…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版（2024）選擇性必修2物理上冊階段測試試卷634考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，用粗細均勻的銅絲制成的等腰直角三角形線圈abc置于垂直線圈所在平面的勻強磁場（圖中未畫出）中，線圈中通有如圖所示的恒定電流I。若ab邊所受的安培力大小為F，則線圈的bc邊受到的安培力大小為（）

A.FB.FC.2FD.2F2、如圖所示，在0≤x≤a的區域內存在與xOy平面垂直的勻強磁場，磁感應強度大小為B。在t=0時刻，從原點O發射一束等速率的相同帶電粒子，速度方向與y軸正方向的夾角分布在0°~90°范圍內。其中，沿y軸正方向發射的粒子在t=t0時刻剛好從磁場右邊界上點離開磁場；不計粒子重力，下列說法正確的是（）

A.粒子帶正電B.粒子在磁場中做圓周運動的半徑為aC.帶電粒子在磁場中運動的最短時間為D.帶電粒子在磁場中運動的最長時間為2t03、一個按正弦規律變化的交流電的圖象如圖所示，由圖象可知（）

①該交變電流的頻率為0.2Hz

②該交變電流的有效值為14.1A

③該交變電流的瞬時值表達式為i=20sin0.02t(A)

④t=時刻，該交變電流的大小與其有效值相等A.①②B.②④C.③④D.①③4、L型的細銅棒在磁感應強度為B的勻強磁場中運動，已知L型棒兩邊相互垂直，長度均為l，運動速度大小均為v，則銅棒兩端電勢差的最大值為（）A.B.C.D.5、下列有關物理學史說法正確的是（）A.牛頓推導出了擺角很小時單擺的周期公式B.惠更斯通過觀察研究提出了多普勒效應C.赫茲通過實驗發現了電磁波D.麥克斯韋的電磁場理論指出變化的磁場產生變化的電場6、下列應用中與渦流無關的是（）A.高頻感應冶煉爐B.汽車的電磁式速度表C.家用電度表（轉盤式）D.閉合線圈在勻強磁場中轉動，切割磁感線產生的電流7、如圖所示，在勻強磁場中有一長為的絕緣細管，管的底部放一質量為電量為的帶電粒子，磁感應強度為的方向垂直于紙面向里。開始時粒子和管靜止，而后管帶著粒子沿垂直于管的方向以作為勻速直線運動。不考慮重力和各種阻力；則粒子離開管的上端后在磁場中做圓周運動的半徑為（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖所示，CD、EF是兩條水平放置的、阻值可忽略的平行金屬導軌，導軌間距為L，在水平導軌的左側存在方向垂直導軌平面向上的勻強磁場，磁感應強度大小為B，磁場區域的寬度為d，導軌的右端接有一阻值為R的電阻，左端與一彎曲的光滑軌道平滑連接．將一阻值也為R，質量為m的導體棒從彎曲軌道上h高處由靜止釋放，導體棒最終恰好停在磁場的右邊界處．已知導體棒與水平導軌接觸良好，且動摩擦因數為μ．下列說法正確的是。

A.通過電阻R的最大電流為B.流過電阻R的電荷量為C.整個電路中產生的焦耳熱為mghD.電阻R中產生的焦耳熱為9、一個閉合矩形線圈繞垂直于磁場方向的中心軸勻速轉動穿過線圈的磁通量隨時間變化的圖像如圖所示；下列說法正確的是（）

A.t2時刻線圈經過中性面B.t3時刻線圈經過中性面C.t3時刻線圈的磁通量變化率為0D.若線圈轉動角速度為=0.5rad/s，線圈有n=100匝，電動勢最大值為50V10、如圖所示，xOy平面內有垂直平面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B，一質量為m、電荷量為q的帶電粒子（不計粒子受到的重力）以大小為v0的初速度從y軸上的a點沿x軸正方向進入勻強磁場，其運動軌跡經過x軸上的b點，且Oa=Ob。若撤去磁場換一個與y軸平行的勻強電場，帶電粒子仍以速度v0從a點沿x軸正方向進入電場，運動軌跡仍能通過b點；則（）

A.粒子帶負電B.勻強電場的電場強度大小為C.粒子在磁場中從a點運動到b點的過程中，速度的偏轉角的正弦值為0.8D.粒子在磁場中從a點運動到b點的時間為11、如圖所示，水平地面上有一長為L、通有垂直紙面向里、電流大小為I的導體棒c，處于靜止狀態．現在a、b處（ab連線水平，abc構成正三角形）的導體棒中也通有方向垂直紙面向里的電流I，三根導體棒完全相同，已知a在b處產生的磁感應強度為c對地面的壓力恰好為零；則（）

A.a、b處的磁感應強度相同B.b導體棒處的磁感應強度大小為C.c導體棒的質量為D.拿走b導體棒，c所受摩擦力方向向左12、如圖所示，方向豎直向下的勻強磁場中，有兩根位于同一水平面內的足夠長的平行金屬導軌，兩根相同的光滑導體棒ab、cd，質量均為m，靜止在導軌上。t＝0時，棒cd受到一瞬時沖量作用而以初速度v0向右滑動。運動過程中，ab、cd始終與導軌垂直并接觸良好，兩者速度分別用v1、v2表示，回路中的電流用I表示。下列說法中正確的是（）

A.兩棒最終的狀態是cd靜止，ab以速度v0向右滑動B.兩棒最終的狀態是ab、cd均以的速度向右勻速滑動C.ab棒做勻加速直線運動到最終速度穩定D.回路中的電流I從某一個值I0逐漸減小到零13、圖（a）為風力發電的簡易模型，在風力的作用下，風葉帶動與其固定在一起的永磁體轉動，轉速與風速成正比。某一風速時，線圈中產生的正弦式交變電流如圖（b）所示，已知外接電阻則（）

A.風葉的轉速為10r/sB.電流的表達式為C.風速加倍時，電阻R的電功率為3.6WD.風速加倍時，電流的表達式為14、如圖所示為遠距離輸電的原理圖，已知升壓變電器原、副線圈的匝數分別為n1、n2，端電壓分別為U1、U2，電流分別I1、I2，升壓變壓器到降壓變壓器之間輸電線上的總電阻R；變壓器均為理想變壓器，若保持發電機的輸出功率和輸出電壓不變，則下列說法正確的是（）

A.用戶端的負載增加（并聯用電器增多）時，I2增大，I1增大B.無論用戶端的負載如何變化，始終有I1U1=I2U2C.遠距離輸電線上的電流I2=D.若用戶端要得到U1大小的電壓，則降壓變壓器原、副線圈的匝數比為n2：n1評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、如圖所示電路中，L是自感系數足夠大的線圈，它的電阻可忽略不計，和是兩個完全相同的小燈泡。將電鍵K閉合，再將電鍵K斷開，則觀察到的現象是：K閉合瞬間，______________________________，______________________________。

16、熱敏電阻：用_____材料制成，氧化錳制成的熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而____17、M板附近的帶電粒子由靜止釋放后從M板加速運動到N板（MN板間電壓為U），從N板上的小孔C飛出電場，垂直進入以N板為左邊界的磁感應強度為B的勻強磁場中，半個圓周后從D處進入如圖所示的電場，PQ兩板間勻強電場的電場強度為E，PQ板長為d。則該電荷電性為____（正電、負電、無法確定），到C的速度為_____（用m，q，U表示），最后從勻強電場E中飛出的速度大小為_____（已知帶電粒子電荷量為q，質量為m；不記重力，各有界場之間互不影響）

A.B.C.D.18、判斷下列說法的正誤．

（1）運動電荷在磁場中一定受洛倫茲力．（____）

（2）同一電荷，以相同大小的速度進入磁場，速度方向不同時，洛倫茲力的大小也可能相同．（____）

（3）洛倫茲力同電場力一樣，可對運動電荷做正功或負功．（____）

（4）用左手定則判斷洛倫茲力方向時，“四指的指向”與電荷定向移動方向相同．（____）

（5）顯像管內偏轉線圈中的電流恒定不變時，電子打在熒光屏上的光點是不動的．（____）19、類比是研究問題的常用方法。如圖甲所示，是豎直放置的足夠長、光滑的平行長直導軌，其間距為L。是跨接在導軌上質量為m的導體棒，定值電阻的阻值為R?？臻g存在磁感應強度為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場。已知電容器（起初不帶電）的電容為C，重力加速度為g。導體棒下落過程中始終保持水平且與導軌接觸良好；不計導軌和導體棒的電阻及空氣阻力。

（1）情境1：從零時刻開始，開關S接通1，同時釋放導體棒其速率v隨時間t的變化規律可用方程（①式）描述，求導體棒下落的最大速率vm()，及①式中的k。()

（2）情境2：從零時刻開始，開關S接通2，若導體棒保持大小為的速度下落，則電容器充電的電荷量q隨時間t的變化規律，與情境1中物體速率v隨時間t的變化規律類似。類比①式，寫出電容器充電電荷量q隨時間t變化的方程()；并在圖乙中定性畫出圖線。()

（3）分析情境1和情境2中電路的有關情況，完成表格中的填空。情境1情境2通過導體棒電流最大值的計算式________________導體棒克服安培力做功W與回路產生焦耳熱Q的比較W________Q（選填“>”、“<”或“=”）W______Q（選填“>”、“<”或“=”）

20、如圖所示，光滑的形金屬導軌水平放置，不計電阻，寬度左端的間接有定值電阻電阻的金屬棒垂直導軌放置在兩條導軌上，并用水平絕緣細線通過光滑的定滑輪連接質量的重物，重物靜止在地面上，細線拉直，已知間距離某時刻開始，導軌平面內有豎直向上的勻強磁場，磁感應強度從零開始隨時間均勻增大，變化率則重物未離開地面前通過的電流為_______當重物對地面的壓力為零時，磁場的磁感應強度大小為_______．(取)

21、如圖所示，交流發電機線圈的面積為0.05m2，共100匝，在磁感應強度為T的勻強磁場中，以10πrad/s的角速度勻速轉動，電阻R1和R2的阻值均為50Ω，線圈的內阻忽略不計，若從圖示位置開始計時，則線圈中的電動勢的表達式為_______V，電流表的示數為_______A。

22、在遠距離輸電中，輸送電壓為220伏，輸送的電功率為44千瓦，輸電線的總電阻為0.2歐，在使用原副線圈匝數比為1：10的升壓變壓器升壓，再用10：1的降壓變壓器降壓方式送電時．輸電線上損失的電壓為______V，損失的電功率為______W．評卷人得分四、作圖題(共4題，共8分)23、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

24、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

25、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

26、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環時，圓環向右偏離，試在圖中標出圓環中的電流方向___________．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

設ab邊長為L，電阻為R，由幾何關系可知，bc邊長為由電阻定律可知，ac邊的電阻也為R，而bc邊的電阻為由并聯電路電流分配規律可知，通過ab的電流為

通過bc的電流為

由安培力公式可知，ab邊所受的安培力

bc邊所受的安培力

故C正確；ABD錯誤。

故選C。2、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．如圖甲所示；由左手定則得帶電粒子帶負電。由幾何關系可知。

解得。

此時圓心角為

故AB錯誤；

C．如圖乙所示；弦長最短時，運動時間最短，根據幾何關系可知：

則圓心角。

所以運動的時間大于

故C錯誤；

D．如圖丙所示，恰好相切時，運動時間最長，轉過圓心角恰好為時間恰好為2t0；故D正確。

故選D。3、B【分析】【詳解】

由圖可知；交變電流的周期為0.02s，頻率為50Hz，則①錯誤；

該交變電流的有效值為②正確；

該交變電流的瞬時值表達式為i＝20sin100πt(A)；③錯誤；

時刻，該交變電流的大小為i＝20sin100πt(A)=20sin(A)=14.1A；即與其有效值相等，④正確。

股選B。4、C【分析】【分析】

【詳解】

由感應電動勢。

知；當細銅棒切割磁感線的有效長度最大時，銅棒兩端的感應電動勢最大。如圖所示。

即L型棒切割磁感線的有效長度為時，銅棒兩端電勢差最大，最大值為故C正確。

故選C。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．伽利略首先發現了單擺的等時性原理；惠更斯首先推導出了單擺的周期公式，選項A錯誤；

B．多普勒通過觀察研究提出了多普勒效應；選項B錯誤；

C．赫茲通過實驗發現了電磁波；選項C正確；

D．麥克斯韋的電磁場理論指出周期性變化的磁場產生周期性變化的電場；均勻變化的磁場產生穩定的電場，選項D錯誤。

故選C。6、D【分析】【詳解】

A．高頻感應冶煉爐是線圈中的電流做周期性變化；在冶煉爐中產生渦流，從而產生大量的熱量，與渦流有關。故A錯誤；

B．汽車的電磁式速度表與電磁感應有關；指針擺動時，鋁框骨架中產生渦流，與渦流有關，故B錯誤；

C．家用電度表的工作原理是當用電時；電壓線圈與電流線圈產生的兩個電磁場在鋁質表盤上相互作用，會產生推動鋁質表盤從左向右的正向轉動，從而帶動齒輪機構并最終帶動機械數字碼盤實現用電計量，家用電表的轉盤中有渦流產生，與渦流有關，故C錯誤；

D．閉合線圈在勻強磁場中轉動；切割磁感線產生的電流屬于一般的電磁感應，不是渦流，與渦流無關，故D正確。

故選D。7、C【分析】【分析】

【詳解】

粒子沿垂直于管的方向以作為勻速直線運動，由左手定則可知，受到的洛倫茲力方向豎直向上，粒子在管中豎直方向上做勻加速直線運動，由牛頓第二定律

由運動學公式

所以在離開管口的合速度為

之后在磁場中做勻速圓周運動有

聯立可得

故C正確；ABD錯誤。

故選C。二、多選題(共7題，共14分)8、A:B:D【分析】【詳解】

A．金屬棒下滑過程中；機械能守恒，由機械能守恒定律得：

金屬棒到達水平面時的速度。

金屬棒到達水平面后進入磁場受到向左的安培力做減速運動；則剛到達水平面時的速度最大，所以最大感應電動勢為。

E=BLv最大的感應電流為。

故A正確；

B．通過金屬棒的電荷量。

故B正確；

C．金屬棒在整個運動過程中；由動能定理得：

mgh-WB-μmgd=0-0則克服安培力做功：

WB=mgh-μmgd整個電路中產生的焦耳熱為。

Q=WB=mgh-μmgd故C錯誤；

D．克服安培力做功轉化為焦耳熱；電阻與導體棒電阻相等，通過它們的電流相等，則金屬棒產生的焦耳熱：

故D正確．9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．t2時刻線圈的磁通量為零；線圈經過與中性面垂直的位置，選項A錯誤；

BC．t3時刻線圈的磁通量最大；磁通量變化率為0，線圈經過中性面，選項BC正確；

D．若線圈轉動角速度為=0.5rad/s，線圈有n=100匝；電動勢最大值為。

選項D錯誤。

故選BC。10、A:C【分析】【詳解】

A．粒子在洛倫茲力作用下在磁場中做勻速圓周運動，可判斷a點洛倫茲力方向向下；根據左手定則可判斷，粒子帶負電，A正確；

B．粒子在磁場產中做勻速圓周運動；在磁場中運動軌跡如圖中綠色曲線。

設Oa=l，根據幾何知識可得粒子做勻速圓周運動得半徑

則有

粒子在電場中做類平拋運動，加速度為a，運動時間為t則

聯立解得

B錯誤；

C．有幾何知識可判斷，速度的偏轉角等于圓心角，則

C正確；

D．由上式可得

粒子在磁場中從a點運動到b點的時間為

聯立解得

D錯誤。

故選AC。11、B:C【分析】【詳解】

A．根據安培定則以及磁場的疊加可知，a、b處的磁感應強度大小相同；但是方向不同，選項A錯誤；

B．a在b處產生的磁感應強度為則c在b處產生的磁感應強度也為方向成60°角，則b導體棒處的磁感應強度大小為

選項B正確；

C．同理可得c導體棒所在位置的磁感應強度也為c對地面的壓力恰好為零，則

解得c導體棒的質量為

選項C正確；

D．拿走b導體棒，因ac電流同向，則a對c有吸引力，則c所受摩擦力方向向右；選項D錯誤。

故選BC。12、B:D【分析】【詳解】

AB．導體棒cd受到一瞬時沖量作用而以初速度v0向右滑動，由于存在豎直向下的勻強磁場，故導體棒切割磁感線在回路中產生感應電流，導體棒cd受到向左的安培力做減速運動，導體棒ab受到向右的安培力做加速運動，兩安培力大小相等方向相反，兩導體棒運動的最終狀態是兩導體棒相對速度為零，即回路內磁通量不變，不產生感應電流，兩導體棒以相同速度做勻速運動，由動量守恒定律得

解得

A錯誤；B正確；

CD．設導體棒的電阻均為R，導體棒ab受到的安培力

由閉合電路歐姆定律

法拉第電磁感應定律

所以回路中的電流I從最初值

逐漸減小到零，ab棒做加速度逐漸減小的加速運動到最終速度穩定；C錯誤，D正確。

故選BD。13、B:C【分析】【詳解】

A．由圖（b）可知，電流的周期為

風葉的轉速為

故A錯誤；

B．由圖（b）可知，電流的最大值為

由公式可得

則電流的表達式為

故B正確；

CD．風速加倍時，角速度加倍，根據可知，產生的感應電動勢加倍，形成的感應電流加倍，則電流的表達式為

電流的有效值為

由公式可得，電阻R的電功率為

故D錯誤；C正確。

故選BC。14、A:B【分析】【詳解】

A．將降壓變壓器原副線圈及副線圈電路等效為中間電路右端的一個電阻由

聯立可得

可知：用戶端的負載增加（并聯用電器增多）時，減??；中間電路的總電阻減?。欢龎鹤儔浩髟本€圈的電壓不變，所以I2增大，由理想變壓器規律I1U1=I2U2

知I2增大；故A正確；

B．變壓器均為理想變壓器，根據能量守恒可得：無論用戶端的負載如何變化，始終有I1U1=I2U2

故B正確；

C．根據P=UI可得，輸電線上的電流為

故C錯誤；

D．因為輸電線上有損失電壓，U2＞U3，又

若用戶端要得到U1大小的電壓，則應

故D錯誤。

故選AB。三、填空題(共8題，共16分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]L是自感系數足夠大的線圈，它的電阻可忽略不計，D1和D2是兩個完全相同的小燈泡，K閉合瞬間，但由于線圈的電流增加，導致線圈中出現感應電動勢從而阻礙電流的增加，所以兩燈同時亮，當電流穩定時，由于電阻可忽略不計，所以以后D1立刻亮而后熄滅，D2立刻亮而后更亮。【解析】立刻亮而后熄滅立刻亮而后更亮16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】半導體減小17、略

【分析】【詳解】

[1]電荷剛進入磁場時；受到豎直向下的洛倫茲力，根據左手定則可知電荷帶負電。

[2]電荷在電場中加速過程中，根據動能定理可得

解得電荷到C的速度為

[3]電荷進入勻強電場后，在水平方向上做初速度為的勻速直線運動，在豎直方向上做初速度為零的勻加速直線運動，根據牛頓第二定律可知加速度大小為

運動時間為

故飛出勻強電場時，豎直方向上的速度為

所以最后從勻強電場E中飛出的速度大小為

故A正確BCD錯誤。

故選A?！窘馕觥控撾夾18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】錯誤正確錯誤錯誤正確19、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]導體棒先做加速運動，當其速率為v時產生的感應電動勢為①

導體棒所受安培力大小為②

根據閉合電路歐姆定律可得③

對導體棒根據牛頓第二定律可得④

聯立①②③④可得⑤

所以⑥

當導體棒的加速度為零時，速率達到最大，即⑦

解得⑧

（2）[3][4]電容器充電過程中回路中電流為⑨

導體棒保持大小為的速度下落時產生的感應電動勢為⑩

電容器兩端的電壓為?

根據閉合電路歐姆定律有?

聯立⑨⑩??可得?

由?式可知隨著電容器電荷量q逐漸增大，q隨t的變化越來越慢，當時，電容器電荷量最大，作出q-t圖像如圖所示。

（3）[5][6]情境1中，當導體棒速度最大時電流也達到最大，此時所受安培力與重力平衡，即?

解得?

根據功能關系可知?

[7][8]情境2中，由q-t圖像可知t=0時刻回路中電流最大，為?

設電容器儲存的電能為EC，根據功能關系可知?【解析】=>20、略

【分析】【詳解】

(1)由法拉第電磁感應定律,則有：E=Ld=0.08V

由歐姆定律,得：I=E/（R+r）=0.2A

當重物恰好被提離地面時；導體棒MN受力平衡；

則有：BIL?mg=0；B=20T