2025屆四川省德陽市重點中學物理高三上期中質量跟蹤監視試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示是物體做直線運動的v-t圖象.由圖可知，該物體A．第1s內和第3s內的運動方向相反B．第3s、第4s物體做勻變速直線運動C．第1s內和第4s內的位移相同D．和內的平均速度大小相等2、如圖所示，m為在水平傳送帶上被傳送的小物體(可視為質點)，A為終端皮帶輪．已知皮帶輪的半徑為r，傳送帶與皮帶輪間不會打滑．當m可被水平拋出時，A輪每秒的轉數最少為()A． B． C． D．3、如圖所示，理想變壓器的原線圈接在u=110sin60πt(V)的交流電源上，副線圈接有阻值為55Ω的負載電阻R，原、副線圈匝數之比為1：2，電流表、電壓表均為理想電表．下列說法正確的是A．電壓表的示數為55VB．原線圈的輸入功率為880WC．副線圈輸出交流電的頻率為60HzD．若在副線圈上電阻R的兩端再并聯一個阻值為55Ω的定值電阻，則電流表的示數為8A4、如圖所示是電容式話筒的示意圖，它是利用電容制作的傳感器，話筒的振動膜前面有薄薄的金屬層，膜后距離膜幾十微米處有一金屬板，振動膜上的金屬層和這個金屬板構成電容器的兩極，在兩極間加一個電壓U，人對著話筒說話時，振動膜前后振動，使電容發生變化，使聲音信號被話筒轉化為電信號，其中導致電容變化的原因可能是電容器兩板間的A．介質變化 B．正對面積變化 C．距離變化 D．電壓變化5、如圖所示,勁度系數均為k=200N/m的兩根彈簧下懸掛一個質量m=2kg的重物,處于靜止狀態,彈簧L1懸于A點,與豎直方向的夾角θ=37°,彈簧L2的另一端連于豎直墻上B點,彈簧L2處于水平狀態,此時兩個彈簧的長度相同,已知sin37°=0.6,cos37°=0.8,重力加速度g=10m/s2,則兩根彈簧的原長相差的長度為()A．0.01m B．0.03m C．0.05m D．0.08m6、如圖所示，一小球用繩子掛在墻上，設墻面對球的壓力大小為，繩子對球的拉力大小為，讓繩子縮短（繩與墻間夾角變大），則（）A．增大，增大 B．增大，減小C．減小，增大 D．減小，減小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖是一輛汽車做直線運動的s-t圖象,對線段OA、AB、BC、CD所表示的運動,下列說法正確的是（）A．OA段運動最快B．AB段靜止C．CD段表示的運動方向與初始運動方向相反D．運動4h汽車的位移大小為30km8、下圖是某同學站在壓力傳感器上做下蹲-起立的動作時傳感器記錄的壓力隨時間變化的圖線，縱坐標為壓力，橫坐標為時間。由圖線可知，該同學的體重約為650N，除此以外，還可以得到以下信息()A．1s時人處在下蹲的最低點B．2s時人處于下蹲靜止狀態C．該同學在0-4秒內做了2次下蹲-起立的動作D．下蹲過程中人先處于失重狀態后處于超重狀態9、已知力F的一個分力F1跟F成30°角，大小未知，另一個分力F2的大小為，方向未知，則的大小可能是（）A． B． C． D．10、如圖所示為甲、乙兩個質點同時、同地向同一方向運動的v—t圖，由圖可知A．在0～3s內，甲做勻加速直線運動B．甲在3s后改做勻速運動，在7s末乙追上甲C．5～7s內兩者相互逐漸靠近D．0～7s內兩者在前進方向上的最大距離大于5m三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）“探究加速度與力、質量的關系”的實驗裝置如圖1所示．（1）為了平衡小車及紙帶所受的摩擦力，實驗時應將長木板AB的_____（選填“A端”或“B端”）適當墊高．（1）根據一條實驗中打出的紙帶，通過測量、計算，作出小車的v﹣t圖象見圖1，可知小車的加速度為_____m/s1．（3）在研究加速度與力的關系時，保持小車的_____不變，測出在拉力F作用下小車的加速度a，改變拉力F，重復實驗，得到多組不同的F及相應a的實驗數據．有同學認為：測量多組不同F、a的數據，目的是為了求平均值來減小實驗誤差．該同學的看法是_____（選填“正確”或“錯誤”）的．12．（12分）某學生為了測量一個物體的質量，找到一個力電轉換器，該轉換器的輸出電壓正比于受壓面的壓力(比例系數為k)，如圖所示，測量時先調節輸入端的電壓，使轉換器空載時的輸出電壓為0；而后在其受壓面上放一物體，即可測得與物體的質量成正比的輸出電壓U.請完成對該物體質量的測量：(1)設計一個電路，要求力電轉換器的輸入電壓可調，并且使調節范圍盡可能大，在虛線框中畫出完整的測量電路圖．(2)簡要說明測量步驟，求出比例系數k，并測出待測物體的質量m.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）打印機是辦公的常用工具，噴墨打印機是其中的一種．噴墨打印機的工作原理簡化圖如圖所示．其中墨盒可以噴出半徑約為的墨汁微滴，大量的墨汁微滴經過帶電室時被帶上負電荷，成為帶電微粒．墨汁微滴所帶電荷量的多少由計算機的輸入信號按照文字的排列規律進行控制．帶電后的微滴以一定的初速度進入由兩塊平行帶電金屬板形成的偏轉電場中，微滴經過電場的作用發生偏轉后打在紙面上，顯示出字體．若某種噴墨打印機的偏轉電場極板長度為，兩板間的距離為，偏轉電場極板的右端距紙面的距離為，某個帶電微滴的質量為，沿兩板間的中心線以初速度進入偏轉電場．偏轉電場兩極板間電壓為．該微滴離開電場時的速度大小為，不計微滴受到的重力和空氣阻力影響，忽略電場邊沿場強的不均勻性．（1）該帶電微滴所帶的電荷量．（2）該帶電微滴到達紙面時偏離原入射方向的距離．（3）在微滴的質量和所帶電荷量以及進入電場的初速度均一定的條件下，分析決定打印在紙上字體大小的因素有哪些？若要使紙上的字體高度放大，可以采取的措施是什么？14．（16分）某人在相距10m的A、B兩點間練習折返跑，他在A點由靜止出發跑向B點，到達B點后立即返回A點．設加速過程和減速過程都是勻變速運動，加速過程和減速過程的加速度大小分別是4m/s2和8m/s2，運動過程中的最大速度為4m/s，從B點返回的過程中達到最大速度后即保持該速度運動到A點，求：(1)從B點返回A點的過程中以最大速度運動的時間；(2)從A點運動到B點與從B點運動到A點的平均速度的大小之比．15．（12分）如圖所示，水平地面上有一質量的金屬塊，其與水平地面間的動摩擦因數，，在與水平方向成角斜向上的恒定拉力作用下，以的速度向右做勻速直線運動．已知，，取．求：（1）拉力的大小；（2）經時間，拉力的沖量大小；（3）若某時刻撤去拉力，撤去拉力后，金屬塊在地面上還能滑行多長時間．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

在速度時間圖象中，根據速度的正負判斷運動方向的關系，根據圖線的斜率分析加速度是否變化，從而確定物體的運動性質．根據圖線與時間軸圍成的面積比較位移的大小，而平均速度等于位移與時間之比，由此分析即可.【詳解】A、第1s內和第3s內的速度均為正，運動方向相同，故A錯誤.B、第3s內和第4s內圖象的斜率相同，則第3s內和第4s內加速度相同，所以第3s、第4s物體做勻變速直線運動．故B正確.C、根據速度時間圖線與時間軸圍成的“面積”表示位移，知第1s內和第4s內的位移大小相等、方向相反，則位移不同，故C錯誤.D、根據“面積”表示位移，知內和內的位移相同，而所用時間不同，則平均速度不同，故D錯誤.故選B.【點睛】解決本題的關鍵是要理解速度時間圖線的物理意義，知道圖線的斜率表示加速度，速度的正負表示運動的方向，圖線與時間軸圍成的面積表示位移．2、A【解析】

物體恰好不被拋出的臨界條件是最高點重力恰好提供向心力，根據牛頓第二定律和向心力，有：根據線速度定義公式，有：聯立解得：，故選A．3、B【解析】

A．因為原線圈電壓關系：u=110sin60πt故可知原線圈電壓有效值為110V，原、副線圈匝數之比為1：2，所以有：解得電壓表的示數，故A錯誤；B．因副線圈的功率為：故B正確；C．根據原線圈電壓關系可知該交流電的頻率為30Hz，故C錯誤；D．若在副線圈上電阻R的兩端再并聯一個阻值為55Ω的定值電阻，可知總電阻為：所以副線圈電流為：根據：可知原線圈電流，即電流表示數為I2=16A，故D錯誤．4、C【解析】

根據人對著話筒說話時，振動膜前后振動，使電容發生變化，根據電容的決定因素分析導致電容變化的原因．【詳解】金屬層和金屬板之間電介質是空氣，沒有變化，不會導致電容變化，故A錯誤；振動膜前后振動，金屬層和金屬板正對面積沒有變化，不會導致電容變化，故B錯誤；振動膜前后振動，金屬層和金屬板之間的距離發生變化，導致電容變化，故C正確；電容與電壓無關，電壓的變化不會導致電容變化，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤．5、C【解析】

設彈簧L1原長為d1，此時伸長量為x1，彈簧L2的原長為d2，伸長量為x2。根據力的平衡可得水平方向有：豎直方向有：解得：由題可知：得：代入數據解得：m故選C。6、A【解析】

對小球受力分析，如圖所示：

根據平衡條件，有：FN=mgtanθ當繩子縮短，繩與墻間夾角變大時，則FN變大，FT變大A．增大，增大，與結論相符，選項A正確；B．增大，減小，與結論不相符，選項B錯誤；C．減小，增大，與結論不相符，選項C錯誤；D．減小，減小，與結論不相符，選項D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】試題分析：直線運動的s-t圖象中斜率表示速度：CD段斜率最大，運動的最快，A錯誤；AB段斜率為零，靜止，B正確；CD段（斜率為負）表示的運動方向與初始運動（斜率為正）方向相反，C正確；運動4h汽車的位移大小為零，D錯誤．考點：本題考查直線運動的s-t圖象．8、BD【解析】

A.人下蹲動作分別有失重和超重兩個過程，先是加速下降失重，到達一個最大速度后再減速下降超重對應先失重再超重，到達最低點后處于平衡狀態，由圖可知，t=1s時人仍然加速下降，故A錯誤；B.人下蹲動作分別有失重和超重兩個過程，先是加速下降失重，到達一個最大速度后再減速下降超重對應先失重再超重，到達最低點后處于平衡狀態，所以在t=2s時刻人處于下蹲靜止狀態。故B正確；C.人下蹲動作分別有失重和超重兩個過程，先是加速下降失重，到達一個最大速度后再減速下降超重對應先失重再超重，起立對應先超重再失重，對應圖象可知，該同學在0-4秒內做了一次下蹲-起立的動作，故C錯誤；D.結合A的方向可知，下蹲過程先失重后超重，故D正確。9、AC【解析】

因一個分力F1跟F成30°角，F2的大小為，F2大于，因此有兩種分解結果；根據平行四邊形定則得，如圖，通過幾何關系得，或．故選AC．10、CD【解析】

在0～3s內，甲的速度時間圖象是曲線，所以甲做變加速運動，故A錯誤．甲在3s后改做勻速運動，在0～7s內甲圖形所包圍的面積大于乙圖形所包圍的面積，所以在7s末乙沒有追上甲，故B錯誤．5s末，甲在前面，乙在后面，但5s末后乙的速度大于甲的速度，所以5～7s內兩者相互逐漸靠近，故C正確．當兩者速度相等時，前進方向上的距離最大，在0～5s內，圖形所包圍的面積等于它們的位移，根據面積之差知道最大距離大于5m，故D正確．故選CD．【點睛】解決圖象問題一是要注意圖象的橫縱坐標的含義以確定是什么圖象；二是要明白圖象代表的物理含義：速度圖象的斜率等于物體的加速度；“面積”表示位移．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B端3.0質量錯誤【解析】

（1）為了平衡小車及紙帶所受的摩擦力，實驗時應將長木板AB的B端適當墊高．（1）由圖象可知小車的加速度為；（3）測量多組不同F、a的數據，目的是為了探究力F和加速度a的關系，并不是減小實驗誤差．該同學的看法是錯誤的．12、(1)(2)；【解析】

力電轉換器雖然是一個全新的儀器，但它與其他所有的測量儀器一樣，要有一個“調零”的過程．仔細審題，題目中有很多重要的暗示，挖掘這些信息即是我們解決問題的關鍵．“測量時先調節輸入端的電壓，使轉換器空載時的輸出電壓為0；而后在其受壓面上放一物體，即可測得與物體的質量成正比的輸出電壓U”“該轉換器的輸出電壓正比于受壓面的壓力(比例系數為k)”，所以輸出電壓U＝kmg，題目要求“力電轉換器的輸入電壓可調，并且使電壓的調節范圍盡可能大”，這就暗示我們滑動變阻器必須使用分壓式，有了設計電路才可以進行測量步驟；(1)設計電路如圖所示．(2)測量步驟如下：①調節滑動變阻器，使轉換器的輸出電壓為零；②將質量為m0的砝碼放在轉換器的受壓面上，記下輸出電壓U0；③將待測物體放在轉換器的受壓面上，記下輸出電壓U1；④因為U0＝km0g、U1＝kmg，所以可求四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）．（2）．（3）見解析．【解析】（1）帶電微滴進入電場后，做類平拋運動，離開電場時，沿垂直電場方向的速度大小為，沿電場方向的速度大小為．設帶電微滴在電場中運動的時間為，根據牛頓第二定律與運動學公式，又，計算得出：．（2）帶電微滴離開電場后做勻速直線運動，設運動方向與方向的夾角為，根據平拋運動的特點．，計算得出．（3）由（1）問和（2）