…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年粵教滬科版高一物理下冊月考試卷908考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、狗拉著雪撬在水平冰面上沿著圓弧形的道路做逆時針的勻速圓周運動，下圖為四個關于雪橇受到的牽引力F及摩擦力f的示意圖（O為圓心），其中正確的是()2、關于做勻速圓周運動的物體的向心加速度，下列說法正確的是（）A.向心加速度大小與軌道半徑成正比B.向心加速度大小與軌道半徑成反比C.向心加速度方向與向心力方向不一致D.向心加速度指向圓心3、有四個運動的物體ABCD

物體AB

運動的x鈭?t

圖象如圖甲所示；物體CD

從同一地點沿同一方向運動的v鈭?t

圖象如圖乙所示。根據圖象做出以下判斷不正確的是(

)

A.物體A

和B

均做勻速直線運動且A

的速度比B

的大B.在0隆蘆3s

時間內，物體B

運動的位移為10m

C.t=3s

時，物體C

追上物體D

D.t=3s

時，物體C

與D

間距離最大4、太空中存在一些離其它恒星較遠的、由質量相等的三顆星組成的三星系統，通常可忽略其它星體對它們的引力作用.

已觀測到穩定的三星系統存在兩種基本的構成形式：一種是三顆星位于同一直線上，兩顆星圍繞中央星在同一半徑為R

的圓軌道上運行；另一種形式是三顆星位于等邊三角形的三個頂點上，并沿外接于等邊三角形的圓形軌道運行.

設這三個星體的質量均為M

并設兩種系統的運動周期相同，則下列說法不正確的是

A.直線三星系統中甲星和丙星的角速度相同。

B.此三星系統的運動周期為T=4婁脨RR5GM

C.三角形三星系統中星體間的距離為L=1253R

D.三角形三星系統的線速度大小為v=125GMR

5、關于動能的理解，下列說法____的是()

A.凡是運動的物體都具有動能B.物體的動能不能為負值C.速度變化時，動能不一定變化D.動能不變的物體，一定處于平衡狀態6、【題文】利用下列哪組數據，可以計算出地球的質量，(萬有引力常量G已知)()．A.已知地球的半徑R地和地面的重力加速度gB.已知衛星繞地球做勻速圓周運動的軌道半徑r和周期TC.已知衛星繞地球做勻速圓周運動的軌道半徑r和線速度vD.已知衛星繞地球做勻速圓周運動的線速度v和周期T7、下列說法中正確的是(

)

A.只有體積很小的物體才能被看成質點B.第3s

表示時刻C.選取不同的參考系，所得出的關于物體運動的結論可能是不同的D.在田徑場1500m

長跑比賽中，跑完全程的運動員的位移大小為1500m

評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)8、（2011?鹿城區校級自主招生）在甲乙兩個電路中，電源、定值電阻、電壓表均相同．已知流經電壓表的電流等于自身的示數與自身電阻的比值．將開關閉合后，甲中電壓表示數為3V，乙中電壓表示數均為2V．由以上信息可求得電源電壓____V．9、某學生在做“研究平拋運動”的實驗中；忘記記下小球做平拋運動的起點位置，0為物體運動一段時間后的位置，取為坐標原點，A；B點坐標如圖所示，則可求出：

（1）A、B點時間間隔T=____s

（2）小球拋出時的速度v=____m/s

（3）小球經過A點時的速度v=____m/s．（g=10m/s2）

10、如圖，AB段的加速度是____m/s2，CD段的加速度是____m/s2.5秒內的位移是____m．

11、打點計時器是一種使用______電源的______儀器.

目前，常用的有______和電火花打點計時器兩種.

電火花打點計時器是利用在紙帶上打出點跡的，它接的是______V

電壓，當使用的電源頻率是50Hz

時，電火花計時器每隔______s

打一個點．12、一質量為60kg的人站在升降機里的體重計上，當升降機以1m/s2的加速度勻加速上升時，體重計的示數為____N；當升降機以1m/s2的加速度勻減速上升時，體重計的示數為____N．（重力加速度g=10m/s2）13、（1）實驗室常用的電磁式打點計時器用的是低壓交流電源，打點頻率為50HZ．某次實驗連續打了一系列點的紙帶如下圖，由此可以判斷，這段紙帶的運動屬于____（填“勻速”、“勻變速”）直線運動，紙帶上AB段運動的時間t=____s，AB段的平均速度____m/s（計算結果保留三位有效數字）

（2）利用圖1所示的裝置可測量滑塊在斜面上運動的加速度．一斜面上安裝有兩個光電門；其中光電門乙固定在斜面上靠近底端處，光電門甲的位置可移動，當一帶有遮光片的滑塊自斜面上滑下時，與兩個光電門都相連的計時器可以顯示出遮光片從光電門甲至乙所用的時間t．改變光電門甲的位置進行多次測量，每次都使滑塊從同一點由靜止開始下滑，并用米尺測量甲；乙之間的距離s，記下相應的t值；所得數據如下表所示．

。s（m）0.5000.6000.7000.8000.9000.950t（ms）292.9371.5452.3552.8673.8776.4s/t（m/s）1.711.621.551.451.341.22完成下列填空和作圖：

①已知滑塊沿斜面下滑時做勻加速運動，滑塊加速度的大小a、滑塊經過光電門乙時的瞬時速度v1、測量值s和t四個物理量之間所滿足的關系式是____；

②根據表中給出的數據，在圖2給出的坐標紙上畫出-t圖線；

③由所畫出的s/t-t圖線，得出滑塊加速度的大小為a=____m/s2（保留2位有效數字）．

14、做勻加速直線運動的物體，速度以v增加到2v時經過的位移是x，則它的速度從2v增加到4v時所發生的位移是_____________。15、如圖；用一根結實的細繩拴住一個小物體，在足夠大的光滑水平桌面上掄動細繩，使小物體做勻速圓周運動，則：

①當你掄動細繩，使小物體做勻速圓周運動時，作用在小物體的拉力______

A．沿繩指向圓心。

B．沿繩背向圓心。

C．垂直于繩與運動方向相同。

D．垂直于繩于運動方向相反。

②松手后，物體做______

A．半徑更大的圓周運動B．半徑更小的圓周運動。

C．平拋運動D．直線運動。

③若小物體做圓周運動的半徑為0.4m，質量為0.3kg，每秒勻速轉過5轉，則細繩的拉力為______N（結果用含有“π”的式子表示）評卷人得分三、證明題(共2題，共4分)16、燈距地面的高度為h；身高為l的人以速度υ勻速直線行走，如圖所示．

（1）有甲；乙兩位同學對人的頭頂的影子的運動情況分別談了自己的看法；甲同學認為人的頭頂的影子將作勻加速直線運動，而乙同學則依據平時看到的自己的影子的運動情況，認為人的頭頂的影子將作勻速直線運動，你認為甲、乙兩位同學對人的頭頂的影子的運動情況的看法，誰的看法是正確的？

（2）請說明你的判斷依據：

（3）求人影的長度隨時間的變化率．17、燈距地面的高度為h；身高為l的人以速度υ勻速直線行走，如圖所示．

（1）有甲；乙兩位同學對人的頭頂的影子的運動情況分別談了自己的看法；甲同學認為人的頭頂的影子將作勻加速直線運動，而乙同學則依據平時看到的自己的影子的運動情況，認為人的頭頂的影子將作勻速直線運動，你認為甲、乙兩位同學對人的頭頂的影子的運動情況的看法，誰的看法是正確的？

（2）請說明你的判斷依據：

（3）求人影的長度隨時間的變化率．評卷人得分四、實驗題(共3題，共12分)18、如圖所示，由打點計時器得到表示小車運動過程的一條清晰紙帶，紙帶上兩相鄰計數點的時間間隔為T=0.10s，其中S1=7.05cm，S2=7.68cm，S3=8.33cm，S4=8.95cm，S5=9.61cm，S6=10.26cm，則A點的瞬時速度大小是______m/s，B點的瞬時速度大小是_____m/s，小車的加速度大小為_______m/s2（結果均保留2位有效數字）。19、某同學做“驗證力的平行四邊形定則”實驗時，主要步驟有：A．在桌上放一塊方木板，在方木板上鋪一張白紙，用圖釘把白紙釘在方木板上B．用圖釘把橡皮條的一端固定在板上的A點，在橡皮條的另一端拴上兩條細繩，細繩的另一端系著繩套C．用兩個彈簧測力計分別鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，結點到達某一位置O。記錄下O點的位置，讀出兩個彈簧測力計的示數D．按選好的標度，用鉛筆和刻度尺作出兩只彈簧測力計的拉力F1和F2的圖示，并用平行四邊形定則求出合力FE．只用一只彈簧測力計，通過細繩套拉橡皮條使其伸長，讀出彈簧測力計的示數，記下細繩的方向，按同一標度作出這個力的圖示F．比較和F的大小和方向，看它們在誤差范圍內是否相同，得出結論上述步驟中：（1）有兩個步驟發生重要遺漏，它們的的序號是_____和_____；（2）遺漏的內容分別是____________________；___________________________。20、（1）在《探究求合力的方法》實驗中的三個步驟如下：①在水平放置的木板上固定一張白紙，把橡皮條的一端固定在木板上，另一端拴兩根細繩套。通過細繩套同時用兩個測力計互成角度地拉橡皮筋，使它與細繩套的結點到達某一位置O點，在白紙上記下O點和兩細繩套的方向，讀出兩個測力計的示數F1和F2。②在白紙上根據F1和F2的大小和方向，應用平行四邊形定則作圖求出合力F。③只用一只測力計通過細繩套拉橡皮筋，使它的伸長量與用兩個測力計拉時相同，記下此時測力計的示數F＇和細繩套的方向。以上步驟中哪一個有錯誤或疏漏，請補充或更正錯誤：____；（2）以下對減小實驗誤差有益的做法是____.A．兩細繩必須等長B．用測力計拉細繩套時，拉力應適當大些，但不能超過量程C．用兩彈簧秤同時拉細繩時兩彈簧秤示數之差應盡可能大D．拉橡皮條的細繩要長些，標記同一細繩方向的兩點要遠些評卷人得分五、實驗探究題(共3題，共27分)21、某同學設計了一個“探究加速度a

與物體所受合力F

及質量m

關系”的實驗；圖甲為實驗裝置簡圖。

(1)

該實驗應采用______法；在探究加速度a

與物體質量m

關系時，應保持______不變(

選填“砂和砂桶質量”或“小車質量”)

同時實驗還要求砂和砂桶質量______小車質量(

選填“遠大于”或“遠小于”)

圖乙為某次實驗用打點計時器測得的紙帶；已知交流電的頻率為50Hz

根據紙帶可求出小車的加速度大小為______m/s2.(

保留兩位有效數字)

(2)

在利用打點計時器和小車來做“探究加速度a

跟Fm

之間關系”的實驗時；下列說法中正確的是______

A.連接砝碼盤和小車的細繩應跟長木板保持平行。

B.平衡摩擦力時；應將砝碼盤及盤內砝碼通過定滑輪拴在小車上。

C.小車釋放前應靠近打點計時器；且應先接通電源再釋放小車。

D.平衡摩擦力后；若改變小車和砝碼的總質量后需要重新平衡摩擦力。

(3)

某同學在探究加速度與力的關系時，根據測量數據作出的a

一F

圖線，如圖丙所示。則實驗存在的問題是______。22、某實驗小組在“測定金屬電阻率”的實驗過程中，正確操作獲得金屬絲的直徑讀數是______mm

．23、回答下列問題：(1)

如圖所示，在做“探究求合力的方法”實驗時，用彈簧測力計拉細繩套時要做到_________．

A.

細繩間的夾角始終為90鈭?B.

兩只彈簧測力計的讀數必須相同C.彈簧測力計也可以直接勾在橡皮筋上D.

橡皮條、細繩和彈簧測力計應貼近并平行于木板(2)

用圖所示裝置做“探究平拋運動規律”的實驗中，為了保證實驗結果的正確性，下列不合理的是__A.弧形軌道末端不水平B.

弧形軌道不光滑C

實驗小球為泡沫球D.

釋放小球時可能有不同的初速度

(3)

如圖3

所示實驗器材，高一有幾個學生實驗使用到了它們.

這是測量________(

填“距離”或“時間”)

的儀器.

其中必須使用低壓交流電源的是________(

填“甲”或“乙”)

．

評卷人得分六、解答題(共2題，共16分)24、土星周圍有許多大小不等的巖石顆粒，其繞土星的運動可視為勻速圓周運動．其中有兩個巖石顆粒A和B與土星中心距離分別為RA和RB．忽略所有巖石顆粒間的相互作用．（結果用字母表示）

1）求巖石顆粒A和B的線速度之比．

2）求巖石顆粒的A和B的向心加速度之比．

3）若測得A顆粒的運行周期為TA；已知引力常量為G，求土星的質量．

25、我國的高速鐵路技術不斷創出新的紀錄；同時旅客的安全工作更引起了人們的廣泛關注．假設某次列車在離車站9.5km處開始制動剎車，此時列車的速度為342km/h，列車勻減速到站并剛好停住．求：

（1）該列車進站時的加速度多大？

（2）列車減速運動的時間為多少？

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【解析】試題分析：：雪橇做勻速圓周運動，合力指向圓心，提供向心力；滑動摩擦力的方向和相對運動方向相反，故向后；拉力與摩擦力的合力指向圓心，故拉力指向雪橇的左前方；故選C．考點：牛頓第二定律；向心力．【解析】【答案】C2、D【分析】解答：解：AB、公式a=可知，當線速度一定時，加速度的大小與軌道半徑成反比；由公式a=rω2可知，當角速度一定時，加速度的大小與軌道半徑成正比．故AB沒有控制變量；故AB均錯誤；C；由牛頓第二定律可知；向心加速度與向心力的方向一致；故C不正確；

D；向心力始終指向圓心；故D正確；

故選：D．

分析：公式a=及公式a=rω2均可求解加速度；根據控制變量法分析加速度與半徑的關系；

勻速圓周運動物體其合外力指向圓心，大小不變，方向時刻變化；而向心加速度方向與合力方向相同．3、C【分析】解：A

由甲圖看出：物體A

和B

位移圖象都是傾斜的直線；斜率都不變，速度都不變，說明兩物體都做勻速直線運動，A

圖線的斜率大于B

圖線的斜率，A

的速度比B

更大。故A正確。

B、在0隆蘆3s

時間內，物體B

運動的位移為鈻?x=x2鈭?x1=10m鈭?0=10m

故B正確。

CD

由乙圖看出：前3s

內；D

的速度較大，DC

間距離增大，3s

后C

的速度較大，兩者距離減小，t=3s

時，物體C

與物體D

之間有最大間距。故C錯誤，D正確。

本題選不正確的；故選：C

位移時間圖象：傾斜的直線表示物體做勻速直線運動；斜率等于速度；坐標的變化量表示位移。速度時間圖象的“面積”表示位移，交點表示速度相等，分析兩物體的運動情況，判斷CD

間距離的變化。

對于位移圖象和速度圖象要從圖象的數學意義來理解其物理意義，抓住斜率、面積、交點等數學意義分析物體的運動情況。【解析】C

4、D【分析】【分析】明確研究對象；對研究對象受力分析，找到做圓周運動所需向心力的來源，結合牛頓第二定律列式分析。

萬有引力定律和牛頓第二定律是力學的重點，在本題中有些同學找不出什么力提供向心力，關鍵在于進行正確受力分析。【解答】A.直線三星系統中甲星和丙星繞著乙星做勻速圓周運動；由于質量都相等，甲星和丙星所受萬有引力的合力相等，根據F=M婁脴2R

知故直線三星系統中甲星和丙星的角速度相同，故A正確；

B.三顆星位于同一直線上，兩顆星圍繞中央星在同一半徑為R

的圓軌道上運行，其中邊上的一顆星受中央星和另一顆邊上星的萬有引力提供向心力，GM2R2+GM2(2R)2=Mv2R

解得：v=5GM4RT=2婁脨Rv=4婁脨RR5GM

故B正確；

C.另一種形式是三顆星位于等邊三角形的三個項點上，并沿外接于等邊三角形的圓形軌道運行，由萬有引力定律和牛頓第二定律得2GM2L2cos30?=M4婁脨2T2L2cos30?

由于兩種系統的運動周期相同，即T=4婁脨RR5GM

故解得：L=125R3

故C正確；

D.根據V=2婁脨RT=2婁脨T隆隴L2cos30?=3125隆隴125GMR

故D錯誤。

故選D。【解析】D

5、D【分析】【分析】動能是標量，只有大小沒有方向，速度是矢量，有大小有方向，對于一定質量的物體，動能變化，則速度一定變化，速度變化，動能不一定變化，而動能不變化時，不一定處于平衡狀態。本題考查的是學生對動能的理解，由于動能的計算式中是速度的平方，所以速度變化時，物體的動能不一定變化。【解答】A.動能是普遍存在的機械能的一種基本形式；運動的物體都就有動能，故A正確；

B.根據Ek=12mv2

知；質量為正值，速度的平方為正值，則動能一定為正值，故B正確；

C.一定質量的物體；動能變化，則速度的大小一定變化，所以速度一定變化；但是速度變化，動能不一定變化，比如做勻速圓周運動，速度方向變化，大小不變，則動能不變，故C正確；

D.動能不變的物體；速度方向可能變化，則不一定處于平衡狀態，故D錯誤。

本題選錯誤的，故選D。【解析】D

6、A|B|C|D【分析】【解析】對A，設相對地面靜止的某一物體的質量為m，根據萬有引力等于重力的關系得G＝mg

解得M地＝故A正確．

對B，設衛星質量為m，根據萬有引力等于向心力的關系可得出：＝mr解得M地＝故B正確．

對C，設衛星質量為m，根據萬有引力等于向心力的關系可得出：G＝m解得M地＝故C正確．

對D，設衛星質量為m，根據萬有引力等于向心力的關系可得G＝mrG＝m

以上兩式消去r解得M地＝故D正確．

綜上所述，該題的A、B、C、D四個選項都是正確的．【解析】【答案】ABCD7、C【分析】解：A

能否看成質點；與質量、體積大小無關，質量、體積很大的物體也能看成質點，比如地球公轉時的地球可以看成質點，故A錯誤．

B；第3s

表示從第2s

末到第3s

末這一段時間間隔；故B錯誤．

C；運動具有相對性；選取不同的參考系，所得出的關于物體運動的結論可能是不同的.

故C正確．

D；在田徑場1500m

長跑比賽中；跑完全程的運動員的路程為1500m

位移大小為初位置到末位置的有向線段的長度，遠小于1500m.

故D錯誤．

故選：C

．

當物體的形狀；大小對所研究的問題沒有影響時；我們就可以把它看成質點，時刻在時間軸上用點表示，時間間隔在時間軸上用線段表示，參考系，是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系，位移的大小等于初末位置的距離，確定出運動員的末位置，即可知道位移的大小，曲線運動的位移大小小于路程．

解決本題的關鍵知道位移和路程的區別，路程為運動軌跡的長度，位移的大小等于首末位置的距離，明確看成質點的條件，與物體自身大小和質量無關．【解析】C

二、填空題(共8題，共16分)8、略

【分析】【分析】設電壓表的內阻為R0，甲圖中電壓表的內阻和R串聯，根據歐姆定律表示出電路中的電流，根據電阻的串聯和歐姆定律表示出電源的電壓；乙圖中兩個電壓表的內阻和R串聯，根據歐姆定律表示出電路中的電流，再根據串聯電路的電壓特點和歐姆定律表示出電源的電壓，利用電源的電壓不變得出R與R0的比值，然后求出電源的電壓．【解析】【解答】解：設電壓表內阻為R0；則。

甲圖中：

根據歐姆定律可得；電路中的電流：

I==；

∵串聯電路中總電阻等于各分電阻之和；

∴電源的電壓：

U=3V+×R；

乙圖中：

電源的電壓U=2V+2V+×R；

∵電源的電壓不變；

∴3V+×R=2V+2V+×R；

解得：=1；

則電源的電壓：

U=3V+×R=3V+3V×1=6V．

故答案為：6．9、略

【分析】

（1）根據△y=gT2得，T=．

（2）小球平拋運動的初速度．

（3）A點豎直方向上分速度則A點的速度．

故答案為：0.1s1m/sm/s

【解析】【答案】根據豎直方向上連續相等時間內的位移之差是一恒量求出相等的時間間隔；再根據水平位移求出小球平拋運動的初速度．根據豎直方向上某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出A點豎直方向上的分速度，通過平行四邊形定則求出A點的速度．

10、略

【分析】

根據速度圖象的斜率等于加速度，得到AB段的加速度aAB==

CD段的加速度aCD==

5秒內的位移等于圖線與坐標軸所圍“面積”，得到，位移x=（m）=16m

故答案為：1；-4；16．

【解析】【答案】根據速度圖象的斜率等于加速度；圖線與坐標軸所圍“面積”等于位移，由數學知識求出加速度和位移．

11、略

【分析】解：打點計時器是一種使用交流電源的計時儀器；其中分為電磁打點計時器和電火花打點計時器兩種；電火花打點計時器的工作電壓交流壓220V

當電源的頻率為50Hz

時，它每隔0.02s

打一次點．

故答案為：交流；計時；電磁式打點計時器，2200.02

．

解決實驗問題首先要掌握該實驗原理；了解實驗的儀器；操作步驟和數據處理以及注意事項，要了解打點計時器的構造和工作原理．

本題考查對打點計時器的掌握情況，要注意對于基本儀器的使用和工作原理，我們不僅從理論上學習它，還要從實踐上去了解它，自己動手去做做，以加強基本儀器的了解和使用．【解析】交流；計時；電磁式打點計時器；2200.02

12、略

【分析】

由牛頓第二定律知：當升降機以1m/s2的加速度勻加速上升時，F=m（g+a）=60×（10+1）=660N；當升降機以1m/s2的加速度勻減速上升時；F=m（g-a）=60×（10-1）=540N．

故答案為：660；540

【解析】【答案】當升降機以1m/s2的加速度勻加速上升時，F=m（g+a）；當升降機以1m/s2的加速度勻減速上升時；F=m（g-a）．

13、略

【分析】

（1）①圖中連續四段位移之差均為0.2cm；根據連續相等時間間隔內，位移之差等于常數可判斷物體做勻變速直線運動．

②電磁式打點計時器用電源頻率為50HZ．即每隔0.02s打一個點；所以AB時間間隔0.08s

③AB段的平均速度=1.15m/s

（2）①已知滑塊沿斜面下滑時做勻加速運動，滑塊加速度的大小a、滑塊經過光電門乙時的瞬時速度v1；測量值s和t四個物理量．

因為時速度v1是下滑的末速度，所以我們可以看下滑的逆過程，所以滿足的關系式是：

②根據表中給出的數據，在圖2給出的坐標紙上畫出-t圖線；

③由整理。

得：t

由表達式可知，加速度等于斜率大小的兩倍．所以由圖象得出滑塊加速度的大小為a=1.15m/s2

故答案為：（1）勻變速；0.08；1.15；（2）如圖；1.15

【解析】【答案】（1）根據連續相等時間間隔內；位移之差等于常數判斷物體做勻變速直線運動．

（2）由位移時間關系式整理得到-t圖線的表達式．

14、略

【分析】【解析】【答案】4x15、略

【分析】解：①小物體做勻速圓周運動時；合外力提供向心力，對物體進行受力分析可知，繩子的拉力提供向心力，所以繩子作用在小物體的拉力沿繩指向圓心，故A正確；

②松手后；物體在水平方向將不受力的作用，所以將保持松手時的速度做勻速直線運動，故D正確．

故選：D

③根據向心力公式得：

F=mω2r=0.3×（5×2π）2×0.4=12π2N

故答案為：①A；②D；③12π2．

物體做勻速圓周運動時；合外力提供向心力，方向始終指向圓心，一切物體在沒有受到任何力的作用時，總保持靜止狀態或勻速直線運動狀態，根據向心力公式求解繩子的拉力．

本題考查了對小球運動狀態的判斷，對小球正確受力分析是正確解題的關鍵，難度不大，屬于基礎題．【解析】A；D；12π2三、證明題(共2題，共4分)16、略

【分析】【分析】光在同種均勻介質中是沿直線傳播的；影子的形成是光沿直線傳播的典型例子．

根據相似三角形的知識求出影子路程與時間的關系，然后分析解答此題．【解析】【解答】解：不妨設人從路燈處出發；人的路程與人影間的關系如圖示．

在時間t內，s人=υt；

如圖示由相似三角形知識得：=，=，s影==．

由于人做勻速直線運動；速度υ是一個定值，h與l也是定值；

由此看見：人影s影與時間t成正比；人影做勻速直線運動；

人影的長度s影隨時間的變化率=．

答：（1）乙的看法是正確的．

（2）速度υ、h、l是定值，根據人影路程s影與時間t的關系是s影=，可知影路程s影與時間t成正比；所以人影做勻速直線運動．

（3）人影的長度隨時間的變化率是．17、略

【分析】【分析】光在同種均勻介質中是沿直線傳播的；影子的形成是光沿直線傳播的典型例子．

根據相似三角形的知識求出影子路程與時間的關系，然后分析解答此題．【解析】【解答】解：不妨設人從路燈處出發；人的路程與人影間的關系如圖示．

在時間t內，s人=υt；

如圖示由相似三角形知識得：=，=，s影==．

由于人做勻速直線運動；速度υ是一個定值，h與l也是定值；

由此看見：人影s影與時間t成正比；人影做勻速直線運動；

人影的長度s影隨時間的變化率=．

答：（1）乙的看法是正確的．

（2）速度υ、h、l是定值，根據人影路程s影與時間t的關系是s影=，可知影路程s影與時間t成正比；所以人影做勻速直線運動．

（3）人影的長度隨時間的變化率是．四、實驗題(共3題，共12分)18、略

【分析】A點瞬時速度等于OB間的平均速度同理B點速度等于AC間的平均速度，加速度可由逐差法求得【解析】【答案】0.74m/s;0.80m/s;0.64m/s219、略

【分析】試題分析：步驟C中未記下兩條繩的方向；步驟E中未說明是否把橡皮條的結點拉到了同一位置O。考點：驗證力的平行四邊形定則。【解析】【答案】（1）C，E（2）在C中未記下兩條繩的方向，E中未說明是否把橡皮條的結點拉到了同一位置O。20、略

【分析】【解析】試題分析：（1）在實驗過程中為了保證合力與分力的效果等價，要保證合力與分力使得橡皮筋的形變大小和方向相同，即第三步中要使橡皮筋結點到達O點.（2）在實驗過程中要保證分力與合力效果相同，必須要使前后兩次的形變相同，要記錄兩個分力的大小和方向，并通過圖示的方法做出平行四邊形，然后與合力比較，但是沒有必要要求兩根細繩等長。在操作時應盡量保證拉力應適當大些，但不能超過量程，以方便畫力的圖示，標記同一細繩方向的兩點要遠些的目的是為了能便于畫出力的方向。因此答案為BD。考點：驗證平行四邊形定則的注意事項【解析】【答案】（1）補充或更正錯誤：使橡皮筋結點到達O點；（2）以下對減小實驗誤差有益的做法是BD.五、實驗探究題(共3題，共27分)21、略

【分析】解：(1)

探究加速度a

與物體所受合力F

及質量m

關系需采用控制變量法進行實驗。

在探究加速度a

與物體質量m

關系時；應保持砂和砂桶的質量的不變。為了保證砂和砂桶的重力等于繩子的拉力，要求砂和砂桶質量遠小于小車質量。

根據鈻?x=aT2

運用逐差法得，a=(7.21+7.72鈭?6.19鈭?6.70)隆脕10鈭?24脳0.042隆脰3.2m/s2

(2)A

細線的拉力等于小車所受的合力；連接砝碼盤和小車的細繩應跟長木板保持平行，且需要平衡摩擦力，故A正確。

B；平衡摩擦力時；不能將砝碼盤及盤內砝碼通過定滑輪拴在小車上，故B錯誤。

C；小車釋放前應靠近打點計時器；且應先接通電源再釋放小車，故C正確。

D；平衡摩擦力后；若改變小車和砝碼的總質量后，不需要重新平衡摩擦力，故D錯誤。

故選：AC

(3)

由a

一F

圖線可知；F=0

時，加速度a

不為零，可知平衡摩擦力時木板傾角過大。

故答案為：(1)

控制變量法；砂和砂桶，遠小于，3.2(2)AC(3)

平衡摩擦力時木板傾角過大或平衡摩擦力過度。

(1)

該實驗采用控制變量法；結合連續相等時間內的位移之差是一恒量求出加速度。

(2)

根據實驗的原理以及操作中的注意事項確定正確的選項。

(3)

抓住F=0

加速度a

不等于零分析圖線不過原點的原因。

解決本題的關鍵掌握實驗的原理以及操作中的注意事項，掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度。【解析】控制變量法；砂和砂桶質量；遠小于；3.2AC

平衡摩擦力時木板傾角過大或平衡摩擦力過度22、0.999【分析】解：由圖示螺旋測微器可知；其示數為：0.5mm+49.9隆脕0.01mm=0.999mm

故答案為：0.999

．

螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數之和是螺旋測微器的示數；根據圖示螺旋測微器讀出其示數．

本題考查了螺旋測微器的讀數，要掌握常用器材的使用及讀數方向，