湖南省永州市雙牌縣二中2025屆高二物理第一學期期末統考試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，空間有一水平勻強電場，在豎直平面內有一初速度v0的帶電微粒，沿圖中虛線由A運動至B，其能量變化情況是(重力不能忽略)（）A.動能減少，重力勢能增加,電勢能減少B.動能減少，重力勢能增加,電勢能增加C.動能不變，重力勢能增加,電勢能減少D.動能增加，重力勢能減少,電勢能減少2、圖是用電壓表和電流表測電阻的一種連接方法，為待測電阻．如果考慮到電表內阻對測量結果的影響，則（）A.電壓表示數大于兩端的實際電壓，電流表示數大于通過的實際電流B.電壓表示數大于兩端的實際電壓，電流表示數等于通過的實際電流C.電壓表示數等于兩端的實際電壓，電流表示數大于通過的實際電流D.電壓表示等于兩端的實際電壓，電流表示數等于通過的實際電流3、如圖甲所示，通電螺線管A與用絕緣繩懸掛的線圈B的中心軸在同一水平直線上，A中通有如圖所示的變化電流，t=0時電流方向如圖乙中箭頭所示．在t1～t2時間內，對于線圈B的電流方向（從左往右看）及運動方向，下列判斷正確的是（）A.線圈B內有順時針方向電流、線圈向右擺動B.線圈B內有順時針方向的電流、線圈向左擺動C.線圈B內有逆時針方向的電流、線圈向右擺動D.線圈B內有逆時針方向的電流、線圈向左擺動4、一帶負電的小球以一定的初速度v0豎直向上拋出，達到的最大高度為h1；若加上水平方向的勻強磁場，且保持初速度仍為v0，小球上升的最大高度為h2；若加上水平方向的勻強電場，且保持初速度仍為v0，小球上升的最大高度為h3，若加上豎直向上的勻強電場，且保持初速度仍為v0，小球上升的最大高度為h4，如圖所示．不計空氣阻力，則（）A.h1=h3 B.h1＜h4C.h2與h3無法比較 D.h2＜h45、圖示為兒童蹦極的照片，兒童綁上安全帶，在兩根彈性繩的牽引下上下運動．在兒童從最高點下降到最低點的過程中A重力對兒童做負功B.合力對兒童做正功C.兒童重力的功率一直減小D.兒童的重力勢能減少6、某交流發電機正常工作時的電動勢變化規律為e=Emsinωt，如果將此發電機的轉速提高一倍，線圈的匝數同時增加一倍，其它條件不變，則電動勢的變化規律為（）A.B.C.D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中，將滑動變阻器的滑片P向右滑動后，假設電流表A1和電壓表V2兩個電表的示數變化量的絕對值分別為I1和U2，則在滑片P向右滑動的過程中，下列說法正確的是（）A.V1變大B.A2變大C.V2變大D.不變8、A、B兩個帶電粒子同時從勻強磁場的直線邊界上的M、N點分別以45°和30°(與邊界的夾角)射入磁場，又同時分別從N、M點穿出，如圖所示．設邊界上方的磁場范圍足夠大，下列說法中正確的是()A.A粒子帶正電，B粒子帶負電B.A、B兩粒子運動半徑之比為1∶C.A、B兩粒子速率之比為1∶D.A、B兩粒子的比荷之比為3∶29、汽車的點火裝置的核心是一個變壓器，該變壓器的原線圈與12V的蓄電池相連，副線圈連接到火花塞的兩端，當開關由閉合變為斷開時，副線圈中產生10KV以上的電壓，火花塞中產生火花，從而點燃油氣實現汽車點火。某同學設計了甲、乙兩個裝置，下列說法中正確的是（）A.甲裝置能實現點火B.該點火裝置能使火花塞的兩端產生持續高壓C.變壓器的原線圈用細導線繞制，而副線圈要用粗導線繞制D.該點火裝置中變壓器為升壓變壓器10、半導體內導電的粒子—“載流子”有兩種：自由電子和空穴（空穴可視為能自由移動帶正電的粒子），以自由電子導電為主的半導體叫N型半導體，以空穴導電為主的半導體叫P型半導體．圖為檢驗半導體材料的類型和對材料性能進行測試的原理圖，圖中一塊長為a、寬為b、厚為c的半導體樣品板放在沿y軸正方向的勻強磁場中，磁感應強度大小為B．當有大小為I、沿x軸正方向的恒定電流通過樣品板時，會在與z軸垂直的兩個側面之間產生霍爾電勢差UH，霍爾電勢差大小滿足關系，其中k為材料的霍爾系數．若每個載流子所帶電量的絕對值為e，下列說法中正確的是（）A.如果上表面電勢高，則該半導體為P型半導體B.霍爾系數越大的材料，其內部單位體積內的載流子數目越多C.若將磁場方向改為沿z軸正方向，則在垂直y軸的兩個側面間會產生的霍爾電勢差變小D.若將電流方向改為沿z軸正方向，則在垂直x軸的兩個側面間會產生的霍爾電勢差變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(1)小明用圖甲所示的多用電表粗測一待測電阻Rx。將選擇開關“K”旋轉到歐姆檔“×10”的位置，正確操作后，他將兩表筆與待測電阻Rx相接，發現指針偏轉角度過大，為了得到比較準確的測量結果，應將選擇開關“K”旋轉到電阻檔_____(填“×1”或“×100”)的位置。重新進行歐姆檔調零并完成測量，測量時指針如圖乙所示，其讀數為______Ω。(2)小華與同伴用伏安法對Rx進一步測量。實驗室提供器材有：電流表G1(0～50mA，內阻r1＝10Ω)電流表G2(0～100mA，內阻r2＝5Ω)待測電阻Rx電阻箱R1(0～9999Ω)滑動變阻器R2(0～10Ω)干電池(1.5V，內阻不計)開關S及導線若干①為了將G1表改裝成量程為1.5V的電壓表，應將電阻箱調到________Ω后再與G1表串聯；②小華與同伴設計了以下兩種電路，要求電表的指針偏角必須達到量程的三分之一以上。其中，符合上述要求的是圖________(填“丙”或“丁”)所示電路；③某次測得電流表G1，G2示數分別為I1、I2，電阻箱接入阻值為R0，則被測電阻Rx＝____(用I1、I2、r1、r2、R0表示)；④若通過調節滑動變阻器，該同學測得多組I1、I2的實驗數據，根據實驗數據做出I1、I2的圖像如圖戊所示，則被測電阻R＝______Ω(保留兩位有效數字)。12．（12分）一量程為100μA的電流表，內阻為100Ω，表盤刻度均勻，現串聯一個4900Ω的電阻將它改裝成電壓表，則該電壓表的量程是________V。改裝后用它來測量電壓時，發現未標上新的刻度，表盤指針位置如圖所示，此時電壓表的讀數大小為________V。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，光滑導軌豎直放置，勻強磁場的磁感應強度為B＝0.5T，磁場方向垂直于導軌平面向外，導體棒ab的長度與導軌寬度均為L＝0.2m，電阻R＝1.0Ω，導軌電阻不計．當導體棒緊貼導軌勻速下滑時，標有“6V3W”字樣的兩小燈泡恰好正常發光，求：(1)通過ab的電流的大小和方向；(2)ab運動速度的大小；(3)電路的總功率14．（16分）如圖所示，平行金屬導軌間距為0.5m，水平放置，電源電動勢為E=1.5V，內阻r=0.2Ω，質量m=0.05kg的金屬棒電阻R=2.8Ω，與平行導軌垂直，其余電阻不計，空間中有磁感應強度B=2.0T、方向與導軌平面成60°角的勻強磁場，且垂直于金屬棒，接通電路后，金屬棒仍處于靜止。(g=10m/s)求：（1）金屬棒所受的支持力；（2）金屬棒受到的摩擦力.15．（12分）如圖所示，在坐標系xOy內有一半徑為a的圓形區域，圓心坐標為O1（a，0），圓內分布有垂直紙面向里的勻強磁場，在直線y=a的上方和直線x=2a的左側區域內，有一沿x軸負方向的勻強電場，場強大小為E，一質量為m、電荷量為+q（q>0）的粒子以速度v從O點垂直于磁場方向射入，當入射速度方向沿x軸方向時，粒子恰好從O1點正上方的A點射出磁場，不計粒子重力，求：（1）磁感應強度B的大小；（2）粒子離開第一象限時速度方向與y軸正方向的夾角正切值；（3）若將電場方向變為沿y軸負方向，電場強度大小不變，粒子以速度v從O點垂直于磁場方向、并與x軸正方向夾角θ=300射入第一象限，求粒子從射入磁場到最終離開磁場的總時間t

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】由題，帶電微粒做直線運動，所受的合力必須與AB在同一直線上，則知帶電微粒所受電場力方向水平向左，所以合力方向與速度方向相反，合力做負功，由動能定理得知，動能減小。重力做負功，重力勢能增加。電場力做負功，則電勢能增加，B正確，ACD錯誤。故選B。2、B【解析】由電路圖知，電流表與待測電阻串聯，所以電流表的讀數等于通過待測電阻的實際電流；電壓表測量的是待測電阻與電流表的串聯電壓，所以電壓表的讀數大于待測電阻兩端的實際電壓．故B項正確，ACD三項錯誤3、A【解析】根據題意可知，在螺線管內通有，在時間內，由右手螺旋定則可知，線圈B的磁場水平向左，當電流增大，則磁通量變大，根據楞次定律可得，所以感應電流順時針（從左向右看）；從產生感應電流阻礙的角度可知，線圈向右運動，才能阻礙磁通量的增大。故選A。4、A【解析】第1個圖：由豎直上拋運動的最大高度公式得：．第3個圖：當加上電場時，由運動的分解可知：在豎直方向上有，v02=2gh3，所以h1=h3．故A正確；而第2個圖：洛倫茲力改變速度的方向，當小球在磁場中運動到最高點時，小球應有水平速度，設此時的球的動能為Ek，則由能量守恒得：mgh2+Ek=mv02，又由于mv02=mgh1，所以h1＞h2．h3＞h2，所以C錯誤．第4個圖：因小球帶負，受電場力向下，則h4一定小于h1；由于無法明確電場力做功的多少，故無法確定h2和h4之間的關系；故BD錯誤.5、D【解析】兒童高度下降，因此重力對兒童做正功，兒童的重力勢能減小，故A錯誤，D正確；由于兒童初末位置時的速度均為零，則由動能定理可知，合力對兒童做功為零，故B錯誤；兒童的速度先增加后減小，根據P=Gv可知，重力的功率先增加后減小，選項C錯誤；故選D【點睛】該題考查物體的動能、重力勢能與彈性勢能之間的相互轉化，要注意分析人在下落過程中的能量轉化情況以及速度變化情況，明確功能關系即可正確求解6、B【解析】交流發電機工作時的電動勢最大值表達式Em=NBSω，發電機轉子轉速提高一倍，線圈匝數同時也提高一倍，電動勢最大值表達式為：Em′=2NBS2ω=4NBSω=4Em，角速度為：ω′=2ω，則其電動勢變為：e=4Emsin2ωt．故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】先由局部電阻RP的變化開始分析，分析全電路的電阻、電流以及路端電壓，然后再逐步分析到局部電路.【詳解】在滑片P向右滑動的過程中，RP變大，則電路的總電阻變大，總電流減小，路端電壓變大，即A1減小，R1的電壓減小，則R3以及與其并聯的支路電壓變大，A2讀數變大；V2讀數變大；R3電流變大，則R2電流減小，則兩端電壓減小，即V1讀數變小，故選項A錯誤，BC正確；U2=E-I1(R1+r)，可知不變，可知選項D正確；故選BCD.【點睛】分清電路圖，利用等效電阻法結合總量法，根據電阻的變化確定比值的變化是解決本題的關鍵8、ABD【解析】A．A向右偏轉，磁場方向垂直紙面向外，根據左手定則知，A為正離子，B向左偏轉，根據左手定則知，B為負離子，A正確；B．離子在磁場中做圓周運動，由幾何關系可得（l為MN之間的距離）因為：，則A、B兩離子的半徑之比為，B正確；C．離子的速率（為軌跡所對圓心角），時間相同，半徑之比為，圓心角之比為3：2，則速率之比為，C錯誤；D．根據知，因為速度大小之比為，半徑之比為，則比荷之比為，D正確；故選ABD。9、AD【解析】AB．變壓器是改變交流電的電壓的設備，由圖可知，當甲圖中的開關接通與斷開的瞬間，左側的電流發生變化，變化的電流引起左側的線圈內磁通量的變化，進而引起右側的線圈內磁通量的變化，則在右側的線圈內產生瞬間的感應電動勢，該電動勢以高壓的形式瞬間對外輸出，即可使火花塞點火，但該點火裝置不能使火花塞的兩端產生持續高壓，圖乙中，右側沒有電流，所以右側的開關的接通與斷開不能引起電流的變化，所以圖乙不能使火花塞點火，故A正確，B錯誤；CD．由于火花塞需要的電壓為10kV，但是電源的電壓為12V，所以必須要經過升壓變壓器才可以得到高的電壓，所以變壓器左邊線圈匝數遠少于右邊線圈的匝數，導致右邊電壓被提高，所以變壓器的副線圈匝數遠大于原線圈匝數，根據變流比可知，原線圈的電流大，為了避免產生較大的焦耳熱，則原線圈用電阻小的粗導線，副線圈用電阻大的細導線，故C錯誤，D正確；故選AD。10、AC【解析】根據左手定則判斷帶電粒子的電性，根據最終洛倫茲力和電場力平衡列式，再根據電流的微觀表達式列式，最后聯立求解即可【詳解】電流向右，磁場垂直向內，若上表面電勢高，即帶正電，故粒子受到的洛倫茲力向上，故載流子是帶正電的“空穴”，是P型半導體，故A正確；最終洛倫茲力和電場力平衡，有：evB=e；電流的微觀表達式為：I=nevS；且霍爾電勢差大小滿足關系UH=k，聯立解得：，單位體積內的載流子數目，隨著霍爾系數越大，而越小，故B錯誤；若將磁場方向改為沿z軸正方向，則平衡時：evB=e，解得U=Bdv，則d由原來的b變為c，減小，此時的電勢差產生在前表面和后表面，則在垂直y軸的兩個側面間會產生的霍爾電勢差變小，選項C正確，D錯誤．故選AC【點睛】本題關鍵是明確霍爾效應的原理，知道左手定則中四指指向電流方向，注意單位體積內的載流子數目表達式的各物理量的含義三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.×1②.6③.20④.丁⑤.⑥.5.7【解析】(1)[1]歐姆表中值電阻附近刻度線最均勻，讀數誤差最小，將兩表筆與待測電阻相接，發現指針偏轉角度過大，則表盤刻度太小，倍率太大，為了讓指針靠近中央刻度附近，應換成小倍率“”檔；[2]歐姆表讀數刻度盤讀數倍率；(2)①[3]為了將表改裝成量程為的電壓表，應將電阻箱調到，根據歐姆定律得：解得；②[4]的電阻約為和電阻之和的，故兩路并聯時，總電流為：又要求電表的指針偏角必須達到量程的三分之一以上，則：故應與待測電路串聯后與改裝電壓表并聯，否則會燒毀，故符合要求的電路圖為丁；③[5]根據圖丁電路和歐姆定律得：解得：；④[6]根據圖丁電路和歐姆定律得：整理得：結合圖戊可得：解得：。12、(1).0.5(2).0.40【解析】[1]把電流表與分壓電阻串聯可以改裝成大量程的電壓表，由串聯電路特點可得：；[2]0.5V的量程分成10小格，精確度為0.05V，估讀到0.01V，8小格對應的示數為0.40V。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1A，由b到a（2）70m/s（3）7W【解析】小燈泡恰好正常發光，電壓和功率都為額定值，由P=UI可求得通過燈泡的電流，得到ab中電流，根據右手定則判斷電流的方向；根據閉合電路歐姆定律可求出感應電動勢E，再由E=BLv求解導體棒ab勻速時的速度；由公式P=IE可求得電路的總功率【詳解】(1)每個小燈泡中的電流為則ab棒中的電流為：I=2I1=1A由右手定則可知通過ab棒電流方向為：由b到a(2)ab產生的感應電動勢為：E=U1+IR=6V+1×1.0V=7V由E=BLv，知ab的運動速度(3)電路的總功率：P=IE=7W【點睛】本題主要考查了電路問題，燈泡正常發光是突破口，要知道用電器只有在額定電壓下才能正常工作，感應電動勢是聯系電路和電磁感應的橋梁，