…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年北師大版選修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、關于電流下列說法正確的是（）A.電荷的移動形成電流B.只有正電荷的定向移動形成電流C.正電荷定向移動的方向與電流方向相同D.電路中電流的方向是由電源的負極到電源的正極2、圖中所示ox軸沿水平方向，oy軸沿豎直向上方向．在x>0，y>0的區域內存在某種分布范圍足夠廣的介質，其折射率隨著y的變化而變化．一束細光束入射到介質表面，并沿著如圖所示從a到b的一條弧形路徑傳播．下列判斷正確的是。

A.此介質的折射率隨著y的增大而減小B.海洋蜃景發生時空氣折射率隨高度的變化與此類似C.沙漠蜃景發生時空氣折射率隨高度的變化與此類似D.這束細光束在繼續傳播的過程中會發生全反射3、如圖所示電路圖中，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，電源內阻r；當滑動變阻器的滑動片向右移動時，電流表；電壓表可視為理想電表，關于電流表和電壓表示數的變化情況的分析，正確的是。

A.電流表和電壓表讀數均增大B.電流表和電壓表讀數均減小C.電流表讀數變大，電壓表V2讀數變大，V1讀數減小D.電流表讀數變小，電壓表V2讀數變大，V1讀數減小4、在基本邏輯電路中，何種邏輯門電路當所有輸入均為0時，輸出是1（）A.“與”門電路B.“或”門電路C.“非”門電路D.都不可能5、如圖甲所示，理想變壓器原副線圈的匝數比為5：1，V和R1、R2分別是電壓表、定值電阻，且R1＝5R2．已知ab兩端電壓u按圖乙所示正弦規律變化．下列說法正確的是。

A.電壓u瞬時值的表達式B.電壓表示數為40VC.R1、R2兩端的電壓之比為5：1D.R1、R2消耗的功率之比為1：56、矩形閉合線圈平面跟磁感線方向平行；如圖所示，下列哪種情況線圈中有感應電流。

A.線圈繞ab軸轉動B.線圈沿現在所處平面下移C.線圈垂直紙面向外移動D.線圈繞ad軸轉動7、兩條相互平行的光滑金屬導軌，距離為L，電阻不計。導軌內有一與水平面垂直向里的勻強磁場，導軌左側接電容器C，電阻R1和R2；如圖所示。垂直導軌且與導軌接觸良好的金屬桿AB以一定的速度向右勻速運動，某時刻開始做勻減速運動至速度為零后反向勻加速運動。在金屬桿變速運動的過程中，下列說法正確的是（）

A.R1中無電流通過B.R1中電流一直從e流向aC.R2中電流一直從a流向bD.R2中電流先從b流向a，后從a流向b8、如圖所示，面積為0.01m2，內阻不計的100匝矩形線圈ABCD，繞垂直于磁場的軸勻速轉動，轉動的角速度為100rad/s，勻強磁場的磁感應強度為矩形線圈通過滑環與理想變壓器相連，觸頭P可移動，副線圈所接電阻R電表均為理想交流電表；當線圈平面與磁場方向垂直時開始計時，下列說法正確的是（）

A.P上移時，電阻R上消耗的功率增大B.線圈中感應電動勢的表達式為C.時刻，電壓表示數為0D.當原副線圈匝數比為2：1時，電阻上消耗的功率為400W9、籃球運動員接傳來的籃球時，通常要先伸出兩臂迎接，手接觸到球后，兩臂隨球迅速引至胸前，這樣做可以A.減小球對手作用力的沖量B.減小球的動量變化率C.減小球的動量變化量D.減小球的動能變化量評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、下列說法正確的是（）A.知道水蒸氣的摩爾體積和水分子的體積，可計算出阿伏伽德羅常數B.液體表面層分子間距離大于液體內部分子間距離，所以液體表面存在表面張力C.兩個分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過程中，它們之間的分子勢能先減小后增大D.布朗運動是懸浮在液體中的固體分子所做的無規則運動11、一定質量的理想氣體從狀態A經過狀態B變化到狀態C，其V-t圖像如圖所示，下列說法正確的有：（）

A.A→B的過程中，氣體對外做功B.A→B的過程中，氣體放出熱量C.B→C的過程中，氣體壓強變大E.B→C的過程中，單位體積內的分子數目增加E.B→C的過程中，單位體積內的分子數目增加12、下列說法正確的是__________A.晶體與非晶體的區別之一在于是否具有固定的幾何外形B.當分子所受的引力與斥力相等時，其分子間的勢能小于零C.一定溫度下的飽和汽的分子數密度是一定值，飽和汽壓不變E.不浸潤液體在毛細管內下降與浸潤液體在毛細管內上升都是表面張力作用的效果E.不浸潤液體在毛細管內下降與浸潤液體在毛細管內上升都是表面張力作用的效果13、下列說法正確的是（）A.布朗運動是液體或氣體分子的運動，它說明分子永不停息做無規則運動B.用油膜法估測分子大小時，用油酸酒精體積除以單分子油膜面積，可得油酸分子的直徑C.若容器中用活塞封閉著剛好飽和的一些水汽，當保持溫度不變向下緩慢壓縮活塞時，水汽的質量減少，壓強不變E.一切自然過程總是沿著分子熱運動的無序性增加的方向進行E.一切自然過程總是沿著分子熱運動的無序性增加的方向進行14、航母上飛機彈射起飛所利用的電磁驅動原理如圖所示．當固定線圈上突然通過直流電時，線圈左側的金屬環被彈射出去．現在線圈左側同一位置，先后放上用橫截面積相等的銅和鋁導線制成的形狀、大小相同的兩個閉合環，電阻率．則合上開關S的瞬間()

A.從右側看，環中產生逆時針方向的感應電流B.銅環受到的安培力大于鋁環受到的安培力C.若將金屬環置于線圈右側，環將向右彈射D.電池正、負極調換后，金屬環仍能向左彈射15、如圖所示，與水平方向成的恒力作用在質量為的物體上，由于地面對物體的摩擦力較大，物體沒有被拉動。若經時間取則關于沖量下列計算結果正確的是（??）

A.重力對物體的沖量大小為B.拉力對物體的沖量大小為零C.摩擦力對物體的沖量大小為零D.合力對物體的沖量大小為零評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、模塊機器人的控制器內存有5種控制方法；可使用的傳感器大致有5類；列表如下：

。序號。

控制方法。

序號。

傳感器。

01

即時控制。

01

位移傳感器。

02

延遲控制。

02

聲傳感器。

03

“與”門控制。

03

溫度傳感器。

04

“或”門控制。

04

光傳感器。

05

“非”門控制。

05

磁傳感器。

執行器模塊為小燈模塊、電動機模塊。某同學要設計一個裝置，當有光照射且有聲音時，電動機才會轉，則應選擇的控制器序號為______，應使用的傳感器序號為______。17、回熱式制冷機是一種深低溫設備，制冷極限約50K，某臺設備工作時，一定量的氦氣（可視為理想氣體）緩慢經歷如圖所示的四個過程：從狀態到和到是等溫過程；從狀態到和到是等容過程，體積分別為和則圖中___（填“>”“<”或者“=”）；整個循環過程氦氣系統是______的（填“吸熱”“放熱”或者“絕熱”）。

18、如圖所示，“磁場垂直紙面向里”導體AB向右運動過程中，穿過閉合電路ABEF的磁通量______________(填“變大”、“不變”或“變小”)，閉合電路中_______________(填“有”或“沒有”)感應電流產生．19、如圖所示，水平桌面上有一質量為m的銅質矩形線圈abcd，當一豎直放置的條形磁鐵的S極從線圈正上方快速靠近線圈時，流過ab邊的電流方向為___________；若線圈始終不動，線圈受到的支持力FN與自身重力間的關系是FN__________mg（選填“＞”、“＜”或“＝”）。20、一根長為L，橫截面積為S的粗細均勻的金屬棒，棒內單位體長度自由電子數為n，電子的質量為m，電荷量為e。在棒兩端加上恒定的電壓U時，棒內產生電流自由電子定向運動的平均速率為v。則金屬棒內的電流強度大小為_________評卷人得分四、作圖題(共3題，共30分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共4題，共24分)24、如圖所示，光滑、足夠長的平行金屬導軌MN、PQ的間距為l，所在平面與水平面成θ角，處于磁感應強度為B、方向垂直于導軌平面向上的勻強磁場中。兩導軌的一端接有阻值為R的電阻。質量為m、電阻為r的金屬棒ab垂直放置于導軌上，且m由一根輕繩通過一個定滑輪與質量為M的靜止物塊相連，物塊被釋放后，拉動金屬棒ab加速運動H距離后，金屬棒以速度v勻速運動。求：（導軌電阻不計）

（1）金屬棒ab以速度v勻速運動時兩端的電勢差Uab；

（2）物塊運動H距離過程中電阻R產生的焦耳熱QR。

25、如圖；一粗細均勻的細管開口向上豎直放置，管內有一段高度為2.0cm的水銀柱，水銀柱下密封了一定量的理想氣體，水銀柱上表面到管口的距離為4.0cm。若將細管倒置，水銀柱下表面恰好位于管口處，且無水銀滴落，管內氣體溫度與環境溫度相同。已知大氣壓強為76cmHg，環境溫度為296K。

（1）求細管的長度；

（2）若在倒置前；緩慢加熱管內被密封的氣體，直到水銀柱的上表面恰好與管口平齊為止，求此時密封氣體的溫度。

26、超導現象是20世紀人類重大發現之一；日前我國已研制出世界傳輸電流最大的高溫超導電纜并成功示范運行。

（1）超導體在溫度特別低時電阻可以降到幾乎為零；這種性質可以通過實驗研究。將一個閉合超導金屬圈環水平放置在勻強磁場中，磁感線垂直于圈環平面向上，逐漸降低溫度使環發生由正常態到超導態的轉變后突然撤去磁場，若此后環中的電流不隨時間變化。則表明其電阻為零，請指出自上往下看環中電流方向，并說明理由。

（2）為探究該圓環在超導狀態的電阻率上限ρ，研究人員測得撤去磁場后環中電流為I，并經一年以上的時間t未檢測出電流變化。實際上儀器只能檢測出大于ΔI的電流變化，其中當電流的變化小于ΔI時，儀器檢測不出電流的變化，研究人員便認為電流沒有變化。設環的橫截面積為S，環中定向移動電子的平均速率為v，電子質量為m、電荷量為e。試用上述給出的各物理量，推導出ρ的表達式。

（3）若仍使用上述測量儀器，實驗持續時間依舊為t。為使實驗獲得的該圓環在超導狀態的電阻率上限ρ的準確程度更高，請提出你的建議，并簡要說明實現方法。27、如圖所示，兩平行金屬板右側的平行直線A1、A2間，存在兩個方向相反的勻強磁場區域Ⅰ和Ⅱ，以豎直面MN為理想分界面。兩磁場區域的寬度相同，磁感應強度的大小均為B，Ⅰ區的磁場方向垂直于紙面向里。一電子由靜止開始，經板間電場加速后，以速度v0垂直于磁場邊界A1進入勻強磁場，經的時間后，垂直于另一磁場邊界A2離開磁場。已知電子的質量為m，電荷量為e。

(1)求每一磁場區域的寬度d；

(2)若要保證電子能夠從磁場右邊界A2穿出，加速度電壓U至少應大于多少？

(3)現撤去加速裝置，使Ⅰ區域的磁感應強度變為2B，電子仍以速率v0從磁場邊界AB射入，并改變射入時的方向（其它條件不變），使得電子穿過Ⅰ區域的時間最短。求電子穿過兩區域的時間t。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【詳解】

A．只有電荷的定向移動才能形成電流；故A錯誤；

B．正負電荷做定向移動均可以形成電流；故B錯誤；

C．我們規定正電荷的定向移動方向為電流的方向；故C正確；

D．電路中電荷定向移動的方向在外電路中是由正極到負極，而在內電路中是由負極流向正極的，故D錯誤．2、C【分析】由光的傳播路徑可知；此介質的折射率隨著y的增大而增大，故A錯誤；海洋蜃景發生時，海面上的下層空氣的溫度比上層低，下層空氣的密度比上層大，折射率也比上層大；沙漠蜃景發生時，沙漠的上層空氣的溫度比下層低，則上層空氣的密度比下層大，則上層空氣的折射率比下層空氣折射率大，由此可知沙漠蜃景發生時空氣折射率隨高度的變化與此類似，故B錯誤，C正確；光的全反射條件為光從光密介質進入光疏介質，而圖中的光是從光疏介質進入光密介質，故不會發生全反射，故D錯誤；故選C.

【點睛】根據圖象得出折射率隨y軸的增大而增大，知道海洋蜃景和沙漠蜃景的原理，掌握光的全反射條件為光從光密介質進入光疏介質，從而進行分析判斷．3、D【分析】【分析】

根據滑片的移動方向判斷出滑動變阻器接入電路的阻值如何變化；然后由串并聯電路特點及歐姆定律分析答題；

【詳解】

由電路圖可知，滑動變阻器的滑動片向右移動時，滑動變阻器接入電路的阻值增大，電路的總電阻增大，電源電動勢不變，由閉合電路歐姆定律可知，電路總電流I減小，路端電壓則U增大，電阻R1的電壓減小，則電壓表示數減小；并聯部分的電壓增大，電壓表示數增大；增大，通過的電流增大，因為總電流減小，所以通過電流表的示數減小．總之，電流表讀數變小，電壓表V2讀數變大，V1讀數變小；故ABC錯誤，D正確．

【點睛】

閉合電路的動態分析題的關鍵在于由變化的電阻，得出總電阻的變化．進而得到干路電流和路端電壓的變化．4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．“與”門的特點：事件的幾個條件都滿足；該事件才能發生。所以輸入端均為“0”，則輸出端為“0”。故A錯誤；

B．“或”門的特點：只要一個條件得到滿足；事件就會發生。所以輸入端均為“0”，則輸出端為“0”。故B錯誤；

CD．“非”門的特點：輸出狀態和輸入狀態相反。輸入端為“0”；則輸出端為“1”。故C正確，D錯誤。

故選C。5、D【分析】【詳解】

試題分析：根據公式分析解題。

從圖乙中可知交流電的最大值為周期為故故電壓u瞬時值的表達式A錯誤；交流電壓的有效值為原線圈中的電流為故原線圈中輸出端電壓為副線圈中的電壓為故根據可得又知道代入整理可得所以B錯誤；兩端的電壓之比C錯誤；消耗的功率之比為D正確．6、A【分析】【分析】

【詳解】

A、根據感應電流產生的條件，當線圈繞ab軸轉動時；穿過線圈的磁通量發生變化，故A正確.

B、線圈沿沿現在所處平面下移，磁場與線圈平行，磁通量始終為零，故△Φ=0；無電流產生，故B錯誤.

B、線圈垂直紙面向外平動，磁場與線圈平行，線圈有效面積為零，故△Φ=0；無電流產生，故C錯誤.

D、線圈繞ad軸轉，磁場與線圈始終平行，線圈有效面積為零，故△Φ=0；無電流產生，故D錯誤.

故選A.7、B【分析】【詳解】

開始時，金屬桿AB以一定的速度向右勻速運動，由感應電動勢：E=BLv，電容器兩端的帶電量為，Q=CU=CBLv，由右手定則知，R2感應電流方向由a向b，故電容器的上極板帶正電，開始做勻減速運動至速度為零的過程中，Q=CU=CBLv知，速度減小，極板帶電量減小，有電流定義式：I＝q/t可知，R1中有電流通過，方向由a流向e，R2中電流從a流向b，故A錯誤；反向勻加速運動過程中，由右手定則知，R2感應電流方向由b向a，電容器反向充電，流經R1電流方向由e流向a；故B正確，CD錯誤；故選B。

【點睛】

本題電磁感應中電路問題，基礎是識別電路的結構．本題難點是根據并聯電路電流與電阻成反比確定兩電阻電量的關系．在高考中電路中含有電容器也是熱點問題．8、A【分析】【詳解】

AB．根據題意可知，感應電動勢瞬時值表達式：代入數據得：所以電動勢有效值：根據變壓器原理：輸入電壓P上移，原線圈匝數變小，副線圈電壓變大，根據可知；電阻消耗功率變大，A正確B錯誤。

C．電壓表示數為有效值，即C錯誤。

D．此時，副線圈電壓：電阻消耗功率：D錯誤。9、B【分析】由動量定理的內容可知，增大接觸時間可以減小沖力大小，B對；二、多選題(共6題，共12分)10、B:C【分析】【詳解】

A．知道水蒸氣的摩爾體積和水分子運動占據的空間的體積；可計算出阿伏伽德羅常數，選項A錯誤；

B．液體表面層分子間距離大于液體內部分子間距離；分子之間的作用力表現為引力，所以液體表面存在表面張力，故B正確；

C．兩個分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過程中；分子力先是斥力，后是引力，分子力先做正功，后做負功，則它們之間的分子勢能先減小后增大，選項C正確；

D．布朗運動是懸浮在液體中的固體顆粒所做的無規則運動；不是固體分子的運動，選項D錯誤；

故選BC.11、A:C:E【分析】【詳解】

AB．A→B的過程中；氣體體積變大，則氣體對外做功，溫度不變，內能不變，則氣體吸收熱量，選項A正確，B錯誤；

CDE．根據則

在B→C的過程中；圖線上的點與橫軸上-273℃點連線的斜率減小，則氣體壓強變大；氣體的溫度降低，內能減小；氣體體積減小，則單位體積內的分子數目增加，選項CE正確，D錯誤。

故選ACE。12、B:C:E【分析】【詳解】

A．只有單晶體具有固定的幾何外形；故選項A錯誤；

B．無窮遠處分子間的勢能等于零；隨著靠近時引力做正功，勢能減小，當分子所受的引力與斥力的合力為零時，其分子間的勢能最小，小于零，故選項B正確；

C．在一定溫度下；飽和汽的分子數密度是一定的，因而其壓強也是一定的，故選項C正確；

D．熱力學第二定律的內容可以表述為：不可能把熱從低溫物體傳到高溫物體而不產生其他影響；或不可能從單一熱源取熱使之完全轉換為有用的功而不產生其他影響，故選項D錯誤；

E．不浸潤液體在毛細管內附著層液體的分子密度較小，液體分子間距較大（大于），此時附著層內的分子相互作用表現為引力，液面呈現收縮的趨勢，即液面下降，同理，浸潤液體在毛細管內上升，故選項E正確．13、C:D:E【分析】【詳解】

A．布朗運動是固體小顆粒的運動；不是分子永不停息做無規則運動，A錯誤；

B．應該用油酸的體積除以單分子油膜面積；可得油酸分子的直徑，B錯誤；

C．同種液體的飽和汽壓只和溫度有關；與體積無關，所以保持溫度不變緩慢下壓活塞時，飽和汽壓不變，水汽的質量減少，C正確；

D．鋼筆使用的墨水與油紙不浸潤；墨水無法附著在油紙上，所以使用鋼筆難以在油紙上寫字，D正確；

E．根據熱力學第二定律可知；一切自然過程總是沿著分子熱運動的無序性增加的方向進行，E正確。

故選CDE。14、B:C:D【分析】【詳解】

A.閉合開關S的瞬間；金屬環中向右的磁場磁通量增大，根據楞次定律，從右側看，環中產生順時針方向的感應電流，選項A不合題意；

B.由于電阻率先后放上用橫截面積相等的銅和鋁導線制成的形狀；大小相同的兩個閉合環，銅環中產生的感應電流大于鋁環中產生的感應電流，由安培力公式可知，銅環受到的安培力大于鋁環受到的安培力，選項B符合題意；

C.若將金屬環置于線圈右側；則閉合開關S的瞬間，從右側看，環中產生順時針方向的感應電流，環將向右彈射，選項C符合題意；

D.電池正、負極調換后，同理可以得出金屬環仍能向左彈射，選項D符合題意．15、A:D【分析】【詳解】

A．重力對物體的沖量大小為

故A正確；

B．拉力對物體的沖量

故B錯誤；

C．地面對物體的摩擦力不為零；摩擦力對物體的沖量大小不為零，故C錯誤；

D．物體沒有被拉動，說明物體仍然處于平衡狀態，受到的合外力為所以合力對物體的沖量大小為故D正確。

故選AD。三、填空題(共5題，共10分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由題意知；當有光照射且有聲音時，電動機才會轉，因此控制器為：“與”門控制。

故選03。

[2]有光照射且有聲音時，電動機才會轉，說明傳感器能感受光與聲音的變化，需要04光傳感器與02聲傳感器。【解析】0302，0417、略

【分析】【詳解】

[1]從狀態B到C，由查理定律得

由于所以

[2]A-B過程外界對系統做正功，C-D過程外界對系統做負功，p-V圖象與橫軸圍成的面積表示做的功，所以

所以整個循環過程外界對系統做正功。整個循環過程

所以

整個循環過程A-B-C-D-A氦氣系統要放熱。【解析】>放熱18、略

【分析】【詳解】

當導體AB向右運動時，穿過閉合電路的磁通量發生變化，從而產生感應電流，根據題意可知，磁通量變大．【解析】變大有19、略

【分析】【詳解】

[1][2]當條形磁鐵靠近線圈時，向上穿過線圈的磁通量增加，根據楞次定律判斷出線圈中產生的感應電流方向為順時針方向；若線圈始終不動，根據楞次定律可知，線圈受到排斥力作用，則線圈受到的支持力FN大于線圈的重力。【解析】順時針方向＞20、略

【分析】【分析】

根據導體中自由電子的定向移動速率可明確t內通過截面的電量；再由電流的定義即可求電流強度的大小．

【詳解】

由題意金屬棒中的電荷量為q=LSne，由一端運動到另一端所需時間根據得金屬棒中電流為．

【點睛】

本題考查了電流微觀表達．在求解時要注意明確，t內長度為vt的導線內部電子能全部通過截面，從而可以由電流定義求解．【解析】四、作圖題(共3題，共30分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、解答題(共4題，共24分)24、略

【分析】【詳解】

（1）金屬棒ab以速度v勻速運動時，產生的感應電動勢大小為E=Blv

由閉合電路歐姆定律得

金屬棒αb兩端的電壓大小為U=IR

解得

由右手定則可得金屬棒ab中的電流方向由a到b，可知Uab為負值，故

（2）物塊運動H距離過程中，設整個回路產生的焦耳熱為Q，由能量守恒定律得

由焦耳定律得

解得

【點睛】

本題是一道電磁感應與電路、運動學相結合的綜合題，分析清楚棒的運動過程、找出電流的方向、應用能量守恒和功能關系等相關知識，是正確解題的關鍵。【解析】（1）（2）25、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）設細管的長度為L，橫截面的面積為S，水銀柱高度為h；初始時，設水銀柱上表面到管口的距離為h1，被密封氣體的體積為V，壓強為p；細管倒置時，氣體體積為V1，壓強為p1；由玻意耳定律有。

pV＝p1V1由力的平衡條件有。

p＝p0＋ρghp1＝p0－ρgh式中，ρ、g分別為水銀的密度和重力加速度的大小，p0為大氣壓強。

由題意有。

V＝S（L－h1－h）V1＝S（L－h）代入數據；聯立解得。

L＝80cm（2）設氣體被加熱前后的溫度分別為T0和T；由蓋—呂薩克定律有。

＝代入數據；聯立解得。

T＝312K【解析】（1）80cm；（2）312K26、略

【分析】【詳