2025屆河北省中國第二十冶金建設公司綜合學校高中分校物理高二第一學期期中教學質量檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、質量為1kg的物體以某一速度在水平面上滑行，由于摩擦阻力的作用，其動能隨位移變化的圖線如所示，g取10m/s2，則下列說法正確的是（）A．物體與水平面間的動摩擦因數為0.15B．物體與水平面間的動摩擦因數為0.25C．物體滑行的總時間為4.5sD．物體滑行的總時間為2.5s2、某導體中的電流隨其兩端電壓的變化如圖所示，則下列說法中正確的是A．由圖可知，隨著電壓的增大，導體的電阻不斷減小B．圖象上某點切線的斜率的倒數即為該狀態的電阻值C．電壓為5V時，導體的電阻是0.2ΩD．電壓為12V時，導體電阻的電功率為18W3、測定壓力變化的電容式傳感器如圖所示，A為固定電極，B為可動電極，組成一個電容大小可變的電容器．可動電極兩端固定，當待測壓力施加在可動電極上時，可動電極發生形變，從而改變了電容器的電容．現將此電容式傳感器連接到如圖所示的電路中，則（）A．當待測壓力增大時電容器的電容將增大B．當待測壓力增大時電阻R中有從a流向b的電流C．當待測壓力增大時電阻R中有沒有電流D．待電路穩定后，電容器兩端的電壓增大4、作用在一個物體上的兩個共點力，大小分別是30N和40N，如果它們的夾角是90°，則這兩個力的合力大小為（）A．10NB．35NC．50ND．70N5、如圖所示電路，開關K斷開和閉合時電流表示數的之比是1：3，則可知電阻R1和R2之比：(

)A．1：3B．1：2C．2：1D．3：16、某機械傳動結構的示意圖如圖所示．A在前齒構輪邊緣上，B點在后齒輪邊緣上，C在后輪邊緣上；前齒輪和后齒輪通過鏈條傳動，后齒輪和后輪固定在一起．前齒輪半徑為l0cm，后齒輪半徑為5cm，后輪半徑為30cm．在它們勻速轉動時，下列說法正確的是（）A．A、B兩點角速度相同B．A點角速度是C點角速度的一半C．A、C兩點的加速度大小相同D．B點的轉動周期小于C點的轉動周期二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖為一種服務型機器人，其額定功率為56W，額定工作電壓為28V．機器人的鋰電池容量為20A·h．則機器人（）A．機器人的電阻為12ΩB．充滿電后最長工作時間為2hC．電池充滿電后總電量為7.2×104CD．以額定電流工作時每秒消耗能量為56J8、有兩個勻強磁場區域Ⅰ和Ⅱ，Ⅰ中的磁感應強度是Ⅱ中的k倍．兩個速率相同的電子分別在兩磁場區域做圓周運動．則下列計算正確的是A．Ⅰ中運動的電子與Ⅱ中的電子圓周運動的半徑比是1∶kB．Ⅰ中運動的電子與Ⅱ中的電子運動的加速度大小比是比是1∶kC．Ⅰ中運動的電子與Ⅱ中的電子圓周運動的周期是比是1∶kD．Ⅰ中運動的電子與Ⅱ中的電子圓周運動的角速度比是1∶k9、如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r，電壓表V1、V2、V3為理想電壓表，R1、R3為定值電阻，R2為熱敏電阻(其阻值隨溫度升高而減小)，C為電容器，閉合開關S，電容器C中的微粒A恰好靜止．當室溫從25℃升高到35℃的過程中，流過電源的電流變化量是ΔI，三只電壓表的示數變化量是ΔU1、ΔU2和ΔU3.則在此過程中()A．V1示數減小B．C．Q點電勢升高D．R3中的電流方向由M向N，微粒A勻加速下移10、三個阻值都為12Ω的電阻，它們任意連接、組合，總電阻可能為()A．4Ω B．24Ω C．8Ω D．36Ω三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）某同學在一次“測定某特殊電阻元件的電阻”的實驗中，用游標卡尺測量電阻元件的長度為L，用螺旋測微器測量金屬絲直徑d。電阻元件長L為______cm，金屬絲的直徑d為______mm；（2）該同學用多用表歐姆檔粗測電阻，選用“×100”倍率的電阻擋估測元件電阻，發現多用表指針偏角過大。因此他選擇“×10”倍率的電阻擋。并歐姆調零，再進行測量，之后多用表的示數如下圖所示，測量結果為R=_______Ω。12．（12分）欲用伏安法測定一段阻值約為5Ω左右的金屬導線的電阻，要求測量結果盡量準確，現備有以下器材：A．電池組(3V，內阻約為1Ω)B．電流表(0～3A，內阻約為0.0125Ω)C．電流表(0～0.6A，內阻約為0.125Ω)D．電壓表(0～3V，內阻約為3kΩ)E．電壓表(0～15V，內阻約為15kΩ)F．滑動變阻器(0～20Ω，額定電流1A)H．開關、導線(1)上述器材中，電流表應選用的是______；電壓表應選用的是______(填寫器材的字母代號)．(2)實驗電路應采用電流表________接法(填“內”或“外”)．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一條長為L的細線一端固定在O點，另一端系著質量為m，帶電量為-q的小球，整個裝置處于足夠大的水平方向的勻強電場中，靜止于A點，此時細線與堅直方向成450角，如圖所示，現將小球沿圓周移動到O點的正止方B點，然后由靜止釋放。(1)求電場的大小和方向(2)小球運動到與O等高的C點時，求其速度的大小和方向。(3)求小球回到A點時的細線所受的張力。14．（16分）一個重力不計的帶電粒子，以大小為v的速度從坐標的a點，平行于x軸射入磁感應強度大小為B、方向垂直紙面向外的圓形勻強磁場區域，并從x軸上b點射出磁場，射出速度方向與x軸正方向夾角為，如圖求：（1）帶電粒子在磁場中運動的軌道半徑；（2）帶電粒子的比荷及粒子從a運動到b點的時間；15．（12分）一臺電風扇，內阻為10Ω，接上220V電壓后，正常工作時消耗的功率為66W。求：(1)電風扇正常工作時通過風扇電動機的電流強度；(2)若接上電源后，扇葉被卡住，不能轉動，則此時通過電扇電動機的電流多大？電動機消耗的電功率是多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】由圖象可知，EK1=50J，EK2=0J，位移x=20m，EK1=12mv12=50J，解得初速度v1=10m/s，由動能定理得：EK2-EK1=-fx，解得：f=2.5N=μmg，μ=0.25，物體加速度a=fm=2.5m/s2，物體運動時間t=v1a=4s，以上分析可知，故B點睛：利用數學圖象處理物理問題的方法就是把物理表達式與圖象結合起來，根據圖象中的數據求解．一般我們通過圖象的特殊值和斜率進行求解．2、D【解析】

由圖知，隨著電壓的增大，圖象上的點與原點連線的斜率減小，此斜率等于電阻的倒數，則知導體的電阻不斷增加，故A錯誤；圖象上的點與原點連線的斜率的倒數等于電阻，選項B錯誤；當U=5V時，由圖知電流為I=1.0A，則導體的電阻R=U/I=5Ω，故C錯誤；加12V電壓時，電流為1.5A，則電功率P=IU=18W．故D正確；故選D?！军c睛】本題關鍵抓住圖象上的點與原點連線的斜率等于電阻的倒數，分析電阻的變化，求解電阻的值．3、A【解析】

A.壓力增大時，電容器兩極板間的距離減小，由電容器的公式可知電容器電容增大，A正確BCD.電容器直接與電源項鏈，因此電容器兩端電壓不變，D錯誤；電容器的電容增大，由可知電容器電荷量增加，電容器充電，因此電流方向為b流向a，因此B和C錯誤4、C【解析】

兩個分力的夾角是90°，根據勾股定理可以直接求得合力的大?。驹斀狻糠至Φ拇笮》謩e是30N和40N，合力的大小為，所以C正確。故選C。5、B【解析】

當開關斷開時,兩個電阻時串聯關系，故流過兩個電阻的電流相等，等于當開關閉合時,回路中只有電阻R2，則電流為由電流表示數之比是1：3可知兩個電阻，故B正確；ACD錯故選B【點睛】開關斷開時,兩個電阻是串聯的,通過兩電阻的電流相等,當開關閉合時,電路中只有電阻R2,根據歐姆定律可求電流大小,根據兩次電流關系可求電阻之比．6、B【解析】

試題分析：A、AB是用皮帶連接的；故AB兩點線速度相同，因兩點的半徑不同；故兩點的角速度不同；故A錯誤；B、BC兩點是共軸轉動的，故兩點的角速度相同；由v=rω可知，A的角速度是B的角速度的一半；故A角速度是C角速度的一半；故B正確；C、由a=rω2可知，設A點的角速度是ω，結合B的分析可知C點的角速度是2ω，故加速度關系為：，兩點的加速度大小不同；故C錯誤；D、因BC兩點角速度相同，則周期一定相同；故D錯誤；故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

已知額定功率和額定電壓，根據P=UI可以求解額定電流和電阻；根據q=It求充滿電后總電量，額定功率等于以額定電流工作時每秒消耗能量．【詳解】A、根據P=UI可知，額定電流應該為I==A=2A，機器人的電阻為R==Ω=14Ω，故A錯誤．

B、機器人的鋰電池容量為20A?h，即當額定電流2A下工作時，能夠工作最長時間為10h，故B錯誤．

C、電源充滿電后的總電量為q=It=20×3600C=7.2×104C，故C正確．

D、在額定電流下，機器人功率58W，即每秒消耗58J電能，故D正確．

故選C、D.8、AC【解析】

設Ⅱ中的磁感應強度為B，則Ⅰ中的磁感應強度為kB；

A．根據電子在磁場中運動的半徑公式可知，Ⅰ中的電子運動軌跡的半徑為，Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑為，所以Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍，故A正確；B．電子在磁場運動的洛倫茲力作為向心力，所以電子的加速度的大小為，所以Ⅰ中的電子加速度的大小為，Ⅱ中的電子加速度的大小為，所以Ⅱ的電子的加速度大小是Ⅰ中的倍，故B錯誤；C．根據電子在磁場中運動的周期公式可知，Ⅰ中的電子運動周期為，Ⅱ中的電子運動周期為，所以Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍，所以Ⅱ中的電子運動軌跡的周期是Ⅰ中的k倍，故C正確；D．做圓周運動的角速度，所以Ⅰ中的電子運動角速度為，Ⅱ中的電子運動角速度為，在Ⅱ的電子做圓周運動的角速度是Ⅰ中的倍，故D錯誤；9、BC【解析】

A.室溫從25℃升高到35℃的過程中，R2的阻值減小，總電阻減小，由閉合電路歐姆定律得，總電流增大，外電壓減小，V1示數為U1=IR1增大，故A錯誤；B.由得由得則有：故B正確；C.由于外電壓減小，V1示數增大，所以V2示數減小，而：且，所以Q點電勢升高，故C正確；D.V3測量的是電源路端電壓，由：得U3減小，電容器兩端電壓減小，電容電荷量減少，電容放電，形成從M到N的電流，兩板間場強降低，電荷受的電場力減小，故將下移，但電場強度不斷減小，由得加速度增大，微粒做加速度增大的加速運動，故D錯誤。10、ACD【解析】

當三個電阻串聯時，阻值為；當三個電阻并聯時，阻值為；當兩個電阻串聯后與第三個電阻并聯，阻值為；當兩個電阻并聯后與第三個電阻串聯，獲得的阻值為，故ACD正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、11.0501.996300【解析】

（1）[1][2]．由圖示游標卡尺可知，其示數為：110mm+10×0.05mm=110.50mm=11.050cm；

由圖示螺旋測微器可知，其示數為：1.5mm+49.6×0.01mm=1.996mm；

（2）[3]．由圖示表盤可知，電阻阻值為：R=30.0×10Ω=300Ω；12、CD外【解析】（1）電池組3V，則選取電壓表D；根據歐姆定律:，故電流表選取C；故選取的器材為：C、D.（2）被測電阻約，故選擇電流表外接