2025屆山西省陵川第一中學校、澤州一中等四校高二物理第一學期期中預測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示的電路中，輸出電壓U恒為12V，燈泡L上標有“6V/12W”字樣，電動機線圈的電阻RM=0.50ΩA．電動機的熱功率2.0WB．電動機的輸入功率14WC．電動機的輸出功率12WD．整個電路消耗的電功率22W2、如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r，R1、R2為定值電阻，R2>R1>r，且R1大于滑動變阻器R0的最大阻值閉合電鍵S，將滑動變阻器的滑動片P由最上端滑到最下端，若電壓表V1、V2、電流表A的讀數改變量的大小分別用A．ΔUB．ΔUC．電源的發熱功率先減小，再增大D．電源的輸出功率先增大，再減小3、如圖所示，a、b為豎直正對放置的平行金屬板構成的偏轉電場，其中a板帶正電，兩板間的電壓為U，在金屬板下方存在一有界的勻強磁場，磁場的上邊界為與兩金屬板下端重合的水平面PQ，PQ下方的磁場范圍足夠大，磁場的磁感應強度大小為B，一帶正電粒子以速度v0從兩板中間位置與a、b平行方向射入偏轉電場，不計粒子重力，粒子通過偏轉電場后從PQ邊界上的M點進入磁場，運動一段時間后又從PQ邊界上的N點射出磁場，設M、N兩點距離為x（M、N點圖中未畫出），從N點射出的速度為v，則以下說法中正確的是A．只增大帶電粒子的比荷大小，則v減小B．只增大偏轉電場的電壓U的大小，則v減小C．只減小初速度v0的大小，則x不變D．只減小偏轉電場的電壓U的大小，則x不變4、下列說法中正確的是()A．電子和質子都是元電荷;B．一個帶電體的電荷量為205.5倍的元電荷;C．元電荷是最小的帶電單位;D．元電荷有正、負之分.5、兩只電壓表V1和V2是由完全相同的電流表改裝而成的，V2的量程為5V，V1的量程為15V，為了測量15—20V的電壓，把V1、V2串聯起來使用，在這種情況下（）A．V1和V2兩表指針偏轉角相等B．V1和V2讀數相等C．V1和V2的讀數之比不等于電壓表的內阻之比D．V1和V2的指針偏轉角度之比等于兩個電壓表的內阻之比6、關于地球的第一宇宙速度，下列表述正確的是（）A．第一宇宙速度大小為7.9km/sB．第一宇宙速度大小為11.2km/sC．第一宇宙速度是最大發射速度D．第一宇宙速度是最小運行速度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的U-I圖象中，直線Ⅰ為某電源的路端電壓與電流的關系，直線Ⅱ為某一電阻R的伏安曲線，將該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖象可知A．R的阻值為2.0ΩB．電源電動勢為2V，內阻為0.5ΩC．電源的輸出功率為2.0WD．電源總功率為2.0W8、如圖所示，在真空中固定兩個等量異號點電荷+Q和-Q,圖中O點為兩點電荷連線的中點，P點為連線上靠近-Q的一點，MN為過O點的一條線段，M點與N點關于O點對稱.下列說法中正確的是（）A．同一個試探電荷在M、N兩點所受的電場力相同B．M、N兩點的電勢相同C．將帶正電的試探電荷從M點沿直線移到N點的過程中電荷的電勢能先增大后減小D．只將-Q移到P點，其他點在空間的位置不變，則O點的電勢降低9、在如圖所示的四種典型電場的情況中，電場中a、b兩點的電場強度相同的是（）A．圖甲中平行板電容器帶電時，極板間除邊緣附近外的任意兩點a、bB．圖乙中兩個等量異號點電荷的連線上，與連線中點O等距的兩點a、bC．圖丙中離點電荷等距的任意兩點a、bD．圖丁中兩個等量同號點電荷的連線的中垂線上，與連線中點O等距的任意兩點a、b10、在如圖所示的電路中，C為一平行板電容器,閉合開關S,給電容器充電，當電路中電流穩定之后，下列說法正確的是()A．保持開關S閉合，把滑動變阻器R1的滑片向上滑動，電流表的示數變大，電壓表的示數變大B．保持開關S閉合，不論滑動變阻器R1的滑片是否滑動，都有電流流過R2C．保持開關S閉合，將電容器上極板與下極板距離稍微拉開一些的過程中，R2中有由b到a的電流D．斷開開關S，若此時剛好有一帶電油滴P靜止在電容器兩平行板之間，將電容器上極板與下極板稍微錯開一些的過程中，油滴將向上運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測金屬絲電阻率”實驗中，提供以下實驗器材；螺旋測微器千分尺、直尺；待測金屬絲約、電源電動勢約；電壓表量程3V，內阻約：電流表量程、內阻為；滑動變阻器、開關及導線若干．某同學進行了如下操作：如圖1所示，用直尺測金屬絲的長度______m；圖3所示，用螺旋測微器測金屬絲直徑______mm；重新接好后利用電壓表和電流表讀數畫出了圖象．由此得到金屬絲電阻R______用測得的物理量的符號：長度L、直徑d和電壓U、電流I及常量表示待測金屬絲的電阻率______．12．（12分）測量金屬絲電阻率的實驗中，關于電流表與電壓表的連接方法，應選擇圖_____，用該種連接方法測得的電阻阻值比真實值___________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）飛行時間質譜儀研究，我國再獲技術成果。其原理如圖所示，它可以根據測出帶電粒子的飛行時間對氣體分子進行分析。在真空狀態下，自脈沖閥P噴出微量氣體，經激光照射產生不同正離子，自a板小孔進入a、b間的加速電場，從b板小孔射出，沿中線方向進入M、N板間的方形區域，然后到達緊靠在其右側的探測器。已知極板a、b間的電壓為，間距為d，極板M、N正對且長度和間距均為L，測出某一離子從a板到b板的飛行時間為t，不計離子重力及經過a板時的初速度。(1)求該離子的比荷；(2)若在M、N間加上偏轉電壓U，為保證上述離子能直接打在探測器上，求U與的關系。14．（16分）水平放置的兩塊平行金屬板長L=5.0cm，兩板間距d=1.0cm，兩板間電壓為90v，且上板為正，一個電子沿水平方向以速度v0=2.0×107m/s，從兩板中間射入，如圖，求：(電子質量m=9.01×10-31kg)（1）電子飛出電場時沿垂直于板方向偏移的距離是多少？（2）電子離開電場后，打在屏上的P點，若S=10cm，求OP的長？15．（12分）如圖所示，長為的絕緣細線一端懸于點，另一端系一質量為、電荷量為的小球．現將此裝置放在水平向右的勻強電場中，小球靜止在點，此時細線與豎直方向成角．重力加速度為，，.求該勻強電場的電場強度的大小．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

電動機兩端的電壓U1=U-UL=12-6V=6V，整個電路中的電流I=PLUL=2A，所以電動機的輸入功率P=U1I=6×2W=12W。電動機的熱功率P熱=I2RM=4×0.5W=2W，則電動機的輸出功率P2=P-I2RM=12-2W=10W．故A正確，BC錯誤。整個電路消耗的功率P總=UI=12×2W=24W．故2、B【解析】

當滑動變阻器的滑臂P由上端向下滑動的過程中，變阻器滑片上側電阻與R1串聯后與變阻器滑片下側并聯的總電阻一直變小，根據閉合電路歐姆定律分析電路中的電流變化和路端電壓的變化，再根據歐姆定律分析對應的電流和電阻關系，再根據功率公式分析功率的變化。【詳解】A項：由圖可知，電流表與R0的下部分串聯、R1與R0的上部分串聯，二者再并聯后與R2串聯；電流表中的電流小于流過R2的電流，故R2≠UB項：電壓表V測量路端電壓，則其電壓表示數的變化等于內阻兩端電壓的變化，在滑片向下滑動過程中，總電阻減小，總電流增大，并聯部分電壓減小，流過R1的電流減小，故流過電流表的電流增大，因此總電流的變化量小于A中電流的變化，因此ΔU1ΔIC項：由B的分析可知，總電流增大，故電源的發熱功率一直增大，故C錯誤；D項：由于外電阻一定大于內電阻，而在改變中外電阻減小，故外電阻越來越接近內電阻，故電源的輸出功率一定增大，故D錯誤。故應選：B。【點睛】本題考查了串、聯電路的特點和歐姆定律的靈活運用，難點是滑動變阻器滑片P從最上端→中間→最下端總電阻變化情況的判斷。3、D【解析】粒子在電場中，水平方向；豎直方向，；，解得，則只增大帶電粒子的比荷大小，則v增大，選項A錯誤；只增大偏轉電場的電壓U的大小，則E變大，v變大，選項B錯誤；減小初速度v0的大小，則導致進入磁場的速度減小，由半徑公式R=，可知，導致半徑減小，則x也減小，故C錯誤；減小偏轉電場的電壓U的大小，設速度與磁場邊界的夾角為θ，則由半徑公式，結合幾何關系，可得：x=2Rsinθ=，則會導致x不變，故D正確；故選D．點睛：考查粒子做類平拋運動與勻速圓周運動的處理規律，掌握圓周運動的半徑公式，注意運動的合成與分解的方法．4、C【解析】解：元電荷又稱“基本電量”或“元電荷”．在各種帶電微粒中，電子電荷量的大小是最小的，人們把最小電荷叫做元電荷，無正負之分，也是物理學的基本常數之一，常用符號e表示，任何帶電體所帶電荷都是e的整數倍，故ABD錯誤，C正確．故選C．【點評】本題考查了對電學中基本概念的理解，對于這些基本概念一是加強記憶，二是加強練習，加深對其的理解．5、A【解析】A項：兩電壓表串聯，流過兩表頭的電流相等，則兩電壓表指針偏轉角度相等，故A正確；B項：兩電壓表串聯，流過它們的電流相等而電壓表內阻不同，電壓表兩端電壓不同，電壓表示數不同，故B錯誤；C項：通過兩電壓表的電流相同，由歐姆定律可知，V1和V2的讀數之比等于電壓表的內阻之比，故C錯誤；D項:由于串聯電流相等，故表頭偏轉角度相同，V1和V2的指針偏轉角度之比與電壓表內阻無關，故D錯誤；綜上所述：本題答案選A6、A【解析】

物體在地面附近繞地球做勻速圓周運動的速度叫做第一宇宙速度，在地面附近發射飛行器，如果速度等于7.9km/s，飛行器恰好做勻速圓周運動，選項A正確，B錯誤。人造衛星在圓軌道上運行時，運行速度v=GMR，軌道半徑越小，速度越大，故第一宇宙速度是衛星在圓軌道上運行的最大速度，故D錯誤。而發射越高，克服地球引力做功越大，需要的初動能也越大，故第一宇宙速度是發射人造地球衛星的最小發射速度，故C【點睛】第一宇宙速度有三種說法：①它是人造地球衛星在近地圓軌道上的運行速度．②它是人造地球衛星在圓軌道上運行的最大速度．③它是衛星進入近地圓形軌道的最小發射速度.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

A．R的阻值為選項A錯誤；B．由圖像可知，電源電動勢為E=2V，內阻為選項B正確；C．電源的輸出功率為P=IU=2×1W=2.0W選項C正確；D．電源總功率為P總=IE=2×2W=4.0W選項D錯誤。8、AD【解析】

A．等量異種點電荷的電場的分布具有一定的對稱性，如圖：

由圖可得M、N兩點的電場強度相同，F=Eq，電場力相同，故A正確；B．畫出過M、N的等勢面，如圖所示：

電場線從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，故M點的電勢大于N點的電勢，故B錯誤；C．將帶正電的試探電荷從M點沿直線移到N點的過程中，電場力一直做正功，故電勢能一直減小，故C錯誤；D．等量異種點電荷的連線中垂線是一條等勢線，故O點的電勢為零；只將-Q移到P點，其它點在空間的位置不變，此時兩個電荷連線的中點在O點的左側，故O點的電勢變為負值，故O點的電勢降低，故D正確。9、AB【解析】

A．a、b是勻強電場中的兩點，電場強度相同，故A正確；B．兩個等量異號點電荷的連線上，據電場線的對稱性可知，a、b兩點電場強度相同，故B正確；C．離點電荷Q等距的任意兩點a、b電場強度大小相等，但方向不同，則電場強度不同，故C錯誤；D．兩個等量同號點電荷連線的中垂線上，與中點O等距的任意兩點a、b場強大小相等，但方向相反，所以電場強度不同，故D錯誤。10、AD【解析】

A.保持開關S閉合，把滑動變阻器R1的滑片向上滑動，接入電路的電阻減小，根據歐姆定律可知電路中電流增大，R2的電壓增大，則電流表的示數變大，電壓表的示數變大，故A正確；B.保持開關S閉合，不論滑動變阻器R1的滑片是否滑動，電容器相當于開關斷開，都沒有電流流過R2，故B錯誤；C.保持開關S閉合，將電容器上極板與下極板距離稍微拉開一些的過程中，極板的正對面積減小，電容減小，由知，U不變，Q減小，電容器放電，則R2中有由a到b的電流，故C錯誤；D.斷開開關S，將電容器上極板與下極板稍微錯開一些的過程中，極板的正對面積減小，電容減小，由知，電量Q不變，則板間電壓U增大，板間場強增大，油滴所受的電場力增大，則油滴將向上運動，故D正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.05590.572【解析】

解：(1)由圖1所示刻度尺可知，其分度值是1mm，所測金屬絲的長度：；(2)由圖3所示螺旋測微器可知，螺旋測微器的固定刻度為0.5mm，