…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、一定質量的理想氣體經過一系列變化過程；如圖所示，下列說法中正確的是（）

A.a→b過程中，氣體體積變小，溫度降低B.b→c過程中，氣體溫度不變，體積變小C.c→a過程中，氣體體積變小，壓強增大D.c→a過程中，氣體壓強增大，體積變小2、下列說法正確的是（）A.溫度低的物體內能一定小B.溫度低的物體分子運動的平均速率小C.溫度升高，分子熱運動的平均動能一定增大，但并非所有分子的速率都增大D.分子距離增大，分子勢能一定增大3、如圖所示，質量為m的A球以速度v0在光滑水平面上運動，與原靜止的質量為4m的B球碰撞，碰撞后A球以v=av0(待定系數a<1)的速率彈回，并與擋板P發生完全彈性碰撞，若要使A球能追上B球再相撞，則a的取值范圍為（）

A.aB.aC.aD.a4、在α粒子散射實驗中，使少數α粒子發生大角度偏轉的作用力應屬于()A.萬有引力B.庫侖力C.安培力D.洛倫茲力5、以下說法正確的是（）A.比結合能越大的原子，其結合能就越大，原子核越穩定B.盧瑟福核式結構模型可以很好地解釋原子的穩定性C.在核反應堆的鈾棒之間插入鎘棒是為了控制核反應速度D.盧瑟福的α粒子散射實驗證實了其提出的核式結構的正確性。評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、關于電源電動勢，下列說法中正確的是（）A.電源電動勢與是否接外電路無關B.電源電動勢就是電源兩極間的電壓C.電源電動勢的大小反映的是電源單位時間內傳送電荷量的多少D.電源電動勢的大小反映的是把其他形式的能轉化為電能的本領的大小7、圖是通過變壓器降壓給用戶供電的示意圖．負載變化時變壓器輸入電壓基本保持不變．輸出電壓通過輸電線輸送給用戶，輸電線的電阻用R0表示；開關S閉合后，相當于接入電路中工作的用電器增加．如果變壓器上的能量損失可以忽略，則開關S閉合后，以下說法正確的是。

A.電表V1示數與V2示數的比值不變B.電表A1示數不變，A2示數增大C.輸電線的電阻R0消耗的功率增大D.流過電阻R1的電流減小8、(多選)在如圖所示電路中，R1是定值電阻，R2是滑動變阻器，閉合開關S，當R2的滑動觸片P向下滑動時，四個理想電表的示數都發生變化，電流表、電壓表的示數分別用I、U1、U2、U3表示，它們示數變化量的大小分別用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示。則下列說法中正確的是（??）

A.不變，不變B.變大，變大C.變大，不變D.變大，不變9、電熱水器金屬內膽出水口加接一段曲長管道；在電熱水器漏電且接地線失效時，能形成“防電墻”，保障人的安全。如圖所示，當熱水器漏電且接地線失效時，其金屬內膽與大地間電壓為220V，由于曲長管道中水具有電阻（簡稱“隔電電阻”），因而人體兩端的電壓不高于12V，下列說法正確的是（）

A.曲長管道應選用導電性能好的材料制成B.曲長管道應選用不易導電的材料制成C.“隔電電阻”大于“人體電阻”，且兩者串聯D.熱水器漏電且接地線失效時，“防電墻”使人體內無電流通過10、下列說法正確的是（）A.氣體擴散現象表明氣體分子間存在斥力B.熱量總是自發地從分子動能大的物體傳遞到分子動能小的物體C.自然發生的熱傳遞過程是向著分子熱運動無序性增大的方向進行的D.液體表面層分子間距離小于液體內部分子間距離，所以液體表面存在表面張力11、一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖如圖中實線所示，t=時的波形圖如圖中虛線所示，若波傳播的速度v=8m/s；下列說法正確的是（）

E.x=2m處的質點的位移表達式為A.這列波的周期為0.4sB.這列波沿x軸負方向傳播C.t=0時刻質點a沿y軸負方向運動D.從t=0時刻開始質點a經0.25s通過的路程為0.4m12、a、b兩種單色光以相同的入射角從某種介質射向空氣，光路如圖所示，則下列說法正確的是()

A.介質對a光的折射率小于對b光的折射率B.在該介質中b光的傳播速度小于a光的傳播速度C.逐漸增大入射角的過程中，a光先發生全反射D.a光從空氣進入玻璃的時候也能發生全反射評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)13、某日中午，我區的氣溫達到30℃，空氣的相對濕度為60%，將一瓶水倒去一部分，擰緊瓶蓋后的一小段時間內，單位時間內進入水中的分子數_______（選填“多于”“少于”或“等于”）從水面飛出的分子數；天氣預報夜里的氣溫要降到20℃，那么空氣中的水蒸氣______（選填“會”或“不會”）成為飽和汽。（已知30℃時空氣的飽和汽壓為20℃時空氣的飽和汽壓為）14、（1）用游標卡尺測量某鋼管的外徑，某次游標卡尺（主尺的最小分度為1mm）的示數如圖1所示，其讀數為_____cm。

（2）如圖2所示，螺旋測微器測出的某物件的寬度是_____mm。

15、雙桶洗衣機的脫水桶電機是由一個定時開關和一個桶蓋控制開關組成，當定時開關合上時；只要打開桶蓋，電機就被關閉。

(1)如圖所示中哪個電路圖能滿足上述的要求？()

(2)根據以上羅列的控制條件和控制結果的情況，寫出它的真值表，并畫出用門電路符號表示的邏輯電路圖__________。16、如圖為簡易測溫裝置，玻璃管中一小段水銀封閉了燒瓶內一定質量的氣體，當外界溫度升高時，瓶內氣體的密度_____________（選填“不變”“增大”或“減小”），瓶內氣體分子的平均動能________（選填“增大”或“減小”）。

17、等壓變化：一定質量的某種氣體，在______不變時，體積隨溫度變化的過程。18、一定量的理想氣體的p－V圖像如圖所示，氣體狀態經歷了A→B→C變化過程，A、B、C三個狀態的有關參量如圖所示，則氣體在狀態C的內能______________氣體在狀態A的內能（填“>”、“<”或“＝”），在A→B→C過程中，氣體需____________（填“吸熱”或“放熱”），它與外界交換的熱量的絕對值為_____________J。19、一定質量的理想氣體從初狀態A分別經不同過程到達末狀態B、C、D，它們的PV圖象如圖所示．其中AB是等容過程，AC是等溫過程，AD是等壓過程．則內能減小的過程是________(選填“AB”“AC”或“AD”)；氣體從外界吸收熱量的過程是________(選填“AB”“AC”或“AD”)．20、如圖所示，一束激光頻率為傳播方向正對衛星飛行方向，已知真空中光速為c，衛星速度為u，則衛星上觀測到激光的傳播速度是______，衛星接收到激光的頻率______（選填“大于”“等于”或“小于”）。

21、如圖所示，在光滑的水平面上放置一質量為m的小車，小車上有一半徑為R的光滑的弧形軌道，設有一質量為m的小球，以v0的速度，方向水平向左沿圓弧軌道向上滑動，達到某一高度h后，又沿軌道下滑，試求h=______，小球剛離開軌道時的速度為______．評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共14分)25、某同學在“用單擺測定重力加速度”的實驗中進行了如下的實踐和探究：

（1）用游標卡尺測量擺球直徑d，如右圖所示，則擺球直徑為_____cm，測量單擺擺長為l；

（2）用秒表測量單擺的周期．當單擺擺動穩定且到達最低點時開始計時并記為0，單擺每經過最低點記一次數，當數到n=60時秒表的示數如右圖所示，秒表讀數為______s，則該單擺的周期是T=______s（保留三位有效數字）；

（3）將測量數據帶入公式g=_____（用T、l表示），得到的測量結果與真實的重力加速度值比較，發現測量結果偏大，可能的原因是_____；

A.誤將59次數成了60次

B.在未懸掛單擺之前先測定好擺長

C.將擺線長當成了擺長

D.將擺線長和球的直徑之和當成了擺長

（4）該同學糾正了之前的錯誤操作，嘗試測量不同擺長l對應的單擺周期T，并在坐標紙上畫出T2與l的關系圖線，如圖所示．由圖線計算出的重力加速度的值g=_____m/s2，（保留3位有效數字）26、某同學在做“探究單擺周期與擺長的關系”的實驗中，分別用兩種儀器來測量擺球直徑，操作如圖1所示，得到擺球的直徑為d=19.12mm，此測量數據是選用了儀器__（選填“甲”或“乙”）測量得到的．

該同學先用米尺測得擺線的長度，再采用上題中的方法測得擺球直徑，他通過改變擺長，進行多次實驗后以擺長L為橫坐標，T為縱坐標，作出圖線，若該同學在計算擺長時加的是小球直徑，則所畫圖線是圖2中是__．（填“A”、“B”或者“C”）

評卷人得分六、解答題(共3題，共30分)27、如圖所示；用水銀柱封閉了一定質量的氣體．當給封閉氣體緩慢加熱時能看到什么現象？說明了什么？

28、兩根足夠長的光滑平行金屬軌道MN、PQ固定在傾角為θ的絕緣斜面上，相距為L，其電阻不計．長度為L、電阻為R的金屬導體棒ab垂直于MN、PQ放在軌道上，與軌道接觸良好．整個裝置處于磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場方向垂直于斜面向上．

如圖1所示，若在軌道端點M、P之間接有阻值為R的電阻，則導體棒最終以速度v1沿軌道向下勻速運動；如圖2所示，若在軌道端點M、P之間接有電動勢為E，內阻為R的直流電源，則導體棒ab最終以某一速度沿軌道向上勻速運動．

（1）求圖1導體棒ab最終勻速運動時電流的大小和方向以及導體棒ab兩端的電勢差；

（2）求圖2導體棒ab最終沿軌道向上勻速運動的速度v2；

（3）從微觀角度看，導體棒ab中的自由電荷所受洛倫茲力在能量轉化中起著重要作用．我們知道，洛倫茲力對運動電荷不做功．那么，導體棒ab中的自由電荷所受洛倫茲力是如何在能量轉化過程中起到作用的呢？請以圖1導體棒ab最終勻速運動為例，通過計算分析說明．為了方便，可認為導體棒中的自由電荷為正電荷，如圖3所示．29、如圖所示，設電子剛剛離開金屬絲時的速度可忽略不計，經加速電場加速后，沿平行于板面的方向射入偏轉電場，并從另一側射出．已知電子質量為m，電荷量為e，加速電場電壓為U0．偏轉電場可看做勻強電場；極板間電壓為U，極板長度為L，板間距為d，不計電子所受重力．求：

（1）電子射入偏轉電場時初速度的大小；

（2）電子從偏轉電場射出時沿垂直板面方向的偏轉距離y；

（3）電子從偏轉電場射出時速度的大小和方向．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【詳解】

A．過程中氣體的壓強保持不變，即氣體發生等壓變化，根據蓋呂薩克定律可知氣體體積變小；溫度降低，故A正確；

B．過程中，氣體溫度不變，即氣體發生等溫變化，根據玻意耳定律可知壓強減??；體積增大，故B錯誤；

CD．過程中，由圖可知與成正比，則氣體發生等容變化，根據查理定律可知壓強增大；溫度升高，故C；D錯誤；

故選A。2、C【分析】【詳解】

A．溫度低的物體分子平均動能小，但如果物質的量大，則內能也可能大，故A不符合題意；

B．溫度是分子平均動能的標志，溫度低的物體若分子的質量小，平均速率不一定小，故B不符合題意；

C．溫度是分子平均動能的標志；是大量分子運動的統計規律。溫度升高，分子熱運動的平均動能一定增大，但并非所有分子的速率都增大，故C符合題意；

D．分子距離增大；分子勢能可能增大，也可能減小，故D不符合題意。

故選C。3、D【分析】【詳解】

A、B、碰撞過程動量守恒，以方向為正方向有A與擋板P碰撞后能追上B發生再碰撞的條件是解得碰撞過程中損失的機械能解得故D正確；故選D．

【點睛】本題考查了動量守恒和能量守恒的綜合運用，要抓住碰后A的速度大于B的速度，以及有機械能損失大于等于零進行求解．4、B【分析】【詳解】

α粒子和電子之間有相互作用力,它們接近時就有庫侖引力作用,但因為電子的質量只有α粒子質量的1/7300,粒子與電子碰撞就像一顆子彈與一個灰塵碰撞一樣α粒子質量大,其運動方向幾乎不改變,能讓α發生偏轉的是原子核對α產生的庫侖力，故B正確；ACD錯誤；故選B5、C【分析】【詳解】

比結合能用于表示原子核結合松緊程度，比結合能越大，原子核越穩定，但是比結合能越大的原子，其結合能不一定就越大，選項A錯誤；盧瑟福的α粒子散射實驗說明（1）原子中絕大部分是空的；（2）α粒子受到較大的庫侖力作用；（3）α粒子在原子中碰到了比他質量大得多的東西，否定了湯姆孫關于原子結構的“西瓜模型”，但也不能說明原子內部存在帶負電的電子，也不能解釋原子的穩定性，故B錯誤。在核反應堆的鈾棒之間插入鎘棒，可以吸收中子，控制反應速度，故C正確。盧瑟福的α粒子散射實驗是原子的核式結構理論的基礎，但是不能證實核式結構的正確性，選項D錯誤；故選C。二、多選題(共7題，共14分)6、A:D【分析】電動勢由電源本身的特性決定，與外電路的結構無關，A正確；電壓與電動勢不同，電動勢在數值上等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓，B錯誤；電源是把其他形式的能轉化為電能的裝置，電動勢表征電源把其他形式的能轉化為電能的本領大小，C錯誤D正確．7、A:C:D【分析】【分析】

根據電壓和匝數成正比可求出副線圈的電壓；在根據電路中的串并聯關系可以知道電流及功率的變化狀況．

【詳解】

A；因為輸入電壓幾乎不變；原副線圈的電壓比等于匝數之比，所以比值不變，故A對；

B、因為輸入電壓幾乎不變，原副線圈的電壓比等于匝數之比，則副線圈的電壓幾乎不變，閉合開關后，負載增加，副線圈總電阻減小，副線圈電壓不變，則副線圈電流增大，即A2示數增大，原副線圈電流之比等于匝數之反比，所以電表A1示數也增大；故B錯；

C、由于A2示數增大，所以流過輸電線的電阻R0的電流增大，根據則輸電線的電阻R0消耗的功率增大；故C對；

D、閉合開關，電壓表V2示數不變，副線圈電流增大，R0兩端電壓增大，根據串聯分壓得R1兩端電壓減小，所以流過電阻R1的電流減?。还蔇對；

故選ACD

【點睛】

電壓是前決定后，電流是后決定前，并且前后功率相等．8、A:C:D【分析】【詳解】

當滑動變阻器觸頭P向下滑動時，接入電路中的電阻變大，電路中的總電阻變大，則電路中總電流I變小。

A．R1為定值電阻，則

不變；故A正確；

BC．根據=R2

因為滑動變阻器接入電路中的電阻變大，則變大，由閉合電路歐姆定律可知U3=E-I（r+R1）

則得=r+R1

不變；故B錯誤，C正確；

D．根據=R1+R2

變大，由閉合電路歐姆定律可知U1=E-Ir

則得=r

不變；故D正確。

故選ACD。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．要使人體兩端的電壓不高12V；漏電電流通過曲長管道時損失的電壓要足夠大，所以曲長管道應選用不易導電的材料制成，故A錯誤，B正確；

C．“隔電電阻”大于“人體電阻”；且兩者串聯，故C正確；

D．熱水器漏電且接地線失效時；“防電墻”可使人體內有很微弱的電流通過，不會造成人體觸電，保障人的安全，故D錯誤。

故選BC。10、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．擴散說明分子在做無規則運動；不能說明分子間的斥力，A錯誤；

B．熱量總是自發地從溫度高的物體傳遞到溫度低的物體；而溫度是分子平均動能的標志，所以熱量總是自發地從分子平均動能大的物體傳遞到分子平均動能減小的物體，但分子動能并非分子平均動能，B錯誤；

C．根據熱力學第二定律；自然發生的熱傳遞過程是向著分子熱運動無序性增大的方向進行的，C正確；

D．液體表面層分子間的距離大于液體內部分子間的距離；則液體表面分子間的作用表現為相互吸引，所以存在表面張力，D正確。

故選CD。11、B:C:D【分析】由圖讀出波長λ=4m，則波的周期為由題，波傳播的時間為t=s=根據波形的平移可知，波的傳播方向沿x軸負方向，故A錯誤，B正確。波x軸負方向傳播，由“上下坡法”可知t=0時，質點a沿y軸負方向運動。故C正確。從t=0時刻經0.25s時，由于t=0.25s=所以質點通過的路程等于2A=0.4m，故D正確。t=0時刻x=2m處的質點正向y軸負方向運動，其位移表達式為y=-Asint=-0.2sin（4πt）m．故E錯誤。故選BCD。

點睛：本題要理解波的圖象隨時間變化的規律．波在一個周期內傳播一個波長，波的圖象重合．利用波形的平移或上下坡法是研究波動圖象常用的方法．12、A:B【分析】【詳解】

AC.由圖知b光的折射率大，所以b光先發生全反射；A正確，C錯誤；

B.由公式知折射率大的速度小，所以在該介質中b光的傳播速度小于a光的傳播速度；故B正確；

D.從空氣進入玻璃是從光疏介質射入光密介質，不會發后全反射，故D錯誤．三、填空題(共9題，共18分)13、略

【分析】【詳解】

[1]末達到飽和蒸汽時；相同時間內回到水中的分子數小于從水面飛出的分子數。

[2]30℃時空氣的相對濕度

解得實際的空氣水氣壓強

故氣溫要降到20℃，空氣中的水蒸氣會成為飽和汽?！窘馕觥可儆跁?4、略

【分析】【分析】

解決本題的關鍵掌握螺旋測微器和游標卡尺的讀數方法；螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀，游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標尺讀數，不需估讀。

【詳解】

（1）[1]游標卡尺的主尺讀數為5.4cm，游標尺上第4個刻度與主尺刻度對齊，則游標尺讀數為

所以最終讀數為

（2）[2]螺旋測微器的固定刻度讀數為5.5mm，可動刻度讀數為

所以最終讀數為

【點睛】

螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀；游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標尺讀數，不需估讀，注意兩種儀器讀數的不同。【解析】5.445.69515、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]根據生活的經驗我們知道：只有當定時開關和桶蓋控制開關均合上時；脫水桶的電機才開始工作。

B中只有當閉合、斷開時，電機才工作，而均閉合時；電路發生短路；

C中為單刀雙擲開關，當扳向下邊時，電機工作，扳向上邊時；電路發生短路；

D中當同時扳向左邊或右邊時；電機工作。故BCD均不符合要求。

故選A。

(2)[2]電機是由兩個開關控制的，故門電路有兩個輸入端、一個輸出端。只有當A、B兩輸入端均為“1”狀態，輸出端Z才為“1”狀態；這是“與”的邏輯關系。其真值表如表所示，用門電路符號表示的邏輯電路圖如圖所示。

表。輸入ABZ000010100111【解析】A見解析16、略

【分析】【詳解】

[1][2]當外界溫度升高時，瓶內氣體體積增大，質量不變，瓶內氣體的密度減?。挥捎跓醾鬟f，瓶內氣體溫度升高，瓶內氣體分子的平均動能增大?！窘馕觥繙p小增大17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】壓強18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．由圖示圖象可知，在A、C兩狀態，氣體的pV相等；由理想氣體狀態方程可知，A；C兩狀態的溫度相等，則氣體在兩狀態的內能相等；

[2][3]．由圖示圖象可知；A→B過程為等壓過程，氣體體積減小，外界對氣體做功。

W=FL=pSL=p△V=1×105×（4-1）×10-3=300JB→C過程是等容變化，氣體不做功，在整個過程中，由熱力學第一定律△U=W+Q；可知。

Q=△U-W=0-300=-300J由此可知，在整個過程氣體對外放熱，放出的熱量為300J．【解析】＝放熱30019、略

【分析】【詳解】

從A到B，體積不變，壓強減小，則溫度降低，內能減小，因氣體不對外也不對內做功，則氣體放熱；從A到C，溫度不變，則內能不變；體積變大，對外做功，則吸收熱量；從A到D，體積變大，壓強不變，則溫度升高，內能增大，氣體對外做功，則吸收熱量；則氣體從外界吸收熱量的過程是AC和AD．【解析】ABAC和AD20、略

【分析】【詳解】

[1]根據光速不變原理，衛星上觀測到激光的傳播速度為c；

[2]因為激光和衛星是相向運動，依據多普勒效應可知，衛星接收到激光的頻率大于【解析】C大于21、略

【分析】【詳解】

小球從進入軌道；到上升到h高度時為過程第一階段，這一階段類似完全非彈性的碰撞，動能損失轉化為重力勢能（而不是熱能）．

小球到達最大高度h時；小球與小車的速度相同，在小球從滑上小車到上升到最大高度過程中，系統水平方向動量守恒，以水平向左方向為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得：

mv0=（m+m）v

系統的機械能守恒，則得：mv02=（m+m）v2+（m+m）gh

解得：h=

小球從進入到離開，整個過程屬彈性碰撞模型，又由于小球和車的等質量，由彈性碰撞規律可知，兩物體速度交換，故小球離開軌道時速度為零．【解析】0四、作圖題(共3題，共18分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共2題，共14分)25、略

【分析】【詳解】

（1）游標卡尺的主尺讀數為20mm,游標讀數為則最終讀數為20.6mm=2.06cm.

（2）秒表的讀數為60s+7.4s=67.4s,則周期

（3）根據解得：

A.誤將59次數成了60次，導致測量時周期T測小，根據可知g值測量值偏大；故A對；

B.在未懸掛單擺之前先測定好擺長，導致測量的擺長小于真實的擺長，根據可知g值偏小；故B錯。

C.將擺線長當成了擺長沒有加小球的半徑，導致測量的擺長偏小，根據可知g值偏??；故C錯；

D.將擺線長和球的直徑之和當成了擺長，導致測量的擺長變長，根據可知g值偏大；故D對；

故選AD

（4）根據可得：則在T2與l的關系圖線中，斜率代表

根據圖像可求出：

則

故本題答案是：（1）2.06cm；（2）67.4s；2.24s（3）AD（4）

【點睛】

游標卡尺的讀數等于主尺讀數加上游標讀數,不需估讀.秒表的讀數等于小盤讀數加上大盤讀數.

根據單擺的周期公式得出T與L的關系式,結合關系式得出圖象的斜率.

解決本題的關鍵掌握單擺測量重力加速度的原理,以及掌握游標卡尺和秒表的讀數方法,難度不大【解析】2.06cm；67.4s2.24sAD26、略

【分析】【詳解】

（1）圖甲是螺旋測微器，其最小分度是0.001mm，而乙為50分度的游標