北京市朝陽區市級名校2025屆高三上物理期中學業質量監測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于科學家和他們的貢獻，下列說法不正確的是A．伽利略首先采用了以實驗檢驗猜想和假設的科學方法B．開普勒發現行星繞太陽運動的軌道不是圓，而是橢圓C．庫侖指出在電荷的周圍存在著由它產生的電場D．富蘭克林把用絲綢摩擦過的玻璃棒所帶的電荷命名為正電荷2、在兩個坡度不同的斜面頂點以大小相同的初速度同時水平向左，向右拋出兩個小球A和B，兩斜坡的傾角分別是30°和60°，小球均落在斜坡上，則A、B兩小球在空中運動的時間之比為A．1： B．1：3 C．：1 D．3：13、如圖所示，A、B兩小球從相同高度同時水平拋出，兩球下落的高度為h時在空中相遇．若兩球的拋出速度都變為原來的2倍，不計空氣阻力，則兩球從拋出到相遇下落的高度為（）A．h B．C． D．4、在物理學的發展過程中，科學家們創造出了許多物理學研究方法，以下關于所用物理學研究方法的敘述正確的是（）A．在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法叫微元法B．在探究加速度、力和質量三者之間的關系時，先保持質量不變研究加速度與力的關系，再保持力不變研究加速度與質量的關系，該實驗采用了假設法C．在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這里采用了理想模型法D．伽利略認為自由落體運動就是物體在傾角為90°的斜面上的運動，再根據銅球在斜面上的運動規律得出自由落體的運動規律，這里采用了實驗和邏輯推理相結合的方法5、如圖所示是物體在某段運動過程中的v﹣t圖象，在t1和t2時刻的瞬時速度分別為v1和v2，則時間由t1到t2的過程中（）A．速度不斷增大B．加速度不斷增大C．位移不斷增大D．平均速度v=6、如圖所示，欲使在粗糙斜面上勻速下滑的木塊A停下，可采用的方法是A．對木塊A施加一個垂直于斜面的力B．增大斜面的傾角C．對木塊A施加一個豎直向下的力D．在木塊A上再疊放一個重物二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，在光滑水平面上有一質量為的物體，在與水平方向成角的恒定拉力作用下運動，則在時間內（）A．重力的沖量為B．拉力的沖量為C．拉力的沖量為D．物體動量的變化量等于8、如圖所示，A為靜止于地球赤道上的物體，B為繞地球橢圓軌道運行的衛星，C為繞地球做圓周運動的衛星，P為B、C兩衛星軌道的交點．已知A、B、C繞地心運動的周期相同．下列說法正確的是A．相對于地心，衛星C的運行速率等于物體A的速率B．相對于地心，衛星C的運行速率大于物體A的速率C．衛星B在P點的運行加速度等于衛星C在該點的運行加速度D．衛星B在P點的運行加速度大于衛星C在該點的運行加速度9、如圖甲所示，一輕質彈簧的下端固定在水平面上，上端放置一物體（物體與彈簧不連接），初始時物體處于靜止狀態，現用豎直向上的拉力F作用在物體上，使物體開始向上做勻加速運動，拉力F與物體位移x的關系如圖乙所示（g＝10m/s2），下列結論正確的是（）A．物體的質量為3kg B．彈簧的勁度系數為500N/mC．物體的加速度大小為5m/s2 D．物體與彈簧分離時，彈簧處于原長狀態10、如圖所示，傾角為30°的光滑斜面底端固定一輕彈簧，點為原長位置。質量為的滑塊從斜面上點由靜止釋放，物塊下滑并壓縮彈簧到最短的過程中，最大動能為。現將物塊由點上方處的點由靜止釋放，彈簧被壓縮過程中始終在彈性限度內，取，則下列說法正確的是A．從點釋放，滑塊被彈簧彈回經過點的動能等于B．點到點的距離小于C．從點釋放后，滑塊運動的最大動能為D．從點釋放，彈簧最大彈性勢能比從點釋放增加了三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在探究彈簧彈性勢能實驗中：(1)如圖1，彈簧的一端固定，原來處于自然長度。現對彈簧的另一端施加一個拉力緩慢拉伸彈簧，關于拉力或彈簧彈力做功與彈簧彈性勢能變化的關系，以下說法中正確的是______A．拉力做正功，彈性勢能增加

B．拉力做正功，彈性勢能減少C．彈簧彈力做負功，彈性勢能增加

D．彈簧彈力做負功，彈性勢能減少(2)由于拉力是變力，拉力做功可以分割成一小段一小段處理，每一小段的彈力可以近似看成是恒力，再把每一小段的功相加求和，可得W總=F1△l+F2△l+F3△l+…，某次實驗中作出拉力F拉與彈簧伸長量x的圖象如圖2，則在彈簧被拉長L的過程中拉力做功為______。（3）若換一根勁度系數更大的彈簧做此實驗，則圖2的圖象斜率將______（選填“不變”“減小”“增大”）12．（12分）某同學用如圖甲所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律．實驗所用的電源為學生電源，可提供輸出電壓為6V的交流電和直流電兩種，交流電的頻率為50Hz，重錘從高處由靜止開始下落，在重錘拖著的紙帶上打出一系列的點，對紙帶上的點測量并分析，即可驗證機械能守恒定律．(1)他進行了下面幾個操作步驟：

A．按照圖示的裝置安裝器件；B．將打點計時器接到電源的“直流輸出”上；C．用天平測出重錘的質量；D．先接通電源，后釋放紙帶，打出一條紙帶；E．測量紙帶上某些點間的距離；F．根據測量的結果計算重錘下落過程中減少的重力勢能是否等于增加的動能．其中沒有必要進行的步驟是___________,操作不當的步驟是____________．（填選項字母）(2)這位同學進行正確測量后挑選出一條點跡清晰的紙帶進行測量分析，如圖乙所示．其中O點為起始點，A、B、C、D、E、F為六個相鄰的計時點．根據紙帶上的測量數據，當打B點時重錘的速度為______m/s．（保留3位有效數字）(3)他進一步分析，發現本實驗存在較大誤差，為此對實驗設計進行了改進，用如圖丙所示的實驗裝置來驗證機械能守恒定律：通過電磁鐵控制的小鐵球從A點自由下落，下落過程中經過光電門B時，通過與之相連的毫秒計時器（圖中未畫出）記錄擋光時間t，用毫米刻度尺測出AB之間的距離h，用游標卡尺測得小鐵球的直徑d．重力加速度為g．實驗前應調整光電門位置使小球下落過程中球心通過光電門中的激光束．則小鐵球通過光電門時的瞬時速度v=____________．如果d、t、h、g存在關系式____________，就可驗證機械能守恒定律．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一個底面粗糙、質量為M的劈放在粗糙的水平面上，劈的斜面光滑且與水平面成30°角；現用一端固定的輕繩系一質量為m的小球，小球放在斜面上，小球靜止時輕繩與豎直方向的夾角也為30°，如圖所示，試求：（1）當劈靜止時繩子的拉力大小．（2）若地面對劈的最大靜摩擦力等于地面對劈支持力的k倍，為使整個系統靜止，求k的最小值。14．（16分）如圖所示，質量m=0.5kg的小球從距地面高H=5m處自由下落，到達地面恰能沿凹陷于地面的半圓形槽壁運動，半圓槽半徑R=0.4m．小球到達槽最低點時速率為10m/s，并繼續沿槽壁運動直到從槽左端邊緣飛出……，如此反復幾次，設摩擦力恒定不變，小球與槽壁相碰時機械能不損失，求：（1）小球第一次離槽上升的高度h；（2）小球最多能飛出槽外的次數（取g=10m/s2）．15．（12分）在地面上方足夠高的地方，存在一個“相互作用區域(下圖中畫有虛線的部分)．一個小圓環A套在一根均勻直桿B上，A和B的質量均為m=1kg，若它們之間發生相對滑動時，會產生f=0.5mg的摩擦力，開始時A處于B的最下端，B豎直放置，A和“相互作用區域”的高度差h=0.8m，讓A和B一起從靜止開始下落，只要A處于“相互作用區域”就會受到F=2.5mg，方向豎直向上的恒力作用，而“相互作用區域”對處于其中的桿B在下落過程中始終保持豎直，且桿的長度能夠保證圓環A與桿不會分離，當小圓環A穿出“相互作用區域時速度恰好為0，不計空氣阻力，取g=10m/s2，求:(1)小圓環剛進入“相互作用區域”時的速度；(2)"相互作用區域”的高度d；(3)小圓環A穿過“相互作用區域”的過程中，AB組成的系統損失的機械能．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A．伽利略首先采用了以實驗檢驗猜想和假設的科學方法，使物理學得到新的發展，故A正確，A項不合題意；B．開普勒發現了行星運動定律，并提出行星繞太陽運動的軌道不是圓，而是橢圓，故B正確，B項不合題意；C．法拉第提出一種觀點，認為在電荷周圍存在著由它產生的電場，故C錯誤，C項符合題意；D．富蘭克林把用絲綢摩擦過的玻璃棒所帶的電荷命名為正電荷，故D正確，D項不合題意。2、B【解析】

兩個小球都落在斜面上，根據：解得：則A、B兩小球在空中運動的時間之比為1：3，故B對；ACD錯；故選B【點睛】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，小球落在斜拋上，結合豎直位移和水平位移的關系求出運動的時間，從而得出A、B的運動時間之比．

解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，結合豎直位移和水平位移比值為定值進行求解．3、C【解析】兩球同時拋出，豎直方向上做自由落體運動，相等時間內下降的高度相同，始終在同一水平面上，根據x=vAt+vBt知，當兩球的拋出速度都變為原來的2倍，則兩球從拋出到相遇經過的時間為t/2，根據h=gt2，則從拋出到相遇下落的高度為h/4，,故C正確，ABD錯誤．故選C．點睛：解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，知道運動的時間由高度決定，初速度和時間共同決定水平位移．4、D【解析】

A．在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法叫理想模型，A錯誤；B．在探究加速度、力和質量三者之間的關系時，先保持質量不變研究加速度與力的關系，再保持力不變研究加速度與質量的關系，該實驗采用了控制變量法，B錯誤；C．在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法，C錯誤；D．伽利略認為自由落體運動就是物體在傾角為90°的斜面上的運動，再根據銅球在斜面上的運動規律得出自由落體的運動規律，這是采用了實驗和邏輯推理相結合的方法，D正確；5、C【解析】

A.由圖可知，物體的速度大小不斷減小，故A錯誤；B.v?t圖象的斜率值表示加速度，若為曲線則曲線的切線的斜率值反應加速度的大小，t1到t2斜率值變小，故加速度不斷變小，故B錯誤；C.物體的運動方向不變，故位移大小不斷增大，故C正確；D.平均速度v=（v1+v2）/2的適用公式僅適用于勻變速直線運動中，本題中若在圖象上做過t1、t2的直線，則v=（v1+v2）/2表示該直線運動的平均速度，根據面積表示位移大小可知平均速度v<（v1+v2）/2，故D正確。故選：C6、A【解析】A、對木塊A施加一個垂直于斜面的力F,重力沿斜面向下的分力不變,而滑動摩擦力增大,合力方向沿斜面向上,木塊做減速運動,可以使木塊停下，故A正確；B、木塊勻速滑下,合力為零,根據平衡條件得;若增大斜面的傾角,重力沿斜面向下的分力增大,滑動摩擦減小,木塊的合力方向將沿斜面向下,木塊做加速運動.故B錯誤.

C、對木塊A施加一個豎直向下的力,因為,木塊的合力仍為零,仍做勻速運動,不可能停下.故C錯誤.

D、由B項分析可以知道,得,與質量無關,在木塊A上再疊放一個重物后,整體勻速下滑,不可能停下.故D錯誤.綜上所述本題答案是：A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】重力的沖量，故A錯誤；拉力的沖量，所以B正確，C錯誤；各力的沖量，根據動量定理知，合力的沖量等于動量的變化量，則動量的變化量為，所以D正確．故選BD．點睛：解決本題的關鍵知道沖量等于力與時間的乘積，知道合力的沖量等于動量的變化量．8、BC【解析】

抓住周期相同，運用，比較線速度的大小．根據牛頓第二定律由萬有引力產生加速度比較加速度的大小.【詳解】由T一樣根據，知：C的半徑大，則C的運行速度比A大．故A錯誤，B正確．在P點，加速度，r相同，則加速度相等．故C正確，D錯誤．故選BC．9、BCD【解析】

A．初始，物體靜止在彈簧上面，彈簧彈力與重力平衡，施加F后即為合力，所以有此后物體勻加速上升，彈力逐漸變小，當彈簧恢復原長后，物塊和彈簧分離，合力為聯立兩式，整理得物體重力質量A錯誤；B．由圖可知，從初始彈簧彈力等于重力到彈簧恢復原長，位移為4cm，即彈力等于重力時，彈簧形變量為勁度系數B正確；C．當彈簧恢復原長后，物塊和彈簧分離，合力為，則物體的加速度大小為C正確；D．因為力F隨彈簧形變量在不斷變化，有圖像分析可知物體與彈簧分離時彈簧恢復原長，D正確。故選BCD。10、ABC【解析】

A.從點釋放，斜面光滑，根據機械能守恒知塊被彈簧彈回經過點動能為：故A正確；B.物塊從點時開始壓縮彈簧，彈力逐漸增大，開始階段彈簧的彈力小于滑塊的重力沿斜面向下的分力，物塊做加速運動，后來，彈簧的彈力大于滑塊的重力沿斜面向下的分力，物塊做減速運動，所以物塊先做加速運動后做減速運動，彈簧的彈力等于滑塊的重力沿斜面向下的分力時物塊的速度最大；從點到點，根據動能定理則有：解得點到點的距離：故B正確；C.設物塊動能最大時彈簧的彈性勢能為，從釋放到動能最大的過程，由系統的機械能守恒得：從釋放到動能最大的過程，由系統的機械能守恒得：聯立可得：據題有：所以得從點釋放滑塊最大動能為：故C正確；D．根據物塊和彈簧的系統機械能守恒知，彈簧最大彈性勢能等于物塊減少的重力勢能，由于從點釋放彈簧的壓縮量增大，所以從點釋放彈簧最大彈性勢能比從點釋放增加為：故D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AC增大【解析】

由題意可知探究彈簧彈性勢能實驗中勢能變化、變力做功問題，根據彈簧彈力做功特點、胡克定律計算可得。【詳解】(1)[1]AB．拉力做正功，說明彈簧彈力對外做負功，彈性勢能增加，故A正確，B錯誤；CD．彈簧彈力對外做負功，其它能轉化為彈性勢能，彈性勢能增加，故C正確，D錯誤。(2)[2]因拉力隨位移均勻增大，可以用平均力來計算(3)[3]由胡克定律可得換一根勁度系數更大的彈簧做此實驗，圖2中圖象斜率將增大【點睛】當彈簧彈力對外做正功時，彈性勢能減小；當彈簧彈力對外做負功時，彈性勢能增加。12、CB1.84【解析】

(1)[1]由機械能守恒定律可得兩邊都有m，可以消去，也就是說沒有必要測物體的質量，即沒有必要的步驟為C；[2]打點計時器用的是交流電，應將打點計時器接到電源的“交流輸出”上，則操作不當的步驟是B；(2)[3]打B點時重錘的速度(3)[4]小鐵球