2025屆山西省長治市二中高三物理第一學期期末達標測試試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一個物體在豎直向上的拉力F作用下豎直向上運動，拉力F與物體速度v隨時間變化規律如圖甲、乙所示，物體向上運動過程中所受空氣阻力大小不變，取重力加速度大小g=10m/s2則物體的質量為A．100g B．200g C．250g D．300g2、在實驗室觀察到如下的核反應。處于靜止狀態的鋁原子核，受到一個運動粒子撞擊后，合在一起成為一個處于激發態的硅原子核。對此核反應下列表述正確的是（）A．核反應方程為 B．該核反應是核聚變反應C．新生成的與是同位素 D．新生成的處于靜止狀態3、下列現象中屬于分子斥力的宏觀表現的是()A．鏡子破碎后再對接無法接起B．液體體積很難壓縮C．打氣筒打氣，若干次后難再打進D．橡皮筋拉伸后放開會自動縮回4、如圖所示為某彈簧振子在0～5s內的振動圖象，由圖可知，下列說法中正確的是()A．振動周期為5s，振幅為8cmB．第2s末振子的速度為零，加速度為負向的最大值C．從第1s末到第2s末振子的位移增加，振子在做加速度減小的減速運動D．第3s末振子的速度為正向的最大值5、如圖所示，一直角三角形acd在豎直平面內，同一豎直面內的a、b兩點關于水平邊cd對稱，點電荷Q1、Q2固定在c、d兩點上。一質量為m、帶負電的小球P在a點處于靜止狀態，取重力加速度為g，下列說法正確的是（）A．Q2對P的靜電力大小為B．Q1、Q2的電荷量之比為C．將P從a點移到b點，電場力做正功D．將P從a點沿直線移到b點，電勢能先增大后減小6、一個質量為m的小球，以大小為v0的初速度被豎直向上拋出，從拋出到落地的過程中，重力對小球做功為mv02。不計空氣阻力，則此過程重力對小球的沖量大小為A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一定質量的理想氣體，從狀態A變到狀態D，其狀態變化過程的體積V隨溫度T變化的規律如圖所示，已知狀態A時氣體的體積為V0，溫度為T0，則氣體由狀態A變到狀態D過程中，下列判斷正確的是（）A．氣體從外界吸收熱量，內能增加B．氣體體積增大，單位時間內與器壁單位面積碰撞的分子數增大C．若狀態D時氣體的體積為2V0，則狀態D的溫度為2T0D．若氣體對外做功為5J，增加的內能為9J，則氣體放出的熱量為14J8、如圖所示，AB兩小球由繞過輕質定滑輪的細線相連，小球A放在固定的光滑斜面上，斜面傾角，BC兩小球在豎直方向上通過勁度系數為k的輕質彈簧相連，小球C放在水平地面上。現用手控制住小球A，并使細線剛剛拉直但無拉力作用，并保證滑輪左側細線豎直、右側細線與斜面平行。已知小球A的質量為4m，小球BC質量相等，重力加速度為g，細線與滑輪之間的摩擦不計，開始時整個系統處于靜止狀態。釋放小球A后，小球A沿斜面下滑至速度最大時小球C恰好離開地面，關于此過程，下列說法正確的是（）A．小球BC及彈簧組成的系統機械能守恒B．小球C的質量為mC．小球A最大速度大小為D．小球B上升的高度為9、如圖所示，在粗糙水平面上放置質量分別為m、m、2m、3m的四個木塊A、B、C、D，木塊A、B用一不可伸長的輕繩相連，木塊間的動摩擦因數均為，木塊C、D與水平面間的動摩擦因數相同，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g。若用水平拉力F拉木塊B，使四個木塊一起勻速前進，則需要滿足的條件是（）A．木塊C、D與水平面間的動摩擦因數最大為B．木塊C、D與水平面間的動摩擦因數最大為C．輕繩拉力最大為D．水平拉力F最大為10、如圖所示，有兩列沿z軸方向傳播的橫波，振幅均為5cm，其中實線波甲向右傳播且周期為0.5s、虛線波乙向左傳播，t=0時刻的波形如圖所示。則下列說法正確的是（）A．乙波傳播的頻率大小為1HzB．甲乙兩列波的速度之2：3C．兩列波相遇時，能形成穩定的干涉現象D．t=0時，x=4cm處的質點沿y軸的負方向振動E.t=0.25s時，x=6cm處的質點處在平衡位置三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）興趣課上老師給出了一個質量為m的鉤碼、一部手機和一個卷尺，他要求王敏和李明兩同學估測手上拋鉤碼所做的功。兩同學思考后做了如下操作：(1)他們先用卷尺測出二樓平臺到地面的距離h，王敏在二樓平臺邊緣把鉤碼由靜止釋放，同時李明站在地面上用手機秒表功能測出鉤碼從釋放到落到地面的時間t0，在忽略空氣阻力的條件下，當地的重力加速度的大小可以粗略的表示為g=______（用h和t0表示）；(2)兩同學站在水平地面上，李明把鉤碼豎直向上拋出，王敏用手機的秒表功能測出鉤碼從拋出點到落回拋出點的時間。兩同學練習幾次，配合默契后某次李明把鉤碼豎直向上拋出，同時王敏用手機的秒表功能測出鉤碼從拋出點到落回拋出點的時間t，在忽略空氣阻力的條件下，該次李明用手上拋鉤碼所做的功可以粗略地表示為W=_____（用m、h、t0和t表示）。12．（12分）指針式多用電表是實驗室中常用的測量儀器。(1)如圖甲所示為某同學設計的多用電表的原理示意圖。虛線框中S為一個單刀多擲開關，通過操作開關，接線柱B可以分別與觸點1、2、3接通，從而實現使用多用電表測量不同物理量的功能。關于此多用電表，下列說法中正確的是__________。A．當S接觸點1時，多用電表處于測量電流的擋位，其中接線柱B接的是紅表筆B．當S接觸點2時，多用電表處于測量電壓的擋位，其中接線柱B接的是紅表筆C．當S接觸點2時，多用電表處于測量電阻的擋位，其中接線柱B接的是黑表筆D．當S接觸點3時，多用電表處于測量電壓的擋位，其中接線柱B接的是黑表筆(2)用實驗室原有的多用電表進行某次測量時，指針在表盤的位置如圖乙所示。A．若所選擋位為“直流”擋，則表盤示數為__________。B．若所選擋位為“直流”擋，則表盤示數為__________。(3)用表盤為圖乙所示的多用電表正確測量了一個約的電阻后，需要繼續測量一個阻值約的電阻。在用紅、黑表筆接觸這個電阻兩端之前，請選擇以下必須的步驟，并按操作順序寫出步驟的序號__________。A．調節歐姆調零旋鈕使表針指向歐姆零點B．把選擇開關旋轉到“”位置C．把選擇開關旋轉到“”位置D．將紅表筆和黑表筆接觸(4)某小組同學們發現歐姆表的表盤刻度線不均勻，分析在同一個擋位下通過不同待測電阻的電流和它的阻值關系，他們分別畫出了如圖所示的幾種圖象，其中可能正確的是__________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，間距為L的兩條足夠長的平行金屬導軌與水平面的夾角為θ，導軌光滑且電阻忽略不計。場強為B的條形勻強磁場方向與導軌平面垂直，磁場區域的寬度為d1，間距為d2。兩根質量均為m、有效電阻均為R的導體棒a和b放在導軌上，并與導軌垂直。(設重力加速度為g)(1)若a進入第2個磁場區域時，b以與a同樣的速度進入第1個磁場區域，求b穿過第1個磁場區域過程中增加的動能△Ek。(2)若a進入第2個磁場區域時，b恰好離開第1個磁場區域；此后a離開第2個磁場區域時，b又恰好進入第2個磁場區域。且a、b在任意一個磁場區域或無磁場區域的運動時間均相同。求b穿過第2個磁場區域過程中，兩導體棒產生的總焦耳熱Q。(3)對于第(2)問所述的運動情況，求a穿出第k個磁場區域時的速率。14．（16分）如圖所示為xOy平面直角坐標系，在x=a處有一平行于y軸的直線MN，在x=4a處放置一平行于y軸的熒光屏，熒光屏與x軸交點為Q，在第一象限內直線MN與熒光屏之間存在沿y軸負方向的勻強電場。原點O處放置一帶電粒子發射裝置，它可以連續不斷地發射同種初速度大小為v0的帶正電粒子，調節坐標原點處的帶電粒子發射裝置，使其在xOy平面內沿不同方向將帶電粒子射入第一象限（速度與x軸正方向間的夾角為0≤θ≤）。若在第一象限內直線MN的左側加一垂直xOy平面向外的勻強磁場，這些帶電粒子穿過該磁場后都能垂直進入電場。已知勻強磁場的磁感應強度大小為B，帶電粒子的比荷，電場強度大小E=Bv0，不計帶電粒子重力，求：(1)粒子從發射到到達熒光屏的最長時間。(2)符合條件的磁場區域的最小面積。(3)粒子打到熒光屏上距Q點的最遠距離。15．（12分）如圖所示，一長為的水平傳送帶，以的速率逆時針轉動。把一質量為的物塊A以速度大小推上傳送帶的右端，同時把另一質量為的物塊B以速度大小推上傳送帶的左端。已知兩個物塊相撞后以相同的速度在傳送帶上運動，兩個物塊與傳送帶間的動摩擦因數均為，重力加速度，物塊可視為質點且碰撞時間極短。求：(1)經多長時間兩個物塊相撞；(2)相撞后兩個物塊再經多長時間相對傳送帶靜止；(3)物塊B與傳送帶因摩擦產生的熱量。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

由乙圖可得后，物體勻速，則有前，物體勻加速，則有，代入數據有A．100g與分析不符，故A錯誤；B．200g與分析不符，故B錯誤；C．250g與分析相符，故C正確；D．300g與分析不符，故D錯誤；故選：C。2、C【解析】

A．該反應過程的質量數和電荷數均守恒，但反應物錯誤，應為，故A錯誤；B．該反應的類型為人工轉變，不是核聚變反應，故B錯誤；C．與的電荷數相同，屬于同一種元素，二者為同位素，故C正確；D．核反應過程中遵守動量守恒，反應前靜止，則生成的硅原子核應與反應前撞擊粒子的速度方向相同，故D錯誤。故選C。3、B【解析】

鏡子破碎后再對接無法接起，并不是因為分子間表現為斥力，而是由于分子間距離大于分子直徑的10倍以上，分子間的作用力太小，不足以使碎玻璃片吸引到一起，故A錯誤．液體難于被壓縮是因為液體中分子距離減小時表現為斥力，故B正確．打氣筒打氣，若干次后難再打進，是因為氣體的壓強增大的緣故，不是因為分子間存在斥力，故C錯誤．橡皮筋拉伸后放開會自動縮回，是由于分子間存在引力的緣故，故D錯誤．故選B.【點睛】本題考查了熱學的基礎知識，關鍵要明確分子間同時存在著引力和斥力，二者都隨分子間距離的增加而減小，而斥力減小得快，根據現象分析出斥力的表現．4、D【解析】

A．由題圖可知振動周期為4s，振幅為8cm，選項A錯誤；B．第2s末振子在最大位移處，速度為零，位移為負，加速度為正向的最大值，選項B錯誤；C．從第1s末到第2s末振子的位移增大，振子在做加速度增大的減速運動，選項C錯誤；D．第3s末振子在平衡位置，向正方向運動，速度為正向的最大值，選項D正確.5、B【解析】

A．由于P處于平衡狀態，可知Q2對P的靜電力大小為選項A錯誤；B．同理可知Q1對P的靜電力大小為設ac=L，則由庫侖定律聯立解得Q1、Q2的電荷量之比為選項B正確；CD．將P從a點移到b點，電場力先做正功，后做負功，電勢能先減小后增加，選項CD錯誤；故選B。6、D【解析】

根據動能定理：得v=v0，根據動量定理，重力的沖量：I=m（v+v0）=（+1）mv0。ABC.由上計算重力對小球的沖量大小為（+1）mv0，ABC錯誤；D.由上計算重力對小球的沖量大小為（+1）mv0，D正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】試題分析：氣體由狀態A變到狀態D過程中，溫度升高，內能增大；體積增大，氣體對外做功，由熱力學第一定律分析吸放熱情況．根據體積變化，分析密度變化．根據熱力學第一定律求解氣體的吸或放熱量．氣體由狀態A變到狀態D過程中，溫度升高，內能增大；體積增大，氣體對外做功，由熱力學第一定律分析得知，氣體從外界吸收熱量，A正確；由圖示圖象可知，從A到D過程，氣體的體積增大，兩個狀態的V與T成正比，由理想氣體狀態方程PVT=C可知，兩個狀態的壓強相等；A、D兩狀態氣體壓強相等，而D的體積大于A的體積，則單位時間內與器壁單位面積碰撞的分子數減少，B錯誤；由圖示圖象可知，從A到D過程，兩個狀態的V與T成正比，由理想氣體狀態方程PVT=C可知，兩個狀態的壓強相等，從A到D是等壓變化，由蓋呂薩克定律得VATA=VDTD，即8、BC【解析】

A．以小球B、C及彈簧組成的系統為研究對象，除系統重力外，繩的拉力對系統做功，則系統機械能不守恒，故A錯誤；B．小球A速度最大時，小球A的加速度為零，則對小球B、C及彈簧組成的系統聯立以上兩式，解得故B正確；CD．小球C恰好離開地面時，彈簧彈力彈簧伸長量為，初始時，彈簧被壓縮，則小球B上升，以小球A、B、C及彈簧組成的系統為研究對象，由機械能守恒定律得又聯立以上兩式，解得故C正確，D錯誤。故選BC。9、BC【解析】

AB．設左側A與C之間的摩擦力大小為，右側B與D之間摩擦力大小為，設木塊C、D與水平面間的動摩擦因數最大為，對A、C整體分析知輕繩的拉力大小為A剛要滑動時，靜摩擦力達到最大值，則有聯立兩式得木塊C、D與水平面間的動摩擦因數最大為，故A錯誤，B正確；CD．對B、D分析知，水平拉力F最大不能超過最大靜摩擦力的大小，則有，故C正確，D錯誤。故選BC。10、ADE【解析】

B．由于兩列波在同一介質中傳播，因此兩列波傳播速度大小相同，故B錯誤；A．由圖可知，甲波的波長λ1=4cm，乙波的波長λ2=8cm，由v=λf可知，甲波和乙波的頻率之比為2∶1，又甲波的頻率為2Hz，所以乙波的頻率為1Hz，故A正確；C．由于兩列波的頻率不相等，因此兩列波在相遇區域不會發生穩定的干涉現象，故C錯誤；D．由質點的振動方向與波的傳播方向的關系可知，兩列波在平衡位置為x=4cm處的質點引起的振動都是向下的，根據疊加原理可知該質點的振動方向沿y軸的負方向，故D正確；E．從t=0時刻起再經過0.25s，甲波在平衡位置為x=6cm處的位移為零，乙波在平衡位置為x=6cm處的位移也為零，根據疊加原理可知該質點處在平衡位置，故E正確。故選ADE。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、【解析】

(1)[1]在忽略空氣阻力的條件下，鉤碼做自由落體運動，有，解得(2)[2]在忽略空氣阻力的條件下，鉤碼上拋做豎直上拋運動，上升時間與下落時間相等，即拋出的初速度v0=gt下，根據動能定理可知，該次李明用手上拋鉤碼所做的功可以粗略地表示為聯立解得12、CD4.924.4BDAA【解析】

(1)[1]AB．當S接觸點1時，多用電表處于測量電流的擋位；因為多用電表中紅表筆接其內部電源的負極，所以接線柱A接的是紅表筆，而接線柱B接的是黑表筆，故A錯誤，B錯誤；C．當S接觸點2時，多用電表處于測量電阻的擋位，接線柱B接的是黑表筆，故C正確；D．當S接觸點3時，表頭與電阻并聯后再與電阻串聯，即改裝成電壓表，多用電表處于測量電壓的擋位，故D正確。故選CD。(2)[2][3]當選擇的擋位為“直流”擋時其量程為，分度值為0.2mA，則示數為；當選擇的擋位為“直流”擋時，其量程為，分度值為1V，則示數為；(3)[4]多用電表測電阻時，應先選擇擋位，再短接，然后調節歐姆調零旋鈕使表針指向歐姆零點，要測量約的電阻，為了減小誤差應該用“”檔位，故順序為BDA。(4)[5]由閉合電路歐姆定律有可得即圖象為斜線，且圖線的縱截距為正，可知A正確，BCD錯誤。故選A。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解析】

⑴a和b不受安培力作用，由機械能守恒知：⑵設導體棒剛進入無磁場區域時的速度為，剛離開無磁場區域時的速度為，由能量守恒知在磁場區域中：在無磁場區域中：解得：⑶有磁場區域，棒a受到合力：感應電動勢：感應電流：解得：根據牛頓第二定律，在t到時間內：則有：解得：又在無磁場區域，根據勻變速直線