…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙科版高一物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、下列情況中加點的物體；可以看作質點（）

A.研究從成都開往南京的一列火車的運行速度。

B.觀察汽車通過某一路標的時間。

C.研究劉翔跨欄時身體各部位的姿勢。

D.研究乒乓球的各種旋轉運動。

2、如圖所示，在光滑水平面上有一個小球a

以初速度V0

運動，同時刻在它正上方有一小球b

也以初V0

速度水平拋出，并落于O

點，在O

點正上方，與b

等高處有一小球c

也在同一時刻做自由落體運動，則(

)

A.小球a

先到達O

點B.小球b

先到達O

點C.三球同時到達O

點D.abc

三球能否同時到達不能確定3、【題文】如圖5所示，兩個方向相反的水平力F1和F2分別作用在物體B、C上，力的大小滿足F2＝2F1＝2F.物體A、B、C均處于靜止狀態，各接觸面與水平地面平行．物體A、C間的摩擦力大小為f1，物體B、C間的摩擦力大小為f2，物體C與地面間的摩擦力大小為f3；則()

A.f1＝F，f2＝F，f3＝0

B.f1＝0，f2＝F，f3＝F

C.f1＝F，f2＝0，f3＝0

D.f1＝0，f2＝F，f3＝2F4、一汽車通過拱形橋頂時速度為10m/s

車對橋頂的壓力為車重的34

如果要使汽車在橋頂對橋面沒有壓力，車速至少為(

)

A.20m/s

B.15m/s

C.25m/s

D.30m/s

5、如圖是伽利略1604

年做斜面實驗時的一頁手稿照片；照片左上角的三列數據如下表.

表中第二列是時間，第三列是物體沿斜面運動的距離，第一列是伽利略在分析實驗數據時添加的.

根據表中的數據，伽利略可以得出的結論是(

)

。11324213093298164526255824366119249716006482104A.物體具有慣性B.斜面傾角一定時，加速度與質量無關C.物體運動的距離與時間的平方成正比D.物體運動的加速度與重力加速度成正比評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、下列說法正確的是（）A.自轉中的地球能被當作質點B.牛頓第一定律說明力是改變物體運動狀態的原因C.千克、牛頓、米都是國際單位制的基本單位D.速度、加速度是用比值法定義的物理量7、如圖所示；小敏正在做雙腳跳臺階的健身運動。若忽略空氣阻力，小敏起跳后，下列說法正確的是。

(

)

A.上升過程處于超重狀態B.下降過程處于超重狀態C.上升過程處于失重狀態D.下降過程處于失重狀態8、物體以初速度v0

水平拋出，若不計空氣阻力，重力加速度為g

則當其豎直分位移與水平分位移相等時，以下說法中正確的是A.豎直分速度等于水平分速度B.瞬時速度大小為5v0

C.運動的時間為2v0g

D.運動的位移為dfrac{2sqrt{2}vrlap{^{2}}{_{0}}}{g}9、如圖中的圓abc

其圓心均在地球的自轉軸線上，對衛星環繞地球做勻速圓周運動而言(

)

A.衛星的軌道只可能為a

B.衛星的軌道可能為b

C.衛星的軌道可能為c

D.同步衛星的軌道一定為b

10、一個物體以v0=8m/s的初速度沿光滑斜面向上滑，加速度的大小為2m/s2，沖上最高點之后，又以相同的加速度往回運動，下列說法正確的是（）A.1s末的速度大小為6m/sB.2s內的位移大小是20mC.5s內的路程是17mD.8s內的平均速度是011、下列單位對應的物理量是矢量的有（）A.NB.m/s2C.sD.kg12、分子動理論較好地解釋了物質的宏觀熱力學性質.

據此可判斷下列說法中正確的是(

)

A.顯微鏡下觀察到墨水中的小炭粒在不停的作無規則運動，這反映了液體分子運動的無規則性B.分子間的相互作用力隨著分子間距離的增大，一定先減小后增大C.分子勢能隨著分子間距離的增大，可能先減小后增大D.在真空、高溫條件下，可以利用分子擴散向半導體材料摻入其它元素13、將一個物體用兩根等長的繩子OAOB

懸掛在半圓形的架子上，B

點固定不動，結點O

也不移動，懸點A

由位置C

向位置D

緩慢地移動(

如圖)

在此過程中OA

繩中張力將(

)

A.先減小，后增大B.先減小，后不變C.OA

與OC

成60鈭?

時張力最小D.OA

與OC

成30鈭?

時張力最小評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、某質點做勻變速直線運動，其位移與時間關系為s=10t+t2（m），則該質點3秒末的速度為____m/s；第3秒內的位移為____m．15、若用繩子將質量為l0kg的物體豎直向上拉，空氣阻力大小恒為10N，運動圖線如圖所示，則5s內拉力F做的總功為____J，克服重力做的總功為____J．

16、【題文】如圖所示，一個圓盤繞軸心O在水平面內勻速轉動，圓盤半徑R=0.4m，轉動角速度=15rad/s。則圓盤邊緣上A點的線速度大小v=__________m/s，向心加速度大小a=______m／s2。

17、如圖是小球做平拋運動的閃光照片，圖中每個小方格的邊長都是0.54cm．已知閃光頻率是30Hz，那么重力加速度g是______m/s2，小球的初速度是______m/s，小球通過A點時豎直方向的速率是______m/s．18、萬有引力定律的內容：自然界中任何兩個物體都相互______，引力的方向在______，引力的大小與______成正比、與它們之間距離r

的二次方成反比.

公式：______．評卷人得分四、實驗題(共4題，共28分)19、在“研究平拋運動”實驗中：（1）關于實驗操作，下列說法正確的是。A．固定軌道時斜槽末端可以是不水平的B．將斜槽末端槽口位置投影到坐標紙上，確定小球做平拋運動的拋出點OC．小球每次都應從斜槽上同一位置由靜止開始滑下D．要使描出的軌跡更好地反映真實運動，記錄的點應適當多一些（2）如圖所示，是一位同學通過實驗得到小球做平拋運動的軌跡，請您幫助該同學算出小球做平拋運動的初速度大小m/s，小球經過B點時豎直方向上的速度大小為m/s。（g取9.8m/s2）20、在做“驗證力的平行四邊形定則”實驗時：除已有的器材（方木板、白紙、彈簧秤、細繩套和鉛筆）外，還必須有________________和________________.要使每次合力與分力產生相同的效果，必須______________A．每次將橡皮條拉到同樣的位置B．每次把橡皮條拉直C．每次準確讀出彈簧秤的示數D．每次記準細繩的方向21、為了探究“加速度與力、質量的關系”，現提供如圖所示實驗裝置。請思考探究思路并回答下列問題：（1）為了消除小車與水平木板之間摩擦力的影響應采取做法是_________。A．將木板帶滑輪的那一端適當墊高，使小車在鉤碼拉動下恰好做勻速運動B．將木板帶滑輪的那一端適當墊高，使小車在鉤碼拉動下恰好做勻加速運動C．將木板固定打點計時器的那一端適當墊高，在不掛鉤碼的情況下使小車恰好做勻速運動D．將木板固定打點計時器的那一端適當墊高，在不掛鉤碼的情況下使小車恰好做勻加速運動（2）如圖所示是某一次打點計時器打出的一條記錄小車運動的紙帶。取計數點A、B、C、D、E、F、G。紙帶上兩相鄰計數點的時間間隔為T=0.10s，用刻度尺測量出各相鄰計數點間的距離分別為AB=1.50cm，BC="3.88"cm，CD="6.26"cm，DE="8.67"cm，EF="11.08"cm，FG=13.49cm，則小車運動的加速度大小a=_________m/s2，打紙帶上C點時小車的瞬時速度大小vC=_________m/s。（結果保留二位有效數字）。（3）某組同學實驗得出數據，畫出a~F圖像如圖所示，那么該組同學實驗中出現的問題可能是_________。（4）消除小車與水平木板之間摩擦力的影響后，要用鉤碼總重力代替小車所受的拉力，此時鉤碼質量m與小車總質量M之間應滿足的關系為_________。22、【題文】在“探究加速度與力；質量的關系”的實驗中；小車及車中砝碼的質量用M表示，盤及盤中砝碼的質量用m表示，小車的加速度可由小車后面拉動的紙帶經打點計時器打出的點計算得到．

（1）當M與m的大小關系滿足____時；才可以認為繩對小車的拉力大小等于盤及盤中砝碼的總重力．

（2）甲同學在探究加速度與力的關系時，根據測量數據作出的a一F圖線，如圖a所示．則實驗存在的問題是____．

(3)乙、丙兩同學用同一裝置探究加速度與力的關系時，畫出了各自得到的a一F圖線，如圖b所示．則兩同學做實驗時的哪一個物理量取值不同?

答：____．

(4)下圖是實驗中得到的紙帶．已知打點計時器使用的交流電頻率為50Hz，每相鄰兩個計數點間還有4個點未畫出，利用下圖給出的數據可求出小車下滑的加速度為____m/s2．(結果保留三位有效數字評卷人得分五、簡答題(共1題，共7分)23、如圖所示，一根不可伸長的柔軟輕繩跨過光滑定滑輪，繩兩端各系一小球a和b．質量為m=1kg的a球，靜止于地面．B球的質量為a球質量的3倍，在離地高度為h=0.4m處用手托住b球時，輕繩剛好拉緊，靜止釋放b球，a球距定滑輪的高度遠大于h，不計空氣阻力，g取10m/s2．求：

（1）b球下落到地面時的速度大小；

（2）a球能達到的最大高度為．評卷人得分六、綜合題(共2題，共6分)24、【題文】如圖所示；有若干相同的小鋼球，從斜面上的某一位置每隔0.1s釋放一顆，在連續釋放若干顆鋼球后對斜面上正在滾動的若干小球攝下照片如圖，測得AB=15cm，BC=20cm，試求：

（1）拍照時B球的速度；

（2）拍攝時sCD=?

（3）A球上面還有幾顆正在滾動的鋼球25、【題文】試解釋下列現象：

⑴手套被雨水浸濕后是否很難從手上脫下？

⑵將一枚硬幣輕輕置于水面；可以漂浮于水面而不沉下去。此時與硬幣重力相平衡的是什么力？如有兩枚硬幣漂浮于水面上，且兩者間距約1cm時，兩硬幣是否會急劇地相吸靠近？

⑶建筑樓房時，常在砌磚的地基上鋪一層油氈防潮層。如果不鋪這層油氈，樓房是否容易受潮？參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】

A；火車有一定的大小和形狀；但與成都到南京的距離相比較可忽略不計，可以把火車看作質點．故A正確．

B；觀察汽車通過某一路標的時間時；汽車的長度不忽略不計，則汽車不能看作質點．故B錯誤．

C；研究劉翔跨欄時身體各部位的姿勢；如把他看作質點，就無法分辨他的動作和姿勢．所以不能把他看作質點．故C錯誤．

D；研究乒乓球的各種旋轉運動；乒乓球的大小和形狀對乒乓球旋轉影響很大，不能把乒乓球看作質點．故D錯誤．

故選A

【解析】【答案】質點是用來代替物體的有質量的點．當物體的大小和形狀對所研究的問題沒有影響或影響可忽略不計時；可以把物體當作質點．根據這個條件進行判斷．

2、C【分析】解：小球b

做的是平拋運動，在水平方向上的運動是勻速直線運動，小球a

做的就是勻速直線運動，小球c

自由落體運動，所以ab

兩球在水平方向的運動情況一樣，bc

兩球在豎直方向上高度相同；都是自由落體運動，故三個球將同時到達c

點，故C正確，ABD錯誤．

故選：C

．

小球b

做的是平拋運動；平拋運動可以分解為在水平方向上的勻速直線運動，和豎直方向上的自由落體運動來分析．

小球a

做的就是勻速直線運動，小球c

自由落體運動，bc

豎直方向運動一樣；自由落體高度一樣．

本題就是對平拋運動規律的直接考查，掌握住平拋運動的規律就能輕松解決．【解析】C

3、B【分析】【解析】

試題分析：由于三個物體處于靜止狀態，故A與C間無相對運動的趨勢，所以A、C之間無摩擦力，f1=0；對于B來說，它受到F1的向右的拉力，則必然還會受到一個向左的摩擦力與之相平衡，故f2=F；對于A、B、C整體而言，其合力的方向是向左的，大小為F，故地面對C的摩擦力大小也是F，即f3=F；故B是正確的。

考點：摩擦力，二力平衡。【解析】【答案】B4、A【分析】解：根據牛頓第二定律得，mg鈭?N=mv2RN=34mg

解得R=v214g=1002.5m=40m

當車對橋頂無壓力時，有：mg=mv隆盲2R

解得v隆盲=gR=10隆脕40m/s=20m/s

故選：A

根據車對橋頂的壓力；結合牛頓第二定律求出拱橋的半徑，再根據支持力為零，通過牛頓第二定律求出最小速度．

解決本題的關鍵知道汽車在橋頂向心力的來源，結合牛頓第二定律進行求解，知道壓力為零時，靠重力提供向心力．【解析】A

5、C【分析】解：從表格中的數據可知；時間變為原來的2

倍，下滑的位移大約變為原來的4

倍，時間變為原來的3

倍，位移變為原來的9

倍，可知物體運動的距離與時間的平方成正比.

故C正確，AB

D錯誤．

故選C．

通過表格中的數據；通過時間的平方與運動距離的關系，得出位移和時間的規律．

本題考查學生的數據處理能力，能夠通過數據得出物體位移與時間的關系.

需加強訓練．【解析】C

二、多選題(共8題，共16分)6、BD【分析】解：

A；研究自轉中的地球；不能把地球當作質點，否則就無法分辨它的轉動了．故A錯誤．

B；牛頓第一定律說明力是改變物體運動狀態的原因．故B正確；

C；千克都是質量的單位；千克是基本單位，米是長度的單位，也是基本單位；牛頓根據牛頓第二定律推導出來的，是導出單位，故C錯誤；

D；速度、加速度是用比值法定義的物理量．故D正確．

故選：BD

物體能質點的條件是：物體的大小和形狀對所研究的問題沒有影響或影響可忽略不計；

牛頓第一定律是在實驗的基礎上推理概括得出的規律；即物體在不受力的作用時；總保持靜止狀態或物體做勻速直線運動狀態；

國際單位制規定了七個基本物理量．分別為長度；質量、時間、熱力學溫度、電流、光強度、物質的量．它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位；

比值法就是應用兩個物理量的比值來定量研究第三個物理量．它適用于物質屬性或特征；物體運動特征的定義．

該題考查運動學的一些基本概念與力學單位制，要牢記國際單位制規定了七個基本物理量，這七個基本物理量分別是什么，它們在國際單位制又分別是什么，這都是需要學生自己記住的．【解析】【答案】BD7、CD【分析】解：AC

小敏起跳以后在上升過程；也是只受重力的作用，有向下的重力加速度，是處于完全失重狀態，故A錯誤，C正確。

BD

在小敏下降過程；只受重力的作用，有向下的重力加速度，是處于完全失重狀態，故B錯誤，D正確。

故選：CD

當物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時；就說物體處于超重狀態，此時有向上的加速度；

當物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力時；就說物體處于失重狀態，此時有向下的加速度；

如果沒有壓力了；那么就是處于完全失重狀態，此時向下加速度的大小為重力加速度g

本題主要考查了對超重失重現象的理解，人處于超重或失重狀態時，人的重力并沒變，只是對支持物的壓力或懸掛物的拉力變了。【解析】CD

8、BCD【分析】【分析】通過豎直分位移與水平分位移大小相等；求出時間，根據時間可求出豎直方向的分速度和速度的大小和方向以及運動的位移。

解決本題的關鍵掌握處理平拋運動的方法，平拋運動可分解為水平方向上的勻速直線運動和豎直方向上的自由落體運動；且分運動與合運動具有等時性。【解答】ABC

豎直分位移與水平分位移大小相等，有v0t=12gt2t=2v0g

豎直方向上的分速度vy=gt=2v0

此時小球的速度v=v02+vy2=5v0

故A錯誤，BC正確；

D.此時小球運動的位移x=x02+xy2=22v02g

故D正確。

故選BCD。【解析】BCD

9、BCD【分析】解：衛星運動過程中的向心力由萬有引力提供，故地球必定在衛星軌道的中心，即地心為圓周運動的圓心.

因此軌道a

是不可能的，而軌道bc

均是可能的軌道；而同步衛星由于其周期和地球的自轉周期相同，軌道一定在赤道的上空.

故軌道只可能為b.

故A錯誤；BC

D正確．

故選BCD．

衛星繞地球做勻速圓周運動；是靠萬有引力提供向心力，萬有引力的方向指向地心，故圓周運動的圓心為地心．

解決本題的關鍵知道衛星繞地球做勻速圓周運動，圓心即為地心.

以及同步衛星的軌道在赤道上空．【解析】BCD

10、ACD【分析】解：A、根據速度時間關系可知，物體1s末的速度為：v1=v0+at=8+（-2）×1m/s=6m/s；故A正確；

B、根據位移時間關系可知，物體2s內的位移為：x2=v0t+at2=8×2+×（-2）×22=12m；故B錯誤；

C、物體向上運動的時間為：t===4s，物體向上運動的距離為：x===16m，物體向下滑行1s的位移為：x′=at2=×2×12=1m；物體5s內的路程為：s=x+x′=16+1=17m，故C正確。

D；根據運動的對稱性；8s內的位移為0，平均速度為0，故D正確；

故選：ACD。

物體在整個運動過程中加速度保持不變；故物體整個運動過程是勻變速運動過程，根據勻變速直線運動的規律求解即可．

掌握勻變速直線運動的速度時間關系和位移時間關系是正確解題的關鍵，不難屬于基礎題，也可以分為向上的勻減速運動和向下的勻加速運動進行處理．【解析】ACD11、AB【分析】解：A、力的單位是N，加速度的單位是m/s2；力；加速度、都是既有大小有方向，是矢量，故AB正確；

C；s是時間單位；kg是質量單位，時間、質量只有大小沒有方向，是標量．故CD錯誤．

故選：AB．

即有大小又有方向；相加時遵循平行四邊形定則的物理量是矢量，如力；速度、加速度、位移、動量等都是矢量；只有大小，沒有方向的物理量是標量，如路程、時間、質量等都是標量．

矢量與標量有兩大區別：一是矢量有方向，標量沒有方向；二是運算法則不同，矢量運算遵守平行四邊形定則，標量運算遵守代數加減法則．【解析】【答案】AB12、ACD【分析】【分析】解答本題可根據：分子熱運動特點；分子力；分子勢能與分子之間距離關系；明確布朗運動特點是固體微粒的無規則運動，反應了液體分子的無規則運動。

正確理解和應用分子力；分子勢能與分子之間距離的關系是分子動理論的重點知識。

【解答】

A；墨水中的小碳粒的運動是因為大量水分子對它的撞擊作用力不平衡導致的；并且沒有規則，這反映了液體分子運動的無規則性.

故A正確；

B、當分子間距離為r0

時，分子間作用力最小，所以當分子間距離從大于r0

處增大時；分子力先增大后減小，故B錯誤；

C、當分子間距離等于r0

時，分子間的勢能最小，分子可以從距離小于r0

的處增大分子之間距離；此時分子勢能先減小后增大，故C正確；

D；溫度越高；分子無規則運動的劇烈程度越大，因此在真空、高溫條件下，可以利用分子擴散向半導體材料摻入其它元素，故D正確。

故選ACD。

【解析】ACD

13、AC【分析】解：A

對O

點受力分析，抓住兩根繩的合力等于物體的重力，大小和方向都不變，OB

繩拉力方向不變，根據平行四邊形定則得，如圖，知OA

繩上拉力大小先減小后增大.

故A正確B錯誤；

C、由圖可以看出當OA

與OB

垂直時拉力最小，則OA

與OC

成60鈭?.

故C正確；D錯誤．

故選：AC

．

B

點固定不動；懸點A

由位置C

向位置D

移動，在這個過程中，物體始終處于平衡狀態，找出不變的物理量，畫出平行四邊形進行分析．

本題為物體平衡條件的一個應用：動態分析，處理這個類型的題需要找出不變的物理量，然后作圖或找變化的物理量與不變的物理量之間的關系再加以分析，掌握方法才能以不變應萬變．【解析】AC

三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】

根據=10t+t2，得初速度v=10m/s，加速度a=2m/s2．

則3s末的速度v3=v+at3=10+2×3m/s=16m/s；

2s末的速度v2=v+at2=10+2×2m/s=14m/s．

則第3s內的位移x=．

故答案為：16；15．

【解析】【答案】根據勻變速直線運動的位移時間公式得出質點的初速度和加速度；根據速度時間公式求出3s末的速度和2s末的速度，通過平均速度公式求出第3s內的位移．

15、略

【分析】

在0～1s內物體的加速度a1==m/s2=2m/s2，位移x1=m=1m，由牛頓第二定律得，F1-mg-f=ma1，代入解得F1=130N，拉力做功W1=F1x1=130J．

在1～3s內物體做勻速直線運動，拉力F2=mg+f=110N，位移x2=vt=2×2m=4m，拉力做功W2=F2x2=440J．

在3～5s內物體的加速度大小a3===1m/s2，位移x3=根據牛頓第二定律得，mg+f-F3=ma3，解得拉力F3=100N，拉力做功W3=F3x3=200J．所以拉力做的總功W=W1+W2+W3=770J，物體克服重力做功WG=mg（x1+x2+x3）=100×7J=700J．

故答案為：770；700

【解析】【答案】根據速度圖象的斜率求出各段時間物體的加速度；由牛頓第二定律求出拉力，由圖象的“面積”求出位移，再求拉力做的功和克服重力做的功．

16、略

【分析】【解析】

試題分析：根據根據

考點：勻速圓周運動的線速度及向心加速度。【解析】【答案】6；9017、略

【分析】解：相鄰兩個點的時間間隔為T=．在豎直方向上△y=gT2；

所以g=．

初速度．

A點在豎直方向上的速度．

所以

故答案為：9.72；0.49，0.81．

根據閃光的頻率知相鄰兩點間的時間間隔．在豎直方向上根據△y=gT2，求出重力加速度．水平方向上做勻速直線運動，根據求出初速度．根據運動學公式求出A點在豎直方向上的速度，然后運用平行四邊形定則，求出A的速度．

解決本題的關鍵掌握平拋運動的處理方法，平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動．【解析】9.72；0.49；0.8118、略

【分析】解：萬有引力定律的內容：自然界中任何兩個物體都相互吸引，引力的方向在它們的連線上，引力的大小與物體質量的乘積成正比，與它們之間的距離r

的二次方成反比，公式為：F=Gm1m2r2.

故答案為：吸引，它們的連線上，物體質量的乘積，F=Gm1m2r2

．

根據萬有引力定律可知自然界中任何兩個物體都相互吸引，引力的大小與物體的質量m1

和m2

乘積成正比，與它們之間距離r

的二次方成反比．

解決本題的關鍵掌握萬有引力定律的內容，知道引力的大小與什么因素有關，基礎題．【解析】吸引；它們的連線上；物體質量的乘積；F=Gm1m2r2

四、實驗題(共4題，共28分)19、略

【分析】試題分析：（1）固定軌道時斜槽末端必須是水平的，這樣才能保證實驗的條件，選項A錯誤；將斜槽末端以上加小球的半徑，投影到坐標紙上，確定小球做平拋運動的拋出點O，選項B錯誤；小球每次都應從斜槽上同一位置由靜止開始滑下，以保證初速度相同，選項C正確；要使描出的軌跡更好地反映真實運動，記錄的點應適當多一些，選項D正確，故選CD.考點：研究平拋運動【解析】【答案】（1）CD；（2）1.4，3.5。20、略

【分析】【解析】試題分析：除已有的器材（方木板、白紙、彈簧秤、細繩套和鉛筆）外，還必須有刻度尺和圖釘；要使每次合力與分力產生相同的效果，每次將橡皮條拉到同樣的位置，即用一個力與用兩個力的作用效果相同；故選A考點：驗證力的平行四邊形定則【解析】【答案】刻度尺圖釘A21、略

【分析】【解析】試題分析：（1）本實驗是驗證合外力在倍數增大時，看加速度是否也成倍數增大，因此需要平衡掉摩擦力的作用，應將木板固定打點計時器的那一端適當墊高，在不掛鉤碼的情況下使小車恰好做勻速運動，即可說明重力的分力與摩擦力平衡（2）加速度可由逐差法求得C點為BD的中間時刻，由中間時刻的瞬時速度等于平均速度可知（3）由圖像可知F=0時加速度不為零，產生的原因是平衡摩擦力過度，重力沿斜面向下的分力大于摩擦力的緣故（4）如果鉤碼向下勻加速運動，則鉤碼的重力與繩子的拉力并不相等，只有m<考點：考查驗證牛頓第二定律【解析】【答案】（1）C（2）a=2.4m/s2，vC=0.51m/s。（結果保留二位有效數字）（3）摩擦力平衡過度（4）m<22、略

【分析】【解析】

試題分析：（1）根據牛頓第二定律得：對m：對M：解得：當時；即小車的質量遠大于砝碼和盤的總質量，繩子的拉力近似等于