…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版高一物理上冊月考試卷589考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖，一小球從一半圓軌道左端A

點正上方某處開始做平拋運動(

小球可視為質點)

飛行過程中恰好與半圓軌道相切于B

點.O

為半圓軌道圓心，半圓軌道半徑為ROB

與水平方向夾角為60鈭?

重力加速度為g

則小球拋出時的初速度為(

)

A.3gR2

B.33gR2

C.3gR2

D.3gR3

2、如圖所示，傳送帶AB

傾角是偽

傳送帶上的可看做質點的小物塊質量是m

物塊與傳送帶間的動摩擦因數為渭<tan偽

現給在B

位置的小物塊一個沿傳送帶向上的初速度v0

傳送帶速度為v

方向未知。在傳送帶上摩擦力對物塊做功的最大功率是(

)

A.渭mg(v0鈭?v)cos偽

B.渭mgv0cos偽

C.渭mgvcos偽

D.渭mg(v0+v)cos偽

3、一列火車以72km/h的速度行駛，在靠近一座石拱橋時減速，做勻減速直線運動，加速度大小為0.1m/s2；減速2min后的速度為（）

A.4m/s

B.8m/s

C.16m/s

D.60m/s

4、一小球從離地面5m高處自由下落，被水平地面反彈后，在離地1m高處被接住，則小球在上述過程中的（）A.位移是4m，方向豎直向下；B.路程是4m；C.位移是1m，方向豎直向上；D.路程是6m。5、【題文】如圖所示；一豎直絕緣輕彈簧的下端固定在地面上，上端連接一帶正電小球P，小球所處的空間存在著方向豎直向上的勻強電場，小球平衡時，彈簧恰好處于原長狀態。現給小球一豎直向上的初速度，小球最高能運動到M點。在小球從開始運動到運動至最高點時，下列說法正確的是（）

A.小球電勢能的減少量大于小球重力勢能的增加量B.小球機械能的改變量等于電場力做的功C.彈簧彈性勢能的增加量等于小球動能的減少量D.小球動能的減少量等于電場力和重力做功的代數和6、2013年1月1日起將實行史上最嚴交規，但對見黃燈就停的規定引發網友吐槽，友稱這一規定，違反了牛頓第一定律．對關于物體慣性大小的說法中，正確的是（）A.運動速度大的物體比速度小的物體難以停下來，所以運動速度大的物體慣性大B.物體受的力越大，要它停下來就越困難，所以物體受的力越大，則慣性越大C.行駛中的車輛突然剎車，乘客前傾，這是由于慣性所引起的D.材料不同的兩個物體放在地面上，用一個相同的水平力分別推它們，則難以推動的物體的慣性較大7、兩個做圓周運動的質點，它們的角速度之比為31

線速度之比為23

那么下列說法正確的是(

)

A.它們的軌道半徑之比為29

B.它們的軌道半徑之比為12

C.它們的周期之比為23

D.它們的向心加速度之比為12

8、用如圖所示的實驗電路研究微型電動機的性能.

當調節滑動變阻器R

讓電動機停止轉動時，理想電流表和理想電壓表的示數分別為0.50A

和2.0V

重新調節R

使電動機恢復正常運轉時，電流表和電壓表的示數分別為2.0A

和24V.

則這臺電動機：(

不計溫度對電阻的影響)(

)

A.正常運轉時的輸出功率為32W

B.正常運轉時的輸出功率為48W

C.正常運轉時的發熱功率為1W

D.正常運轉時的發熱功率為47W

評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)9、（1）下列哪些因素會使“探究平拋運動的規律”實驗的誤差減小____

A．使小球與斜槽間盡量光滑。

B．安裝斜槽時使其末端水平。

C．建立坐標系時；應以小球離開斜槽末端時小球的球心為坐標原點。

D．根據曲線計算平拋運動的初速度時；在曲線上取離原點O較近的點。

（2）如圖所示為某次實驗所描繪的平拋物體運動的軌跡，A、B、C三點的坐標為A（0.35m，0.05m）、B（0.70m，0.20m）、C（1.05m，0.45m）．試根據以上的測量結果計算：物體做平拋運動的初速度v為____m/s；B點豎直的速度為____m/s．（g=10m/s2；結果保留2位有效數字）

10、某交流電壓如圖所示，則此電壓的有效值為V；如將輝光電壓（超過此電壓氖管就發光，低于此電壓氖管熄滅）為50V的氖管接到此電壓上去。那么，1s內氖管發光次，1次閃光的時間是s。11、汽車以10m/s的速度向崖壁行駛，對著崖壁鳴笛，2s后駕駛員聽到回聲，問當汽車鳴笛時離崖壁的距離______m．12、為研究汽車通過橋梁時對凸形、水平、凹形橋面的壓力變化，某同學用圖1

的裝置進行模擬實驗，將傳感器的輸出信號接到電腦，從左側斜面的同一高度釋放小球，讓小球分別通過甲、乙、丙三種橋面后，橋面下方的力傳感器，能夠將壓力信號轉化為電信號傳入數據采集器并在電腦屏幕上顯示出來，實驗結果顯示出三條圖線(

如圖2).

對于凸形橋甲，其相對應的壓力圖線應是圖2

中的______；對于水平橋面，其相對應的壓力圖線應是圖2

中的______.(

選填：ab

或c)

13、在暗室中用圖1

示裝置做“測定重力加速度”的實驗．

實驗器材有：支架；漏斗、橡皮管、尖嘴玻璃管、螺絲夾接水鋁盒、一根熒光刻度的米尺、頻閃儀．

具體實驗步驟如下：

壟脵

在漏斗內盛滿清水；旋松螺絲夾子，水滴會以一定的頻率一滴滴的落下．

壟脷

用頻閃儀發出的白閃光將水滴流照亮；由大到小逐漸調節頻閃儀的頻率直到第一次看到一串仿佛固定不動的水滴．

壟脹

用豎直放置的米尺測得各個水滴所對應的刻度．

壟脺

采集數據進行處理．

(1)

實驗中看到空間有一串仿佛固定不動的水滴時；頻閃儀的閃光頻率滿足的條件是：

______．

(2)

實驗中觀察到水滴“固定不動”時的閃光頻率為30Hz

某同學讀出其中比較圓。

的水滴到第一個水滴的距離如圖2

根據數據測得當地重力加速度g=

______m/s2

第8

個水滴此時的速度v8=

______m/s(

結果都保留三位有效數字)

．

(3)

該實驗存在的系統誤差可能有(

答出一條即可)

______．14、小明想通過簡單的實驗方法測得某商城內扶梯的級數：他先沿開動的自動扶梯（扶梯上行）走上樓，共走了16級，然后又以同樣的速度（相對于扶梯）沿開動的自動扶梯（扶梯仍然上行）走下樓，數得共走了48級，據此他便計算出了該自動扶梯的級數為____級．15、在“研究平拋運動”的實驗中可以描繪平拋物體運動軌跡和求物體的平拋初速度．實驗步驟有：

（1）讓小鋼球多次從______位置上滾下．

（2）檢驗斜槽末端水平的方法是______．16、在皮帶輪傳動裝置中，已知大輪的半徑是小輪半徑的3

倍，A

和B

兩點分別在兩輪的邊緣上，C

點離大輪軸距離等于小輪半徑，若皮帶不打滑，則它們的線速度之比vAvBvC=

______，角速度之比婁脴A婁脴B婁脴C=

______，向心加速度之比aAaBaC=

______．評卷人得分三、畫圖題(共2題，共4分)17、畫出下面2個物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質量為m=5kg的鉛球。18、畫出下面2個物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質量為m=5kg的鉛球。評卷人得分四、計算題(共1題，共7分)19、物體做平拋運動，在它落地前的1s內它的速度與水平方向夾角由30°變成60°，取g=10m/s2．求：

（1）平拋運動的初速度v0；

（2）平拋運動的時間；

（3）平拋時的高度．評卷人得分五、簡答題(共2題，共18分)20、一轉動裝置如圖所示，四根輕桿OAOCAB

和CB

與兩小球以及一小環通過鉸鏈連接，輕桿長均為l

球和環的質量均為mO

端固定在豎直的輕質轉軸上，套在轉軸上的輕質彈簧連接在O

與小環之間，原長為L

裝置靜止時，彈簧長為32L

轉動該裝置并緩慢增大轉速，小環緩慢上升.

彈簧始終在彈性限度內，忽略一切摩擦和空氣阻力，重力加速度為g

求：

(1)

彈簧的勁度系數k

(2)AB

桿中彈力為零時，裝置轉動的角速度婁脴0

．21、I.下圖左表示在密閉容器中反應：rm{2SO_{2}(g)+O_{2}(g)}rm{2SO_{3}(g)}rm{triangleH<0}

達到平衡時，由于條件改變而引起反應速度和的變化情況，rm{t1}時刻改變的條件可能是____；rm{t2}時刻改變的條件可能是____；rm{II.}氮氧化物是造成霧霾天氣的主要原因之一，消除氮氧化物有多種方法。利用間接電化學法除rm{NO}rm{{,!}_{x}}，其原理如右圖所示。己知電解池的陰極室中溶液的rm{pH}在rm{4隆蘆5}之間，則陰極的電極反應式為____，隔膜可采用____交換膜rm{(}填“陽離子”或“陰離子”rm{)}若吸收池中生成的rm{N_{2}}和電解池中生成的rm{O_{2}}的體積比為rm{3隆脙4}則通入吸收池rm{NO}和rm{NO_{2}}體積比為____。

評卷人得分六、其他(共4題，共40分)22、如圖是質量為70kg的李偉的比賽用山地自行車；其相關數據見表：

。車架材料碳纖維車架材料體積/cm32500車架質量/kg4.5整車質量/kg10單輪接觸面積/cm24（1）求碳纖維車架的密度；

（2）算出比賽中的山地自行車對地面的壓強；（取g=10N/kg）

（3）李偉在某路段勻速騎行6km，耗時10min，若該路段阻力為總重力的0.02倍，求他騎行功率．23、（2013?蕪湖縣校級自主招生）如圖，是光滑斜面的示意圖．斜面的水平長度為S，高為h，物體質量為m，如果用沿斜面向上的力把物體從斜面底端勻速拉到頂端，拉力F=____（用題中相關字母表示）．24、如圖是質量為70kg的李偉的比賽用山地自行車；其相關數據見表：

。車架材料碳纖維車架材料體積/cm32500車架質量/kg4.5整車質量/kg10單輪接觸面積/cm24（1）求碳纖維車架的密度；

（2）算出比賽中的山地自行車對地面的壓強；（取g=10N/kg）

（3）李偉在某路段勻速騎行6km，耗時10min，若該路段阻力為總重力的0.02倍，求他騎行功率．25、（2013?蕪湖縣校級自主招生）如圖，是光滑斜面的示意圖．斜面的水平長度為S，高為h，物體質量為m，如果用沿斜面向上的力把物體從斜面底端勻速拉到頂端，拉力F=____（用題中相關字母表示）．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】試題分析：根據平拋運動速度與水平方向夾角的正切值等于位移與水平方向夾角正切值的2

倍；求出豎直方向上的位移，從而求出豎直方向上的分速度，根據速度方向求出平拋運動的初速度．

飛行過程中恰好與半圓軌道相切于B

點，知速度與水平方向的夾角為30鈭?

設位移與水平方向的夾角為婁脠

則tan婁脠=tan30鈭?2=36

．

因為tan婁脠=yx=y3R2

則豎直位移y=3R4

．

根據vy2=2gy

得，vy=3gR2

．

tan30鈭?=vyv0

解得v0=33gR2.

故B正確；AC

D錯誤．

故選：B

．【解析】B

2、B【分析】略【解析】B

3、B【分析】

設火車減速到停下的時間為t．則t===s=200s，說明減速2min后火車仍在做勻減速直線運動，則減速2min后的速度為v=v-at=20-0.1×120=8（m/s）

故選B

【解析】【答案】火車做勻減速直線運動；根據初速度和加速度大小，求出火車減速到停下的時間，分析減速2min后火車的運動狀態，再由速度公式求出減速2min后的速度．

4、A|D【分析】【解析】試題分析：位移為初位置指向末位置的有向線段，所以位移為4m，方向豎直向下，路程為路徑的長度，所以本題中路程為6m考點：考查路程和位移的計算和判斷【解析】【答案】AD5、C【分析】【解析】

試題分析：A、由于小球平衡時，彈簧恰好處于原長狀態，則有向上運動的過程中，電場力做正功，重力做負功，小球電勢能的減少量等于小球重力勢能的增加量；錯誤。

B；根據能量守恒；小球機械能的改變量等于電場力做的功與彈簧彈力做功的代數和；錯誤。

C、由于小球受到的合外力等于彈簧的彈力，根據動能定理可知，彈簧彈性勢能的增加量等于小球動能的減少量；正確。

D、由于方向相反，電場力和重力做功的代數和為零；錯誤。

故選C

考點：功能關系。

點評：本題中小球的重力和電場力等大反向，電場力與重力做功的代數和始終為零。【解析】【答案】C6、C【分析】解：A；慣性是物體本身的固有屬性；物體的慣性只與物體質量有關，與物體的運動狀態或受力情況無關，故A、B錯誤；

C；行駛中的車輛突然剎車；乘客前傾，這是由于慣性所引起的，故C正確；

D；慣性的大小只與物體的質量有關；質量越大，慣性越大．與物體的運動狀態或受力情況無關，故D錯誤；

故選：C．

牛頓第一定律又稱慣性定律．一切物體都有保持原來運動狀態不變的性質；叫慣性．慣性的大小只與物體的質量有關，質量越大，慣性越大．

慣性是物理學中的一個性質，它描述的是物體能夠保持原來的運動狀態的性質，不能和生活中的習慣等混在一起．【解析】【答案】C7、A【分析】解：AB

設兩個物體分別是甲與乙，由角速度與線速度的關系v=婁脴r

得到r=v蠅

因而：r錄脳r脪脪=v錄脳蠅錄脳v脪脪蠅脪脪=v錄脳v脪脪隆脕婁脴脪脪蠅錄脳=23隆脕13=29

故A正確，B錯誤；

C、由角速度與周期的關系婁脴=2婁脨T

得T=2婁脨蠅

因而，T錄脳T脪脪=婁脴脪脪婁脴錄脳=13

故C錯誤；

D、由向心加速度的公式：a=婁脴v

所以：a錄脳a脪脪=婁脴錄脳蠅脪脪鈰?v錄脳v脪脪=31鈰?23=21

故D錯誤；

故選：A

根據角速度與線速度的關系v=婁脴r

以及角速度與周期的關系婁脴=2婁脨T

分析即可．

解決本題的關鍵知道線速度、角速度、轉速、周期的關系，并能靈活運用．【解析】A

8、A【分析】解：電動機停止轉動時，其電路是純電阻電路，由歐姆定律得，電動機的電阻為R=U1I1=20.5婁賂=4婁賂

電動機正常運轉時；輸入的電功率為P碌莽=U2I2=48W

發熱功率P脠脠=I22R=22隆脕4W=16W

所以輸出功率為P魯枚=P碌莽鈭?P脠脠=32W

故選A

讓電動機停止轉動時；其電路是純電阻電路，由歐姆定律求出電阻.

電動機正常運轉時，根據輸入的電功率和熱功率之差求出輸出功率.

由焦耳定律求解熱功率．

電動機電路停止運轉時其電路純電阻電路，歐姆定律成立.

電動機正常運轉時，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不成立，根據能量轉化和守恒定律求解輸出功率．【解析】A

二、填空題(共8題，共16分)9、略

【分析】

（1）A；實驗中必須保證小球做平拋運動；而平拋運動要求有水平初速度且只受重力作用．所以斜槽軌道必須要水平，至于是否光滑沒有影響，只要能拋出就行．因此斜槽末端沒有保持水平會增大實驗誤差的，故A錯誤，B正確；

C；建立坐標系時；以小球經過槽的末端時的球心為坐標原點可以減小誤差，故C正確；

D；在曲線上找一點；利用水平位移與豎直位移來求出拋出速度，但要求位移大小盡量大點兒．因此D會增大實驗誤差的，故D錯誤．

故選BC；

（2）由圖可知；物體由A→B和由B→C運動過程中水平方向位移相等，x=0.35m，所以所用的時間也相等；

△y=gT2，由圖可知△y=0.25-0.15m=0.1mcm，代入解得，T=0.1s

x=vT，代入解得：v=3.5m/s；

豎直方向自由落體運動；根據勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度等于該過程中的平均速度有：

vBy==2m/s．

所以vB==m/s=4.0m/s

故答案為：（1）BC；（2）3.5；4.0

【解析】【答案】在實驗中讓小球能做平拋運動；并能描繪出運動軌跡．因此要求從同一位置多次無初速度釋放，同時由運動軌跡找出一些特殊點利用平拋運動可看成水平方向勻速直線運動與豎直方向自由落體運動去解題．

10、略

【分析】試題分析：交流電壓如圖所示，根據最大值與有效值關系，則有：輝光電壓為50V，即加在氖管上的電壓不小于50V，氖管就會發光，因u=100sin100πt，當50V≤u≤100V；所以半個周期內，閃光的時間是：s≤t≤s，由正弦函數對稱性，在一個周期內加在氖管上的電壓不小于50V的時間是2×s=s．交流電壓的周期T=0.02s，所以在1s內有50個周期，因此1s內氖管發光50×2=100次．考點：交流電的變化規律。【解析】【答案】100；11、略

【分析】解：根據公式v=得鳴笛后聲音傳播的距離：

s1=v1t=340m/s×2s=680m；

鳴笛后汽車行駛的距離：

s2=v2t=10m/s×2s=20m；

鳴笛時汽車到山崖的距離：

s==m=350m．

故答案為：350．

駕駛員鳴笛后；聲音傳到山崖返回汽車時，汽車以10m/s的速度已經前行了2s，在這段時間內，聲音和汽車兩者行駛的路程之和是鳴笛時汽車與山崖距離的2倍，根據速度公式求出兩者的路程即可解題．

解題的關鍵是分析清楚聲音和汽車兩者行駛的路程之和是鳴笛時汽車與山崖距離的2倍．【解析】35012、cb【分析】解：在凸形橋的頂點，根據牛頓第二定律得，mg鈭?N1=mv2R

解得N1=mg鈭?mv2R<mg

在凹形橋的最低點，根據牛頓第二定律得，N2鈭?mg=mv2R

解得N2=mg+mv2R>mg

在水平橋面；支持力N3=mg

壓力等于支持力，由圖2

可知，水平橋面對應的壓力圖線為b

凸形橋面對應的壓力圖線為c

凹形橋面對應的壓力圖線為a

．

故答案為：cb

根據牛頓第二定律得出凸形橋頂點；凹形橋最低點的支持力表達式；通過與水平橋支持力比較確定正確的圖線．

解決本題的關鍵知道最高點和最低點向心力的來源，通過牛頓第二定律得出壓力和重力大小關系是關鍵．【解析】cb

13、略

【分析】解：(1)

頻閃儀頻率等于水滴滴落的頻率時；則每滴下來的一滴水，頻閃儀都在相同的位置記錄，故可看到一串仿佛固定不動的水滴．

(2)s67=19.36鈭?13.43=5.93cms78=26.39鈭?19.36=7.03cms89=34.48鈭?26.39=8.09cms90=43.67鈭?34.48=9.19cm

由逐差法可得：g=0.0919+0.0809鈭?0.0593鈭?0.07034脳(130)2m/s2=9.72m/s2

．

第8

滴水的速度為：v8=s78+s892T=0.0703+0.08092脳130m/s=2.27m/s

．

(3)

由于空氣阻力對水滴的作用；水滴不是嚴格的自由落體；或者滴水的頻率改變了，都會產生誤差．

故答案為：(1)

頻閃儀頻率等于水滴滴落的頻率；(2)9.722.27(3)

存在空氣阻力(

或水滴滴落的頻率變化)

．

(1)

當頻閃儀頻率等于水滴滴落的頻率時；可看到一串仿佛固定不動的水滴．

(2)

該實驗利用了自由落體運動的規律；根據勻變速直線運動的規律可以求出水滴C

的速度，利用逐差法可以求出重力加速度的大小．

(3)

由于空氣阻力對水滴的作用；水滴不是嚴格的自由落體．

本題關鍵是了解實驗的原理，掌握求解平均速度的方法，理解逐差法計算加速度，注意頻閃的周期不是0.02s

．【解析】頻閃儀頻率等于水滴滴落的頻率；9.722.27

存在空氣阻力(

或水滴滴落的頻率變化)

14、略

【分析】【分析】人上樓和下樓時，根據人相對于地面和相對于電梯的運動時間相等，列出兩個等式，解方程組求出扶梯的級數．【解析】【解答】解：設電梯對地的速度為v，人對地的速度為u，兩層樓層間扶梯數為N，每級沿梯面的長度為S0．

（1）上樓：扶梯上行，上樓時以地面為參照物，人運動速度為u+v，運行路程是NS0；以樓梯為參照物，人運動速度是u，運行路程是16S0，根據人以地面為參考系用時與人以電梯為參考系用時相等，=--①

（2）下樓：扶梯上行，下樓時以地面為參照物，人運動速度為u-v，運行路程是NS0；以樓梯為參照物，人運動速度是u，運行路程是48S0，根據人以地面為參考系用時與人以電梯為參考系用時相等，=--②

（3）得：u=2v；N=24（級）．

故答案為：24．15、略

【分析】解：（1）為了保證小球平拋運動的初速度相等；讓小球多次從斜槽同一位置由靜止滾下．

（2）檢驗斜槽末端水平的方法是將小球放在斜槽的末端；看能否保持靜止．

故答案為：（1）斜槽的同一；（2）將小球放在斜槽的末端，看能否保持靜止．

讓小球多次從同一位置上靜止滾下；目的是保證小球多次做平拋運動的初速度相等．保證小球做平拋運動，所以斜槽末端保持水平．

對于平拋運動實驗要掌握實驗的注意事項、實驗步驟、實驗原理．平拋運動分解為：水平方向的勻速直線運動，豎直方向的自由落體運動，尤其是注意應用勻變速直線運動規律解決平拋運動問題．【解析】斜槽的同一；將小球放在斜槽的末端，看能否保持靜止16、略

【分析】解：壟脵

對于AB

兩點；皮帶不打滑，A

和B

兩點線速度大小相等，故：

vAvB=11

由公式v=婁脴r

得到：

婁脴A婁脴B=rBrA=31

由公式an=v2r

得到：

aAaB=rBrA=31

壟脷

對于BC

兩點；BC

在同一輪上，角速度婁脴

相同，即：

婁脴B婁脴C=11

由公式v=婁脴r

得到線速度之比：

vBvC=rBrC=31

由公式an=婁脴2r

得到：

aBaC=rBrC=31

綜上得到：

vAvBvC=331

婁脴A婁脴B婁脴C=311

aAaBaC=931

故答案為：331311931

．

皮帶不打滑，A

和B

兩點線速度大小相等，由公式v=婁脴r

角速度與半徑成反比，求出婁脴A婁脴B

由公式an=v2r

研究AB

的向心加速度關系；BC

在同一輪上，角速度相同，由公式v=婁脴r

求解線速度之比，由公式an=v2r

由公式an=婁脴2r

研究BC

的向心加速度的關系．

本題是圓周運動中典型問題，關鍵抓住相等量：皮帶不打滑時，兩輪邊緣上各點的線速度大小相等；同一輪上各點的角速度相同．【解析】331311931

三、畫圖題(共2題，共4分)17、略

【分析】【解析】試題分析：（1）受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力作用，作用點都在重心（2）拋出后在空中飛行的質量為m=5kg的鉛球只受到豎直向下的重力作用考點：考查受力分析的能力【解析】【答案】作圖題（略）18、略

【分析】【解析】試題分析：（1）受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力作用，作用點都在重心（2）拋出后在空中飛行的質量為m=5kg的鉛球只受到豎直向下的重力作用考點：考查受力分析的能力【解析】【答案】作圖題（略）四、計算題(共1題，共7分)19、解：（1）；（2）設平拋運動的時間為t．

對30°和60°時物體的速度進行分解；由速度夾角關系。

對A：tan30°=

對B：tan60°=

由上兩式解得：t=1.5s，v0=5m/s

（3）平拋下落的高度h=gt2

代入數據得：h=11.25m

答：（1）平拋運動的初速度大小為5m/s；

（2）平拋運動的時間是1.5s；

（3）平拋時的高度是11.25m．【分析】

（1）；（2）先對30°和60°時物體的速度進行分解；運用夾角公式列方程組求解時間和初速度．

（3）再由自由落體的位移公式求高度．

對于平拋運動的夾角關系，最好畫畫速度的分解圖，有助于分析．同時要熟知，平拋運動在豎直方向上做自由落體運動．【解析】解：（1）；（2）設平拋運動的時間為t．

對30°和60°時物體的速度進行分解；由速度夾角關系。

對A：tan30°=

對B：tan60°=

由上兩式解得：t=1.5s，v0=5m/s

（3）平拋下落的高度h=gt2

代入數據得：h=11.25m

答：（1）平拋運動的初速度大小為5m/s；

（2）平拋運動的時間是1.5s；

（3）平拋時的高度是11.25m．五、簡答題(共2題，共18分)20、略

【分析】

(1)

裝置靜止時；分別對小環和小球分析，根據共點力平衡，結合胡克定律求出彈簧的勁度系數；

(2)

當AB

桿彈力為零時；對小環分析，根據共點力平衡和胡克定律求出彈簧的長度，對小球分析，抓住豎直方向上合力為零，水平方向上的合力提供向心力，根據牛頓第二定律求出裝置轉動的角速度婁脴0

．

本題綜合考查了動能定理、牛頓第二定律、共點力平衡和胡克定律的運用，當裝置轉動時，抓住小環平衡，小球在豎直方向上平衡，水平方向上的合力提供向心力進行求解．【解析】解：(1)

裝置靜止時；設OAAB

桿中的彈力分別為F1T1OA

桿與轉軸的夾角為婁脠1

．

小環受到彈簧的彈力F碌爐1=k鈰?L2

小環受力平衡：F碌爐1=mg+2T1cos婁脠1

小球受力平衡：F1cos婁脠1+T1cos婁脠1鈭?mg=0F1sin婁脠1鈭?T1sin婁脠1=0

解得：k=4mgL

(2)

設OAAB

桿中的彈力分別為F2T2OA

桿與轉軸的夾角為婁脠2

彈簧長度為x

．

小環受到彈簧的彈力：F碌爐2=k(x鈭?L)

小環受力平衡：F碌爐2=mg

得：x=54L

對小球：F2cos婁脠2=mg

F2sin婁脠2=m婁脴02lsin婁脠2

cos婁脠2=x2l

解得：婁脴0=8g5L

答：(1)

彈簧的勁度系數k

為4mgL

(2)AB

桿中彈力為零時，裝置轉動的角速度婁脴0

為8g5L

．21、I升溫減小SO3濃度II2HSO3－+2e－+2H+=S2O42-+2H2O陽離子2∶1【分析】【分析】本題是對化學反應速率和電化學的知識的綜合考查，是高考常考知識，難度一般。關鍵是掌握原理基礎知識，側重基礎知識的綜合考查。【解答】I.下圖左表示在密閉容器中反應：rm{2SO_{2}(g)+O_{2}(g)}rm{2SO_{3}(g)}rm{triangleH<0}達到平衡時，由于條件改變而引起反應速度和的變化情況，在rm{t1}時刻，是rm{V(}逆rm{)}rm{V(}正rm{)}均增大，但rm{V(}逆rm{)>V(}正rm{)}所以改變的條件可能是升溫；rm{t2}時刻，rm{V(}逆rm{)}改變較大，而rm{V(}正rm{)}是在原來的基礎上減小，所以改變的條件可能是減小rm{SO}rm{SO}rm{{,!}_{3}}；故答案為：濃度升溫；減小rm{SO}rm{SO}rm{{,!}_{3}}氮氧化物是造成霧霾天氣的主要原因之一，消除氮氧化物有多種方法。利用間接電化學法除濃度；其原理如右圖所示。己知電解池的陰極室中溶液的rm{II.}在rm{NO_{x}}之間，依據原理圖可得，則陰極的電極反應式為：rm{pH}rm{4隆蘆5}rm{2HSO}rm{2HSO}rm{{,!}_{3}^{-}}rm{+2e}rm{+2e}rm{{,!}^{-}}rm{+2H}rm{+2H}rm{{,!}^{+}}rm{=S}rm{=S}，隔膜可采用陽離子交換膜；若吸收池中生成的rm{{,!}_{2}}和電解池中生成的rm{O}的體積比為rm{O}依據電子守恒可得，則通入吸收池