2025屆福建省師大附中物理高二上期中經典試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某同學將一個電源分別跟R1和R2串聯進行實驗，電阻兩端的電壓隨電流變化關系和電源的路端電壓隨電流變化關系如圖所示，下列說法中錯誤的是（）A．定值電阻R1=3Ω，R2=0.75ΩB．電源電動勢E=9V，內阻r=1ΩC．接R1時，電源的輸出功率為12WD．接R2時，電源的輸出功率為12W2、如圖，電路中定值電阻阻值R大于電源內阻阻值r。將滑動變阻器滑片P向下滑動，理想電壓表、、示數變化量的絕對值分別為、、，理想電流表A示數變化量的絕對值為，則以下說法正確的是（）A．A的示數減小 B．的示數增大C．與的比值大于r D．小于3、如圖所示電路，所有電表均為理想電表，.當閉合開關S，觸片P向左滑動過程中，四塊電表的讀數均發生變化，設在滑動過程中、、、在同一時刻的讀數分別是、、、；電表示數的變化量的絕對值分別是、、、，那么下列說法正確的是()A．減小，增大B．增大，減小C．為定值、增大D．電源的輸出功率在減小，效率在降低4、關于動量，下列說法中正確的是()A．做勻變速直線運動的物體，它的動量一定在改變B．做勻速圓周運動的物體，動量不變C．物體的動量變化，動能也一定變化D．甲物體動量p1＝5kg·m/s，乙物體動量p2＝－10kg·m/s，所以p1>p25、如圖所示，是一個由電池、電阻R與平行板電容器組成的電路。在增大電容器兩極板間距離的過程中A．電阻R中沒有電流B．電容器的電容在變大C．電阻R中有從a流向b的電流D．電阻R中有從b流向a的電流6、如圖所示，帶電粒子進入磁場中，圖中的磁場方向B、速度v方向、洛侖茲力f方向標示正確的是（）A． B．C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示為某電源甲和兩定值電阻乙和丙的伏安特性曲線，如果將乙和丙分別接在電源甲的兩端。則下列說法正確的是（）A．定值電阻乙接在電源兩端時，電源的效率高B．定值電阻丙接在電源兩端時，電源的效率高C．定值電阻丙接在電源兩端時，電源的輸出功率大D．無論定值電阻乙還是定值電阻丙接在電源兩端，電源的輸出功率一樣大8、正對著并水平放置的兩平行金屬板連接在如圖電路中，板長為l，板間距為d，在距離板的右端2l處有一豎直放置的光屏M．D為理想二極管（即正向電阻為0，反向電阻無窮大），R為滑動變阻器，R0為定值電阻．將滑片P置于滑動變阻器正中間，閉合電鍵S，讓一帶電量為q、質量為m的質點從兩板左端連線的中點N以水平速度v0射入板間，質點未碰極板，最后垂直打在M屏上．在保持電鍵S閉合的情況下，下列分析或結論正確的是（）A．質點在板間運動的過程中與它從板的右端運動到光屏的過程中速度變化相同B．板間電場強度大小為C．若僅將滑片P向下滑動一段后,再讓該質點從N點以水平速度v0射入板間,質點依然會垂直打在光屏上D．若僅將兩平行板的間距變大一些,再讓該質點從N點以水平速度v0射入板間,質點依然會垂直打在光屏上9、兩根材料相同的均勻導線A和B，其長度分別為L和2L，串聯在電路中時，其電勢的變化如圖所示，下列說法正確的是()A．A和B導線兩端的電壓之比為3∶2B．A和B導線兩端的電壓之比為1∶2C．A和B導線的橫截面積之比為2∶3D．A和B導線的橫截面積之比為1∶310、如圖所示為某一電場的電場線和等勢面．已知φa=5V，φc=3V，ab=bc、b點電勢為φb，b，d在同一等勢面上．以|Wac|表示點電荷q由a點移到c點過程中電場力做功的大小，|Wdc|表示點電荷q由d點移到c點過程中電場力做功的大小，則（）A．φb＞4V B．φb＜4V C．|Wac|=2|Wdc| D．|Wac|＞2|Wdc|三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“描繪小電珠的伏安特性曲線”實驗中，所用器材有：小電珠（，），電流表：量程，內阻約為，電流表：量程，內阻約為，電壓表：量程，內阻約為，電壓表：量程，內阻為，滑動變阻器，額定電流，電源：兩節干電池，開關，導線若干．（1）為使測量盡可能準確，實驗過程應該選用的電流表是__________，電壓表是__________．（2）根據選擇的器材，某同學設計了下圖所示的電路原理圖，請你根據實驗原理圖，完成實物圖中的連線（圖中已經有兩根線連好）_______（3）根據選擇的器材讀出電壓表和電流表示數．_________；________12．（12分）某同學為了測量一個量程為3V的電壓表的內阻，進行了如下實驗．（1）他先用多用表進行了正確的測量，測量時指針位置如圖1所示，得到電壓表的內阻為3.00×103Ω，此時電壓表的指針也偏轉了．已知多用表歐姆擋表盤中央刻度值為“15”，表內電池電動勢為1.5V，則電壓表的示數應為______________V（結果保留兩位有效數字）．（2）為了更準確地測量該電壓表的內阻Rv，該同學設計了圖2所示的電路圖，實驗步驟如下：A．斷開開關S，按圖2連接好電路；B．把滑動變阻器R的滑片P滑到b端；C．將電阻箱R0的阻值調到零；D．閉合開關S；E．移動滑動變阻器R的滑片P的位置，使電壓表的指針指到3V的位置；F．保持滑動變阻器R的滑片P位置不變，調節電阻箱R0的阻值使電壓表指針指到1.5V，讀出此時電阻箱R０的阻值，此值即為電壓表內阻Rv的測量值；G．斷開開關S．實驗中可供選擇的實驗器材有：a．待測電壓表b．滑動變阻器：最大阻值2000Ωc．滑動變阻器：最大阻值10Ωd．電阻箱：最大阻值9999.9Ω，阻值最小改變量為0.1Ωe．電阻箱：最大阻值999.9Ω，阻值最小改變量為0.1Ωf．電池組：電動勢約6V，內阻可忽略g．開關，導線若干按照這位同學設計的實驗方法，回答下列問題：①要使測量更精確，除了選用電池組、導線、開關和待測電壓表外，還應從提供的滑動變阻器中選用____（填“b”或“c”），電阻選用_____（填“d”或“e”）．②電壓表內阻的測量值R測和真實值R真相比，R測____R真（填“＞”或“＜”）；若Rv越大，則越____（填“大”或“小”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，固定于水平桌面上足夠長的兩平行導軌PQ、MN，間距為，P、M兩端接有一只理想電壓表，整個裝置處于豎直向下的磁感強度的勻強磁場中，電阻均為，質量分別為和的兩金屬棒，平行地擱在光滑導軌上，現固定棒，使棒在水平恒力的作用下，由靜止開始作加速運動．試求：（1）當V表讀數為時，棒的加速度多大？（2）棒能達到的最大速度；（3）若在棒L2達時撤去外力F，并同時釋放棒L1，求棒L2達穩定時速度值；（4）若固定L1，當棒的速度為，且離開棒距離為S（m）的同時，撤去恒力F，為保持棒作勻速運動，可以采用將B從原值（）逐漸減小的方法，則磁感強度B應怎樣隨時間變化（寫出B與時間t的關系式）？14．（16分）如圖，區域I內有與水平方向成°角的勻強電場，區域寬度為，區域Ⅱ內有正交的有界勻強磁場B和勻強電場，區域寬度為，磁場方向垂直紙面向里，電場方向豎直向下.一質量為m、電量大小為q的微粒在區域I左邊界的P點，由靜止釋放后水平向右做直線運動，進入區域Ⅱ后做勻速圓周運動，從區域Ⅱ右邊界上的Q點穿出，其速度方向改變了，重力加速度為g，求：(1)區域I和區域Ⅱ內勻強電場的電場強度的大小.(2)區域Ⅱ內勻強磁場的磁感應強度B的大小.(3)微粒從P運動到Q的時間有多長.15．（12分）如圖所示，A為電解槽，N為電爐子，恒定電壓U＝12V，電解槽內阻r＝2Ω，當S1閉合、S2斷開時，電流表的示數為6A；當S2閉合、S1斷開時，電流表的示數為4A（電流表內阻不計），求：(1)電爐子的電阻及發熱功率各多大？(2)在電解槽工作時，電能轉化為化學能的功率為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A、電阻的伏安特性曲線的斜率等于電阻阻值，則R1=62=3Ω、R2=3B、根據閉合電路歐姆定律，則有：E=6+2r；及E=3+3r；解得：電動勢E=9V，內阻r=3Ω，故B錯誤；C、當接R1時，電源的輸出功率為P1=U1I1=6×2=12W，故C正確；D、當接R2時，電源的輸出功率為P2=U2I2=3×4=12W，故D正確．本題選擇錯誤的，故選：B．2、C【解析】

AB．閉合電鍵后，將滑動變阻器滑片向下滑動，其有效電阻減小，電路中總電阻減小，電路中總電流增大，由閉合電路歐姆定律可知，路端電壓減小即的示數減小，故AB錯誤；C．根據閉合電路歐姆定律得則有即與的比值大于r，故C正確；D．由于總電流增大，則電壓表V1的示數增大，，由于路端電壓減小，所以電壓表V2示數減小，，所以有大于，故D錯誤。故選C。3、B【解析】

A、當觸片P向左滑動過程中，導致電阻變大，則總電阻變大，總電流變小，即減小，因內電壓變小，那么外電壓增大，由于電阻電壓減小，即示數減小，則的示數增大，因此通過電阻的電流在增大，則流過的電流在減小，故A錯誤，B正確；

C、由圖可知，均為定值，故C錯誤；

D、根據推論：外電阻等于電源的內阻時，電源的輸出功率最大，由題意，開始時外電阻大于電源內阻，則當變阻器的滑動觸頭P向左移動時，外電路總電阻增大，電源輸出的電功率減小，而電源的供電效率，外電阻增大，路端電壓U增大，電源的供電效率提高，故D錯誤．4、A【解析】

A.動量等于質量和速度乘積，所以做勻變速直線運動的物體，它的動量一定在改變，故A正確B.勻速圓周運動的物體速度一直在變，所以動量在變，故B錯誤C.動量是矢量，動能是標量，動量變動能不一定變，故C錯誤D.動量是矢量，正負代表方向，故D錯誤故選A5、C【解析】在增大電容器兩板間距離的過程中，電容C減小，電壓U不變，則電量Q=CU減小，電容器放電．由于電容器上極板帶正電，則電阻R中有從a流向b的電流．故C正確，ABD錯誤．故選C.6、C【解析】A、帶負電的粒子向右運動，掌心向外，四指所指的方向向左，大拇指所指的方向是向下，選項A錯誤；B、帶負電粒子的運動方向與磁感應線平行，此時不受洛倫茲力的作用．選項B錯誤；C、帶正電的粒子向右運動掌心向外，四指所指的方向向右，大拇指所指的方向是向上，選項C正確；D、帶負電的粒子向上運動，掌心向里，四指應向上，大拇指的方向向左，選項D錯誤；故選C．【點睛】在應用左手定則時，首先要判斷運動的帶電粒子所帶的電性，若是正電，四指的方向與粒子運動方向一致，若是負電，四指所指的方向與粒子的運動方向相反．此處是非常容易出錯的．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

AB．電源的效率為由圖中可知，電阻乙兩端的電壓大于電阻甲，故定值電阻乙接在電源兩端時，電源的效率高，故A正確，B錯誤；CD．當電源內阻等于外電阻時，電源輸出功率最大，由圖中可知丙電阻與電源內阻相等，故定值電阻丙接在電源兩端時，電源的輸出功率大，故C正確，D錯誤；故選AC。8、BCD【解析】試題分析:A、質點先在水平放置的兩平行金屬板間做類平拋運動，要垂直打在M屏上，離開電場后，質點一定打在屏的上方，做斜上拋運動．否則，質點離開電場后軌跡向下彎曲，質點不可能垂直打在M板上．質點在板間的類平拋運動和離開電場后的斜上拋運動，水平方向都不受外力，都做勻速直線運動，速度都等于v0，而且v0方向水平，質點垂直打在M板上時速度也水平，根據質點的軌跡彎曲方向可知兩個過程質點的合力方向相反，加速度方向相反，則速度變化量方向相反．故A錯誤．B、質點的軌跡如圖虛線所示：設質點在板間運動的過程中加速度大小為a，則有質點離開電場時豎直分速度大小為，質點離開電場后運動過程其逆過程是平拋運動，則,聯立解得，故B正確．C、若僅將滑片P向下滑動一段后，R的電壓減小，電容器的電壓要減小，電量要減小，由于二極管具有單向導電性，所以電容器不能放電，電量不變，板間電壓不變，所以質點的運動情況不變，再讓該質點從N點以水平速度v0射入板間，質點依然會垂直打在光屏上，故C正確．D、若僅將兩平行板的間距變大一些，電容器電容減小，由C=Q/U知U不變，電量要減小，但由于二極管具有單向導電性，所以電容器不能放電，電量不變，根據推論可知板間電場強度不變，所以質點的運動情況不變，再讓該質點從N點以水平速度v0射入板間，質點依然會垂直打在光屏上，故D正確．故選BCD．考點：考查帶電粒子在勻強電場中的運動．【名師點睛】本題關鍵抓住兩個運動軌跡的特點，巧用逆向思維分析電場外質點的運動情況．要知道運動的合成與分解是研究曲線運動的常用方法，要靈活運用．9、AD【解析】AB．由圖可知，UA=10-4=6V，UB=4-0=4V，所以UA：UB=3：2，故A正確，B錯誤；CD．根據歐姆定律得，串聯電路電壓與電阻成正比，RA：RB=3：2，根據，，則橫截面積之比SA：SB=1:3，故C錯誤，D正確．故選AD點睛：串聯電路中電流相等，根據電勢差的大小，導線兩端的電壓之比；通過歐姆定律得出電阻的大小關系，再根據電阻定律得出A和B導線的橫截面積之比．10、BD【解析】

AB．由圖看出，ab間電場線比cd間電場線密，而ab=bc，根據U=Ed定性分析可得ab間的電勢差大于bc間電勢差，即Uab＞Ubc，又Uab=φa-φb，Ubc=φb-φc聯立得φa-φb＞φb-φc則得即φb＜4V，故A錯誤，B正確；CD．由上分析知：Uab＞Ubc，則知Uac＞2Ubc，而d與b電勢相等，則Udc=Ubc，可得：Uac＞2Udc，根據電場力做功公式W=qU得知|Wac|＞2|Wdc|故C錯誤，D正確；故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）（2）（3）；【解析】（1）燈泡額定電壓為，則電壓表選，燈泡正常發光時的電流為，則電流表選．（2）根據圖1所示電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示．（3）電壓表選用了3V的量程，所以電壓表的讀數為;電流表選用了0.6A的量程，所以電流表的讀數為：12、1.0Vcd＞小【解析】

(1)[1]電壓表的示數即為等效電路的路段電壓，由表盤讀數可知，現在的歐姆表用的是“”檔，故現在的多用表內阻