截距，故可能出現了擺長少加了球的半徑失誤。【解析】0.25DD9.86擺長少加了球的半徑24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]若入射小球和