2025屆寧夏回族自治區銀川市興慶區高級中學物理高二上期中學業水平測試模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、兩個完全一樣的金屬小球M、N，先讓它們各自帶電＋5q和＋7q，接觸后再分開，則最終M、N的帶電量分別是()A．＋6q，＋6qB．＋7q，＋5qC．＋12q，＋12qD．＋q，＋q2、雙星是兩顆相距較近的天體，在相互間萬有引力的作用下，繞連線上某點做勻速圓周運動．對于兩顆質量不等的天體構成的雙星，下列說法中正確的是（）A．質量較大的天體做勻速圓周運動的向心力較大B．質量較大的天體做勻速圓周運動的角速度較大C．兩顆天體做勻速圓周運動的周期相等D．兩顆天體做勻速圓周運動的線速度大小相等3、有一條窄長小船停靠在湖邊碼頭，某同學想用一個卷尺粗略測定它的質量。他首先使船平行碼頭自由停泊，輕輕從船尾上船，走到船頭后停下來，然后輕輕下船，用卷尺測出船后退的距離為d，船長為L，已知他自身的質量為m，則船的質量M為A． B． C． D．4、如圖所示,導線框中電流為I,導線框垂直于磁場放置,磁感應強度為B,AB與CD相距為d,則棒MN所受安培力大小(

)A． B．

C．

D．5、如圖，橢圓ABCD處于一勻強電場中，橢圓平面平行于電場線，AC、BD分別是橢圓的長軸和短軸，已知電場中A、B、C三點的電勢分別為、、，由此可得D點的電勢為（）A．8V B．6V C．3V D．2V6、如圖所示,圖線1表示的導體的電阻為R1，圖線2表示的導體的電阻為R2，則下列說法正確的是()A．將R1與R2兩端加上相同電壓,則電流之比I1∶I2=1∶3B．將R1與R2通過相同電流,則兩端電壓之比U1∶U2=3∶1C．R1∶R2=1∶3D．R1∶R2=3∶1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，實線是電場線，虛線是一帶電粒子在電場中的運動軌跡，假設帶電粒子只受電場力作用，判斷下列說法正確的是（）A．粒子帶負電B．帶電粒子受到的電場力向下C．帶電粒子的速度不變D．帶電粒子的加速度不變8、如圖所示，勻強磁場分布在半徑為R的圓形區域MON內，Q為半徑ON上的一點且OQ＝R，P點為邊界上一點，且PQ與OM平行．現有兩個完全相同的帶電粒子以相同的速度射入磁場(不計粒子重力及粒子間的相互作用)，其中粒子1從M點正對圓心射入，恰從N點射出，粒子2從P點沿PQ射入，下列說法正確的是()A．粒子2一定從N點射出磁場B．粒子2在P、N之間某點射出磁場C．粒子1與粒子2在磁場中的運行時間之比為3∶2D．粒子1與粒子2在磁場中的運行時間之比為2∶19、法拉第發現了電磁感應現象之后，又發明了世界上第一臺發電機——法拉第圓盤發電機，揭開了人類將機械能轉化為電能并進行應用的序幕。法拉第圓盤發電機的原理如圖所示，將一個圓形金屬盤放置在電磁鐵的兩個磁極之間，并使盤面與磁感線垂直，盤的邊緣附近和中心分別裝有與金屬盤接觸良好的電刷A、B，兩電刷與靈敏電流計相連。當金屬盤繞中心軸按圖示方向轉動時，則（）A．電刷B的電勢高于電刷A的電勢B．若減小電刷A、B之間的距離，靈敏電流計的示數將變大C．若提高金屬盤轉速，靈敏電流計的示數將變大D．若將滑動變阻器滑動頭向左滑，靈敏電流計的示數將變大10、有一橫截面積為S的銅導線，流經其中的電流強度為I，設每單位體積導線有n個自由電子，電子的電荷量為q，此時電子定向移動的速度為v，在Δt時間里，通過導線橫截面的自由電子數目可表示為（）A． B． C． D．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測電池的電動勢和內阻”的實驗中，測量對象為一節新的干電池．（2）用圖（a）所示電路測量時，在較大范圍內調節滑動變阻器，發現電壓表變化不明顯，原因是，從而影響測量值的精確性．（2）為了提高實驗的精確度采用（b）所示電路，提供器材：A．量程3V和25V的雙量程電壓表VB．量程2．6A和3A的雙量程電流表AC．定值電阻R2（R2=2．5Ω）D．滑動變阻器R2（2～22Ω）E．滑動變阻器R2（2～222Ω）F．開關S和一些導線．①圖（b）電路中，加接電阻R2有兩方面的作用：一是方便實驗操作和數據測量；二是．②為方便實驗調節且能較準確地進行測量，滑動變阻器應選用（填R2或R2）．③用筆畫線代替導線在圖（c）中完成實物連接圖．④實驗中改變滑動變阻器的阻值，測出幾組電流表和電壓表的讀數，并在給出的U-I坐標系中畫出U-I圖線如圖（d）所示，則新干電池的內阻r=Ω（結果保留兩位有效數字）．12．（12分）某小組同學通過實驗測量金屬絲的電阻率，現有的器材規格如下：A．待測金屬絲電阻（大約），長度為LB．直流電流表（量程，內阻約）C．直流電流表（量程，內阻約）D．直流電壓表（量程，內阻為）E．定值電阻F．直流電源（輸出電壓，內阻不計）G．滑動變阻器R（阻值范圍，允許最大電流）H．開關一個．導線若干（1）用螺旋測微器測量金屬絲直徑如圖甲所示，則金屬絲直徑d=________mm,用游標卡尺測量金屬小球直徑如圖乙所示，小球直徑D=________cm（2）根據器材的規格和實驗要求，為了減小測量誤差，直流電流表應選_________（填選項前的字母）。（3）在方框內畫出實驗電路圖（要求電壓和電流的變化范圍盡可能大一些）。_______（4）某次測量中，電流表的讀數為I，電壓表的讀數為U，則該金屬絲的電阻率表達式為______（用題中所給物理量的字母表示并忽略電表內阻的影響）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，離子發生器發射出一束質量為m、電荷量為q的離子，從靜止經加速電壓U1加速后，獲得速度v0，并沿垂直于勻強電場方向射入兩平行板中央，受偏轉電壓U2作用后，以速度v離開電場，已知平行板長為L(1)v(2)離子在偏轉電場中運動的時間t．(3)離子在離開偏轉電場時的偏移量y．14．（16分）如圖所示，已知一帶電量為q的小球在光滑絕緣的水平面上從靜止開始經電壓U加速后，水平進入互相垂直的勻強電場和勻強磁場的復合場中，E和B均已知，小球在此空間的豎直面內做勻速圓周運動，（已知重力加速度為g)。則：（1）試判斷小球的電性；（2）小球做勻速圓周運動的半徑為多少？（3）進入復合場后小球做勻速圓周運動的周期為多少？15．（12分）帶有等量異號電荷，相距10cm的平行板A和B之間有一個勻強電場，電場強度E=2×104V/m，方向向下，電場中C電距B板3cm，D點距A板（1）C、D兩點哪點電勢高？兩點的電勢UCD（2）如果令B板接地（即電勢φB=0），則C和D的電勢φC和φD各是多少？如果令A板接地，則電勢φC和(3)一個電子從點C移動到點D，靜電力做多少功？如果使電子先移動到點P.再移到點D.靜電力做的功是否會發生變化.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】兩個完全相同的金屬小球接觸，電荷先中和后均分，故：，故選項A正確。點睛：本題關鍵是記住“兩個相同的金屬小球接觸后電荷先中和后均分”的結論，根據電荷守恒定律列式分析即可。2、C【解析】兩顆行星在兩者之間的萬有引力作用下做勻速圓周運動，可知兩行星做勻速圓周運動的向心力相等，選項A錯誤；兩行星繞同一圓心轉動，角速度相等，周期相等，選項B錯誤，C正確；根據可知，兩星質量不等，轉動半徑不等，則根據v=ωr可知，線速度大小不等，選項D錯誤；故選C.點睛：本題的關鍵是理解雙星系統的特點：雙星靠相互間的萬有引力提供向心力，具有相同的周期和角速度，運用動力學思路列式進行分析．3、B【解析】

根據題意，人從船尾走到船頭過程中，動量守恒，則有Mv0=mv即Md=m（L－d）解得船的質量為A.，與結論不相符，選項A錯誤；B.，與結論相符，選項B正確；C.，與結論不相符，選項C錯誤；D.，與結論不相符，選項D錯誤；4、D【解析】

導體棒都在磁場中，故安培力為故D正確；故選D。5、C【解析】

在勻強電場中，兩長度相等且相互平行的線段兩端的電勢差相等，A、B、C、D順次相連將組成菱形，由公式U=Ed可知，或解得.A.8V，與結論不相符，選項A錯誤；B.6V，與結論不相符，選項B錯誤；C.3V，與結論相符，選項C正確；D.2V，與結論不相符，選項D錯誤．6、C【解析】

CD.根據I?U圖象知，圖線的斜率表示電阻的倒數，所以R1∶R2=1∶3。故C正確，D錯誤；A.將R1與R2兩端加上相同電壓，電流比等于電阻之反比，所以將R1與R2并聯后接于電源上，電流比I1∶I2=3∶1，故A錯誤;B.將R1與R2通過相同電流，電壓比等于電阻之比，則兩端電壓之比：U1∶U2=1∶3，故B錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

由粒子的偏轉方向可得出粒子的受力方向，以及電性，由功的計算可得出電場力做功的正負，由動能定理可得出粒子動能的變化；由牛頓第二定律判斷加速度的變化；【詳解】A、由圖可知，粒子向下偏轉，則說明粒子所受的電場力方向豎直向下，則粒子帶正電，故A錯誤，B正確；

C、由圖可知，粒子向下偏轉，電場力做正功，說明粒子速度增大，故C錯誤；D、由于勻強電場的場強不變，則粒子受到電場力不變，根據牛頓第二定律可知其加速度不變，故選項D正確。【點睛】本題是電場中軌跡問題，關鍵要能根據軌跡彎曲方向判斷出電場力的方向，掌握電場力做正功，電勢能減小，判斷動能的變化，以及由牛頓第二定律判斷加速度的變化。8、AD【解析】

粒子1從M點正對圓心射入，恰從N點出，根據洛侖茲力指向圓心，和MN的中垂線過圓心，可確定圓心O1，運動軌跡為藍色圓弧，其半徑R．兩個完全相同的帶電粒子以相同的速度射入磁場，粒子運動的半徑相同．粒子2從P點沿PQ射入，根據洛侖茲力指向圓心，圓心O2應在P點上方R處，連接O2P、ON、OP、O2N，O2PON為菱形，O2N大小為R，所以粒子2一定從N點射出磁場．A正確，B錯誤．∠MO1N=90°；∠PO2N=∠POQ，cos∠POQ=OQ/OP，所以∠PO2N=∠POQ=45°．兩個完全相同的帶電粒子以相同的速度射入磁場，粒子運動的周期相同．粒子運動時間與圓心角成正比．所以粒子1與粒子2在磁場中的運行時間之比為2：1．C錯誤，D正確．故選AD．【點睛】本題關鍵是要畫出粒子運動的軌跡草圖，對數學有一定要求，同時還需掌握確定圓心的方法，粒子運動時間在磁場中運動時間的方法．9、AC【解析】

A．根據安培定則可知，電磁鐵產生的磁場方向向右，由右手定則判斷可知，金屬盤產生的感應電流方向從A到B，則電刷A的電勢低于電刷B的電勢。故A正確。B．若僅減小電刷A、B之間的距離，有效的切割長度減小，產生的感應電動勢減小，感應電流減小，則靈敏電流計的示數變小。故B錯誤。C．若僅提高金屬盤轉速，由E=BLv知，產生的感應電動勢增大，靈敏電流計的示數將變大。故C正確。D．若僅將滑動變阻器滑動頭向左滑，變阻器接入電路的電阻增大，而感應電動勢不變，則電路中電流減小，靈敏電流計的示數變小。故D錯誤。故選AC。10、BC【解析】設在Δt時間內通過橫截面積的電子數目為N，因為可知N=nSvΔt=AC正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（2）電源內阻太小（2）①保護電路中電源和電流表的安全②R2③如圖所示④2．3【解析】試題分析：（2）根據U=E-Ir可知，由于新電池內阻很小，電池內壓降很小，電壓表的讀數變化很小，所以如果采用一節新干電池進行實驗，實驗時會發現，當滑動變阻器在阻值較大的范圍內調節時，電壓表讀數變化很小，即原因是新電池的內阻很小，內電路的電壓降很小．（2）①加接電阻R2有兩方面的作用，一是方便實驗操作和數據測量，二是防止變阻器電阻過小時，電池被短路或電流表被燒壞，即保護電路中電源和電流表的安全．②因為電流表的量程使用IA=2．6A，根據閉合電路歐姆定律可知，電路中需要的最大電阻應為，所以變阻器應選R2．③如圖所示④在U-I圖象中圖線的斜率為R2與r之和：即，解得r=2．3．考點：測電池的電動勢和內阻【名師點睛】本題主要考查了測電池的電動勢和內阻．本題的關鍵是明確新電池的內阻很小，電池的內壓降很小，電壓表的讀數變化很小，所以實驗應選內阻較大的舊電池；明確定值電阻除方便操作和測量外，還可以保護電池和電流表；根據閉合電路歐姆定律求出電路中需要的最大電阻即可；根據閉合電路歐姆定律寫出關于U與I的函數表達式，然后根據斜率和截距的概念即可求解．12、1.7752.25C【解析】（1）由圖可知，螺旋測微器固定刻度示數為1.5mm，游標尺示數為27.5×0.01mm=0.275mm，螺旋測微器示數為1.5mm+0.275mm=1.775mm；由圖可知，游標卡尺主尺示數為2.2cm，游標尺示數為5×0.1mm=0.5mm，游標卡尺示數為2.2cm+0.05cm=2.25cm。

（2）電源電動勢為4V，電路中的最大電流：，故選擇電流表C。（3）電路如圖所示：（4）根據，其中，聯立可得：。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)2qU1m【解析】

(1)在加速電場中，由動能定理得：q解得：v(2)離子在偏轉電場中做類平拋運動，離子的運動時間：t(3)粒子的偏移量：y解得：y(4)由動能定