2025屆湖南省雅禮洋湖中學物理高二上期中聯考試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、飛機著地后還要在跑道上滑行一段距離，機艙內的乘客透過窗戶看到樹木向后運動，乘客選擇的參考系是A．候機大樓 B．飛機跑道 C．停在機場的飛機 D．乘客乘坐的飛機2、如圖所示，為帶電粒子在勻強磁場中所受洛侖茲力作用的方向與磁場方向和粒子運動方向的關系示意圖，其中正確的是（）A．B．C．D．3、汽車通過拱形橋可視為圓周運動，如圖所示，車重為G，橋對汽車的支持力為FN。當汽車經過最高點時（）A．FN可能等于GB．FN可能大于GC．汽車的速度越大，FN越大D．汽車的速度越大，FN越小4、下列物品中必須用到磁性材料的是（）A．DVD碟片 B．計算機上的磁盤C．電話卡 D．喝水用的搪瓷杯子5、古代琥珀價格昂貴，常有人魚目混珠。南朝陶弘景知道“惟以手心摩熱拾芥為真”，南北朝時的雷敩(音xiào)在《炮炙論》中也有“琥珀如血色，以布拭熱，吸得芥子者真也”的說法，以此作為識別真假琥珀的標準。這些識別方法主要是利用了（）A．摩擦生熱使琥珀溫度升高B．尖端放電現象C．手心和琥珀之間的熱傳遞D．摩擦起電使琥珀帶電從而能夠吸引輕小物體6、.如圖所示，示波器的示波管可以視為加速電場與偏轉電場的組合，若已知加速電壓為，偏轉電壓為，偏轉極板長為L，板間距為d，且電子被加速前的初速度可忽略，則關于示波器的靈敏度(即偏轉電場中每單位偏轉電壓所引起的偏轉量h/)與加速電場、偏轉電場的關系，下列說法中不正確的是（）A．d越大，靈敏度越高B．L越大，靈敏度越高C．越大，靈敏度越小D．靈敏度與無關二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示電路，電源內阻不可忽略．開關S閉合后，在變阻器Ro的滑動端向下滑動的過程中()A．電壓表與電流表的示數都減小B．電壓表的示數減小，電流表的示數增大C．電阻R1消耗的電功率增大D．電源內阻消耗的功率減小8、如圖所示，一直流電動機與阻值R=9Ω的電阻串聯在電源上，電源的電動勢E=30V，內阻r=1Ω，閉合開關，用理想電壓表測出電動機兩端電壓U=10V，已知電動機線圈的電阻RM=1Ω，則下列說法中正確的是A．通過電動機的電流為10AB．電動機的輸入功率為20WC．電源的輸出功率為4WD．電動機的輸出功率為16W9、如圖所示，電源電動勢E＝6V，小燈泡L的規格為“4V0.8W”，開關S接1，當滑動變阻器調到R＝8Ω時，小燈泡L正常發光，現將開關S接2，小燈泡L和電動機M均正常工作．則（）A．電源內阻為2ΩB．電動機的內阻為8ΩC．電動機正常工作電壓為1.6VD．電源的輸出功率為1.12W10、如圖所示電路，電源電壓恒定不變為8V，四只電阻的阻值都為3Ω．則：()A．流過R2的電流為2AB．R4兩端的電壓為6VC．R1兩端電壓為6vD．總電阻為4Ω三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某學習小組要描繪一只小電珠(2.5V，0.5A)的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導線和開關外，還有以下一些器材可供選擇：A．電源E(電動勢為3.0V，內阻不計)B．電壓表V1(量程為0～3.0V，內阻約為2kΩ)C．電壓表V2(量程為0～15.0V，內阻約為6kΩ)D．電流表A1(量程為0～0.6A，內阻約為1Ω)E．電流表A2(量程為0～100mA，內阻約為2Ω)F．滑動變阻器R1(最大阻值10Ω)G．滑動變阻器R2(最大阻值2kΩ)（1）為了減小實驗誤差，實驗中電壓表，電流表，滑動變阻器應分別選擇________．(填器材前面的選項字母)（2）為提高實驗精度，請你為該學習小組設計電路圖，并畫在虛線框中_____________．（3）下表中的各組數據是此學習小組在實驗中測得的，根據表格中的數據在方格紙上作出該電珠的伏安特性曲線______________________．（4）如果用一個電動勢為1.5V，內阻為3Ω的電源與該小電珠組成電路，則該小電珠的實際功率為__________(結果保留兩位有效數字)．12．（12分）（1）用伏安法測一待測電阻，采用下圖的電路圖，則測量結果將比真實值______。（“偏大”，“偏小”）（2）用電流表和電壓表測待測電阻的電流電壓時讀數如圖，則電壓表的讀數為______V，電流表的讀數為______A。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示,質量為的帶正電小球能沿著豎直的絕緣墻豎直下滑,磁感應強度為B的勻強磁場方向水平,并與小球運動方向垂直.若小球帶電荷量為q,球與墻間的動摩擦因數為,求：（1）小球下滑的最大速度為多大？（2）下滑過程中最大加速度為多大？14．（16分）如圖所示的勻強電場，電場強度E=2×104N/C．一電荷量q=+1×10-8C的點電荷從電場中的A點移動到B點，A、B之間的距離x=0.2m，A、B連線與電場線夾角為60°．求：（1）點電荷所受電場力F的大小與方向；（2）電場力對點電荷所做的功W與點電荷電勢能的變化量?Ep；（3）A、B之間的電勢差UAB；15．（12分）如圖所示，絕緣的水平面上靜止著兩個質量均為m，電荷量均為＋Q的物體A和B(A，B均可視為質點)，它們間的距離為r，A，B與平面間的動摩擦因數均為μ.(1)A受到的摩擦力為多大？(2)如果將A的電荷量增至＋4Q，兩物體開始運動，當它們的加速度第一次為零時，A，B各運動了多遠的距離？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

乘客隨飛機相對地面向前運動，故路旁的樹木相對于飛機向后運動，所以當乘客透過窗戶看到跑道旁的樹木以一定的速度向后退時，該乘客選擇的參考系是自己乘坐的飛機．如果以候機大樓、飛機跑道或停在機場的飛機為參考系，樹木都是不動的．故D正確，ABC錯誤．故選D.2、D【解析】A、粒子運動的方向與磁場的方向平行，則不受洛倫茲力的作用．故A錯誤；B、磁場的方向垂直紙面向外，正電荷運動的方向水平向右，根據左手定則，中受到的洛倫茲力的方向豎直向下．故B錯誤；C、磁場的方向垂直紙面向里，正電荷運動的方向水平向右，根據左手定則，受到的洛倫茲力的方向向上．故C錯誤；D、磁場的方向垂直紙面向里，負電荷運動的方向水平向右，其等效電流的方向向左，根據左手定則，受到的洛倫茲力的方向向下．故D正確．故選D．【點睛】解決本題的關鍵掌握用左手定則判斷洛倫茲力的方向，伸開左手，使拇指與其余四指垂直，并且與手掌在同一個平面內；讓磁感線從掌心進入，并使四指指向正電荷的運動方向，這時拇指所指的方向就是運動電荷所受洛倫茲力的方向．3、D【解析】

對汽車受力分析，受重力和支持力，由于汽車做圓周運動，故在最高點合力提供向心力，有解得A．如果支持力等于重力，合力為0，汽車不能夠通過拱形橋，A錯誤；B．如果支持力大于重力，合外力指向圓軌道外側，不能夠提供向心力，B錯誤；CD．汽車的速度越大，FN越小，C錯誤，D正確。故選D。4、B【解析】

必須用到磁性材料的是計算機上的磁盤，DVD碟片、電話卡、喝水用的搪瓷杯子都不一定需要故選B。5、D【解析】

“惟以手心摩熱拾芥為真”，“琥珀如血色，以布拭熱，吸得芥子者真也”，這些識別方法主要是通過摩擦起電方式使琥珀帶電，帶電體能夠吸引輕小物體的特性。故D正確，ABC錯誤。故選D。6、A【解析】

根據動能定理得，eU1=mv2；粒子在偏轉電場中運動的時間t=，在偏轉電場中的偏轉位移，則靈敏度為．知L越大，靈敏度越大；d越大，靈敏度越小；U1越大，靈敏度越小．靈敏度與U2無關．故BCD正確，A錯誤；此題選擇不正確的選項，故選A．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】試題分析：當變阻器Ro的滑動端向下滑動時，R0的阻值變小，故它與R2并聯的總電阻變小，再與R1串聯的總電阻也會變小，即外電器的電阻變小，所以路端電壓的示數變小，即電壓表的示數變小，由于電路的總電阻減小，所以電路中的電流會變大，所以R1兩端的電壓也隨之變大，故R0與R2并聯的兩端電壓一定變小，則電流表的示數會變小，選項A正確，B錯誤；由于電路中的電流增大，故電阻R1消耗的電功率增大，選項C正確；電源內阻消耗的電功率也增大，選項D錯誤．考點：電路的動態分析．【名師點晴】通過電路中外電阻的變化，由歐姆定律，串聯電路的電壓分配規律判斷出其他物理量的變化，從而確定電路中電壓表與電流表示數的變化，再確定電阻的電功率的變化；動態電路關鍵要抓住外電阻的變化，從而確定電路中電流的變化，進而確定其他物理量的變化．8、BD【解析】

A.根據歐姆定律得回路中的電流：故A錯誤；B.電動機的輸入功率為：入故B正確；C.電源的輸出功率：出故C錯誤；D.電動機的輸出功率為：出故D正確。9、ACD【解析】開關S接1時，小燈泡L正常發光，電路電流，根據閉合電路歐姆定律有，解得，故A正確；開關S接2時，電路電流，電動機正常工作電壓為，故C正確；電動機的熱功率未知，電動機的內阻無法解出，故B錯誤；電源的輸出功率為，故D正確；故選ACD。10、BD【解析】由圖可知，并聯后與R4串聯，接到電源的兩端，則，總電流為根據閉合電路歐姆定律得，所以通過、、的電流為，R4兩端的電壓，兩端電壓為，BD正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）B；D；F（2）如圖所示；（3）如圖所示；（4）0.19W【解析】

（1）小燈泡的額定電壓為2.5V，所以電壓表選擇B測量誤差較小，燈泡的額定電流為0.5A，電流表選擇D測量誤差較小．總阻值2kΩ的滑動變阻器阻值較大，使用時測量誤差較大，所以滑動變阻器選擇F．

（2）由于電壓電流從零開始測起，所以滑動變阻器采用分壓式接法，燈泡的電阻大約為5Ω，遠小于電壓表的內阻，屬于小電阻，所以電流表采用外接法．電路圖如圖所示．

（3）根據表格中的數據描點作圖，用平滑曲線連接，如圖所示．

（4）電源外電壓U=E-Ir=1.5-3I，作出U-I圖線，交點對應的電流I=0.25A，U=0.75V，則P=UI=0.75×0.25W≈0.19W．12、偏小2.600.53【解析】

（1）[1]根據所示電路圖可知，所示電路采用電流表外接法，電壓表測量的是電阻兩端的電壓的真實值，由于電壓表的分流作用，電流測量值大于真實值，由歐姆定律可知，電阻測量值小于真實值。（2）[2]電壓表的最小分度值為0.1V，應估讀到最小分度值的下一位，故電壓表讀數為2.60V。[3]電流表的最小分度值為0.02A，應估讀到最小分度值這一位，故電流表讀數為0.53A。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】

對小球進行受力分析，再根據各力的變化，可以找出合力及加速度的變化，即可以找出小球最大速度及最大加速度的狀態；【詳解】（1）小球沿墻豎直下滑，由左手定則可知小球所受洛倫茲力方向向左，對小球進行受力分析，小球受重力mg、洛倫茲力、墻面給小球的支持力和摩擦力，如圖所示：

根據平衡可得：

摩擦力：

根據牛頓第二定律可得：

整理得：

可知，當時，最大，

解得最大速度為：；

（2）由可知，剛開始時，加速度最大，即只受重力作用時的加速度最大，此時最大加速度為：．【點睛】本題考查力的動態分析，解題時要注意分析帶電小球的運動過